2022年2022年计算机网络第六版谢希仁期末考试复习题 .pdf

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1、计算机网络第六版谢希仁期末考试复习题选择1 OSI 模型层次【 09-33】在 OSI/RM中，自下而上第一个提供端到端服务的层次是（B） 。A、数据链路层B、传输层 C、会话层 D、应用层2 关于子网掩码3 数据链路距离、速率bit。已知需传y bit 数据包，所需时间多少【10-34】在下图所示的采用 “存储 -转发”方式的分组交换网络中，所有链路的数据传输速率为100Mbps， 分组大小为1000B，其中分组头大小为20B。若主机H1 向主机 H2 发送一个大小为980 000B 的文件，则在不考虑分组拆装时间和传播延迟的情况下，从H1 发送开始到H2 接收完为止，需要的时间至少的是（C

2、）A、80 ms ?B、80.08 ms ?C、80.16 ms ?D、80.24 ms4 关于传输介质的问题，在某网络类型中使用何种介质【09-】在一个采用CSMA/CD协议的网络中，传输介质是一根完整的电缆，传输速率为1Gbps，电缆中的信号传播速度是 200000km/s。若最小数据帧长度减少800 比特，则最远的两个站点之间的距离至少需要（D） 。A、增加 160m B、增加 80m C、减少 160m D、减少 80m5 SMTP 的端口号【 12-40】发收邮件： D SMTP 、SMTP、POP3 6 ICMP 的报文类型有几种，抽出其中一种【10-36】若路由器 R 因为拥塞丢

3、弃IP 分组，则此时R 可向发出该IP 分组的源主机发送的ICMP报文类型是（ C） 。A、路由重定向B、目的不可达C、源点抑制 D、超时7 关于子网，子网内可供分配的IP 地址个数【 10-37】某网络的IP 地址空间为192.168.5.0/24，采用定长子网划分，子网掩码为255.255.255.248，则该网络中的最大子网个数、每个子网内的最大可分配地址个数分别是（B） 。A、32，8 B、32，6 C、8，32 D、8，38 TCP 中确认序号的问题【09-38】 【11-40】主机甲与主机乙已建立一个TCP 连接，主机甲向主机乙发送了两个连续的TCP 段，分别包含300 字节和 5

4、00 字节的有效载荷，第一个段的序列号为200，主机乙正确接收到两个段后，发送给主机甲的确认序列号是（D） 。A、500 B、700 C、800 D、1000 第三个序列号900，接收 TCP 段 300B、400B、500B，仅正确接收第1、 3 个段，确认序列号：B 500 9 拥塞窗口大小的问题【09-39】一个 TCP 连接总是以1KB 的最大段发送TCP 段，发送方有足够多的数据要发送。当拥塞窗口为16KB 时发生了超时，如果接下来的4个 RTT 时间内的 TCP 段的传输都是成功的，那么当第 4 个 RTT 时间内发送的所有的TCP段都得到肯定应答时，拥塞窗口大小是（C） 。A、7

5、KB B 、 8KB C、9KB D 、 16KB10 RIP 使用的路由协议， （R1 给 R2 的包为 net1 是什么意思） 【10-35】某自治系统内采用RIP 协议，若该自治系统内的路由器R1 收到其邻居路由器R2 的距离矢量，距离矢量中包含信息 ，则能得出的结论是（D） 。A、R2 可以经过R1 到达 net1，跳数为 17 B、R2 可以到达 net1，跳数为 16 C、R1 可以经过R2 到达 net1，跳数为 17 D、R1 不能经过 R2 到达 net1简答时延是指数据从网络的一端传送到另一端所需的时间。发送时延：主机或路由器发送数据帧所需要的时间。计算公式：发送时延=数据

6、帧长度（ b）/发送速率（ b/s）传播时延：是电磁波在信道中传播一定的距离需要花费的时间。计算公式：传播时延=信道长度（ m）/电磁波在信道上的传播速率（m/s）CSMA/CD 协议的要点：1）准备发送：适配器从网络层获得一个分组，加上以太网的首部和尾部，组成以太帧，放入适配器的缓存中。但名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 1 页，共 4 页 - - - - - - - - - 在发送之前必须先检测信道。2）检测信道：若检测到信道忙，则应不停地检测，一直等待信道转为空闲

