2019新一线增分方案教科版物理选修3-1同步随堂演练：第二章 1 第1节　欧姆定律 .doc

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1、 学生用书P341一根导线，分别通以不同电流，并保持温度不变，当电流较大时，以下说法正确的是()A单位体积内自由电子数较多B自由电子定向移动的速率较大C自由电子的热运动速率较大D电流的传导速率较大解析：选B.对同一根导线，单位体积内的自由电子数是一定的，A错误；电流和自由电子的定向移动的速率有关，与自由电子的热运动速率无关，故B正确，C错误；电流的传导速率是电场的形成速度，等于光速c，和电流的大小无关，选项D错误2.如图所示是一根粗细均匀的橡胶棒，其横截面积为S，由于与毛皮发生摩擦而均匀带负电，若已知该橡胶棒每米所带的电荷量为q，则当该棒沿轴线方向做速度为v的匀速直线运动时，形成的等效电流为(

2、)AvqBCqvS D解析：选A.在运动方向上任取一个截面，则时间t内通过该截面的电荷量为Qvtq，由电流的定义式得：Ivq，故A正确3下列说法中错误的是()A电流通过导体时，沿电流的方向电势逐渐降低B由I可知，通过一段导体的电流与它两端的电压成正比C由R可知，导体的电阻与电压成正比D对一段确定的导体来说，的值不随U或I的改变而改变解析：选C.电流通过导体，沿电流的方向电势逐渐降低，A正确欧姆定律I是指流过导体的电流与它两端的电压成正比，与电阻成反比，故B正确R是计算电阻大小的定义式，但R与U、I无关，故C错误，D正确4.如图所示显示了两电阻R1、R2的电流I和电压U之间的关系，由图像可知两电

3、阻大小之比R1R2为()A1B1C.2 D2解析：选B.在伏安特性曲线IU图线中，直线的斜率与电阻成反比，所以.5有一个小灯泡上标有“4 V，2 W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表V1(05 V，内阻约10 k)B电压表V2(010 V，内阻约20 k)C电流表A1(00.3 A，内阻约1 )D电流表A2(00.6 A，内阻约0.4 )E滑动变阻器R1(010 ，2 A)F滑动变阻器R2(0100 ，0.2 A)G学生电源(直流6 V)、开关及导线(1)为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_，电流表 _，滑动变阻器_(填器材的前方选项

4、符号，如A、B)(2)为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在下面的方框中完成实验电路图 (3)P为图中图线上的一点，PN为图线上P点的切线、PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，对应P点，小灯泡的电阻约为_ .(保留两位有效数字)(4)小灯泡的IU图线是曲线而不是过原点的直线，原因是_ 解析：(1)根据小灯泡标有“4 V，2 W”的字样，电压表应选A；通过小灯泡的额定电流I0.5 A，电流表应选D；本实验要求小灯泡电流从零开始调节，滑动变阻器应用分压式接法，为便于调节(灵敏)，应选阻值小的变阻器E.(2)因小灯泡电阻远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，要求小灯泡电流从零开始调节

5、，所以滑动变阻器应用分压式接法，电路如答案图所示(3)P点表示当小灯泡两端电压为2.4 V时，通过小灯泡的电流为0.45 A，此时小灯泡的电阻R5.3 .(4)小灯泡两端电压越大，通过小灯泡的电流越大，小灯泡的热功率越大，温度越高，导致电阻率变大，小灯泡的电阻增大，IU图像斜率变小也就是说随着电压的增大，小灯泡的电阻增大，使IU图像斜率变小答案：(1)ADE(2)电路如图所示(3)5.3(4)灯丝的电阻会随温度的升高而增大 学生用书P111(单独成册)一、单项选择题1下列说法中正确的是()A由R知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻

6、RC导体电流越大，电阻越小D由I知道，一段导体两端的电压跟通过它的电流成正比解析：选B.导体的电阻取决于导体自身，与U、I无关，故A、C错误比值反映了导体对电流的阻碍作用，定义为电阻，故B正确由电流与电压的关系知电压是产生电流的原因，所以正确的说法是“通过导体的电流跟加在它两端的电压成正比”，因果关系不能颠倒，故D错误2.如图所示，在1价离子的电解质溶液内插有两根碳棒A和B作为电极，将它们接在直流电源上，于是溶液内就有电流通过若在t秒内，通过溶液内截面S的正离子数为n1，通过的负离子数为n2，设基本电荷为e，则以下说法中正确的是()A正离子定向移动形成的电流方向从AB，负离子定向移动形成电流的