7、。若检测到信道空闲，并在96 比特时间内保持空闲（保证了帧间最小间隔），就发送这个帧。3）在发送过程中仍不停检测信道，即网络适配器要边发送边监听。大题1 P63-07 假定某信道受奈氏准则限制的最高码元速率为20000 码元 /秒。如果采用振幅调制，把码元的振幅划分为16 个不同等级来传送，那么可以获得多高的数据率（b/s）答： C=R*Log2 （16）=20000b/s*4=80000b/s 21）考 DNS（概念，哪个单词缩写，干什么用的，给实例并解释）域名系统DNS（Domain Name System）是因特网使用的命名系统，用来把便于人们使用的机器名字转换为IP地址。2）网络协议的

8、三要素5 分 书上 P26 展开解释网络协议三要素：1 语法，即数据与控制信息的结构或格式。2 语义，即需要发出何种控制信息，完成何种动作以及做出何种响应。3 同步，即事件实现顺序的详细说明。3 在无噪声情况下，若某通信链路的带宽为3kHz，采用 4个相位、每个相位具有4 种振幅的 QAM 调制技术，则该通信链路的最大数据传输速率是（B） 。A、12kbps B、24kbps C、48kbps D、96kbps C=2Hlog2N=2*3k*log216=24kbps. 4 P242-34 题：已知第一次测得TCP 的往返时间RTT 是 30ms。 接着收到了三个确认报文段，用它们测量出的往返

9、时间样本RTT分别是： 26ms，32ms和 24ms。设 =0.1。试计算每一次的新的加权平均往返时间值RTTs。讨论所得出的结果。=0.1。第一次测得TCP 的往返时间RTT 为 30ms，故此时的RTTS=RTT=30ms；接着收到3 次确认报文段，测量出的样本RTT 分别为 26ms，32ms，24ms。所以第 1 次收到确认报文段时：RTTs=0.9x（旧的 RTTs）+0.1x（新的 RTT 样本） =0.9x30ms+0.1x26ms=29.6ms 第 2 次收到确认报文段时：RTTs=0.9x（旧的 RTTs）+0.1x（新的 RTT 样本） =0.9x29.6ms+0.1x3

10、2ms=29.84ms 第 3 次收到确认报文段时：RTTs=0.9x（旧的 RTTs）+0.1x（新的 RTT 样本） =0.9x29.84ms+0.1x24ms=29.256ms 由以上结果可以看出，由于的取值比较小，RTTS受测量的 RTT 样本值的影响较小。5 P184-20 题：设某路由器建立了如下路由表：目的网络子网掩码下一跳128.96.39.0 255.255.255.128 接口 m0 128.96.39.128 255.255.255.128 接口 m1 128.96.40.0 255.255.255.128 R2 192.4.153.0 255.255.255.192 R

11、3 *（默认）R4 现共收到5 个分组，其目的地址分别为：（1）128.96.39.10 （2）128.96.40.12 （3）128.96.40.151 （4）192.153.17 （5）192.4.153.90 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 2 页，共 4 页 - - - - - - - - - （1）分组的目的站IP 地址为： 128.96.39.10。先与子网掩码255.255.255.128 相与，得 128.96.39.0，可见该分组经接口 m0 转发。

12、（2）分组的目的IP 地址为： 128.96.40.12。与子网掩码255.255.255.128 相与得 128.96.40.0，不等于 128.96.39.0。与子网掩码255.255.255.128 相与得 128.96.40.0，经查路由表可知，该项分组经R2 转发。（3）分组的目的IP 地址为： 128.96.40.151，与子网掩码255.255.255.128 相与后得128.96.40.128，与子网掩码255.255.255.192 相与后得 128.96.40.128，经查路由表知，该分组转发选择默认路由，经R4 转发。（4）分组的目的IP 地址为： 192.4.153.1

13、7。与子网掩码255.255.255.128 相与后得192.4.153.0。与子网掩码255.255.255.192 相与后得 192.4.153.0，经查路由表知，该分组经R3 转发。（5）分组的目的IP 地址为： 192.4.153.90，与子网掩码255.255.255.128 相与后得192.4.153.0。与子网掩码255.255.255.192 相与后得 192.4.153.64，经查路由表知，该分组转发选择默认路由，经R4 转发。6 给 IP 地址 （如 196.10.0.0） ， 4个单位第一个要8000 个地址第二个要4000个 第三个要8000个 第四个要16000个 则