7、方向从BAB溶液内由于正负离子向相反方向移动，溶液中的电流抵消，电流大小等于零C溶液内的电流方向从AB，电流大小ID溶液内的电流方向从AB，电流大小Ie解析：选D.电流方向为正电荷定向移动的方向，负电荷定向移动的反方向故正、负离子形成电流方向是一致的，从AB；因为正、负离子形成电流方向一致，有Ie，故A、B、C错，D对3一个阻值为R的导体两端加上电压U后，通过导体截面的电荷量q与通电时间t之间的关系图线为过坐标原点的直线，如图所示此图像的斜率表示()AUBRC. D解析：选C.根据欧姆定律I，又I，所以，即qt可知，在qt图像中斜率为k，故C项正确4今有甲、乙两个电阻，在相同时间内流过甲的电荷

8、量是乙的2倍，甲、乙两端的电压之比为13，则甲、乙两个电阻阻值的比值为()A16 B13C14 D18解析：选A.根据I和I联立解得：R，可得，故选A.5为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需要测得的电压范围尽可能大些，误差小些，为此，下列电路合适的是()解析：选D.灯泡电阻比较小，电流表应该外接，电压范围尽可能大一些，滑动变阻器采用分压接法，故选项D正确6.某元件的伏安特性曲线如图中AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()AB点的电阻为12 BB点的电阻为40 C导体的电阻因温度的影响改变了1 D导体的电阻因温度的影响改变了9 解析：选B.根据电阻的定义式可以求出A、B两点的电阻分

9、别为RA 30 ，RB 40 ，所以RRBRA10 ，故B对，A、C、D错二、多项选择题7.如图验电器A带负电，验电器B不带电，用导体棒连接A、B的瞬间，下列说法中正确的是()A有瞬时电流形成B有持续电流形成C电流方向由A到BD导体棒内的自由电子在电场力作用下做定向移动解析：选AD.导体棒内的自由电子在电场力作用下做定向移动形成电流，但没有持续的电压，所以只能形成瞬时电流，A项和D项正确，B项错误；电子做定向移动的方向是由A到B，电流方向由B到A，C项错误8.两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，则()ARRBRRC电压相同时IID电压相同时II解析：选BC.由伏安特性曲线斜率k且kk，可知B正

10、确又由k，电压相同时，kk，所以II.9某同学在研究三种导电元件的伏安特性时，他根据实验所测得的数据，分别绘制了IU图线，如图甲、乙、丙所示，下列说法正确的是()A图甲的元件可以作为标准电阻使用B图乙的电阻随电压升高而增大C图丙的电阻随电压升高而增大D只有图乙才是可能的解析：选AB.IU图像中图像的斜率表示电阻的倒数；由图像可知甲元件的电阻不变，故题图甲的元件可以作为标准电阻使用，选项A正确；题图乙元件的电阻随电压U的增大而增大，选项B正确；题图丙元件的电阻随电压U的增大而减小，选项C、D错误10.如图所示是电阻R的IU图线，图中45，由此得出()A通过电阻的电流与两端电压成正比B电阻R0.5

11、 C因IU图线的斜率表示电阻的倒数，故Rcot 1.0 D在R两端加6 V电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3 C解析：选AD.由于IU图线为一直线，所以A正确由于R，所以R2 ，B错误由于两坐标单位长度不同，不能用公式Rcot 1.0 来计算，C错误当U6 V时，I3 A，每秒通过的电荷量是3 C，故D正确. 三、非选择题11电路中，每分钟有4.8103 C的电荷流过导线的某一横截面，求：(1)每分钟内流过该导线这一横截面的电子数目；(2)流过该导线的电流已知一个电子的带电量为e1.61019 C.解析：(1)一个电子的带电量为e1.61019 C，故每分钟内流过该导线这一横截面的电子数目

12、n 个3.01016 个(2)流过该导线的电流I A8.0105 A.答案：(1)3.01016 个(2)8.0105 A12在探究规格为“6 V3 W”的小灯泡伏安特性曲线的实验中，某同学采用图甲所示的电路进行测量图中R为滑动变阻器(阻值范围020 ，额定电流1.0 A)，L为待测小灯泡，V为电压表(量程6 V，内阻20 k)，A为电流表(量程0.6 A，内阻1 )，E为电源(电动势8 V，内阻不计)，S为开关(1)在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最_端(选填“左”或“右”)(2)在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是_点至_点的导线未连接好(图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“_2_点至_3_点的导线”)(3)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图乙所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而_(选填“不变”“增大”或“减小”)解析：(1)在实验时，闭合开关前，应使用电器的电压、电流应为最小值，故应使滑片P置于最左端(2)若1点到5点未接好，则电路成为滑动变阻器的限流式电路(3)在IU图像中的每一点与O点的连线的斜率逐渐减小，即电阻的倒数减小，所以电阻增大答案：(1)左(2)15(或51)(3)增大