14、1）四个单位按顺序分每个单位第一个地址、最后一个地址和子网掩码分别是什么（子网掩码形式：x.y.w.z/n）2）按地址最不浪费的方式分求第一个地址最后一个地址和子网掩码答：1）第一个单位8000，在 212-213之间，主机位需要13 位，IP 地址第三四字节二进制：192.10.0000 0000.0000 0000 下划线主机位，子网第一个地址：192.10.0000 0000.0000 0000，即 192.10.0.0，加上（ 213-1）最后一个地址：192.10.0001 1111.1111 1111，即 192.10.31.256 又主机位 13，则网络前缀19 位，子网掩码：2

15、55.255.224.0。第二个单位4000，在 211-212之间，主机需要12 位，IP 地址： 192.10.32.0 子网第一个地址：192.10.0010 0000.0000 0000，即 192.10.32.0，加上（ 212-1）最后一个地址：192.10.0010 1111.1111 1111，即 192.10.47.256 又主机位12，则网络前缀20 位，子网掩码：255.255.240.0。第三个单位8000，在 212-213之间，主机位需要13 位，IP 地址： 192.10.48.0 子网第一个地址：192.10.0100 0000.0000 0000，即 192.

16、10.64.0，加上（ 213-1）最后一个地址：192.10.0101 1111.1111 1111，即 192.10.95.256 又主机位13，则网络前缀19 位，子网掩码：255.255.224.0。第四个单位16000，在 213-214之间，主机位需要14 位，IP 地址： 192.10.96.0 子网第一个地址：192.10.1000 0000.0000 0000，即 192.10.128.0，加上（ 214-1）最后一个地址：192.10.1011 1111.1111 1111 ，即 192.10.191.256 又主机位14，则网络前缀18 位，子网掩码：255.255.19

17、2.0。2）第一个单位16000，在 213-214之间，主机位需要14 位，IP 地址： 192.10.0.0 子网第一个地址：192.10.0000 0000.0000 0000，即 192.10.0.0，加上（ 214-1）最后一个地址：192.10.0011 1111.1111 1111 ，即 192.10.63.256 又主机位14，则网络前缀18 位，子网掩码：255.255.192.0。第二个单位8000，在 212-213之间，主机位需要13 位，IP 地址： 192.10.64.0 子网第一个地址：192.10.0100 0000.0000 0000，即 192.10.64.

18、0，加上（ 213-1）最后一个地址：192.10.0101 1111.1111 1111，即 192.10.95.256 又主机位13，则网络前缀19 位，子网掩码：255.255.224.0。第三个单位8000，在 212-213之间，主机位需要13 位，IP 地址： 192.10.96.0 子网第一个地址：192.10.0110 0000.0000 0000，即 192.10.96.0，加上（ 213-1）名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 3 页，共 4 页 -

19、- - - - - - - - 最后一个地址：192.10.0111 1111.1111 1111 ，即 192.10.127.256 又主机位13，则网络前缀19 位，子网掩码：255.255.224.0。第四个单位4000，在 211-212之间，主机需要12 位，IP 地址： 192.10.128.0 子网第一个地址：192.10.1000 0000.0000 0000，即 192.10.128.0，加上（ 212-1）最后一个地址：192.10.1000 1111.1111 1111，即 192.10.143.256 又主机位12，则网络前缀20 位，子网掩码：255.255.240.

20、0。7 某局域网采用CSMA/CD协议实现介质访问控制，数据传输速率为10Mbit/s ，主机甲和主机乙之间的距离为2km，信号传播速度为200000km/s。请回答下列问题，要求说明理由或写出计算过程。1）若主机甲和主机乙发送数据时发生冲突，则从开始发送数据的时刻起，到两台主机均检测到冲突为止，最短需要经过多长时间？最长需要经过多长时间？（假设主机甲和主机乙发送数据过程中，其他主机不发送数据）。2）若网络不存在冲突与差错，主机甲总是以标准的最长以太网数据帧（1518B）向主机乙发送数据，主机乙每成功收到一个数据帧后立即向主机甲发送一个64B 的确认帧，主机甲收到确认帧后方可发送下一个数据帧。

21、此时主机甲的有效数据传输速率是多少（不考虑以太网的前导码）？?答：(1)当甲乙两台主机同时向对方发送数据时，两台主机均检测到冲突的时间最短：Tmin =2km/(2 105km/s)=0.01ms 当一台主机发送的数据就要到达另一台主机时，另一台主机才发送数据，两台主机均检测到冲突的时间最长： Tmax = 2 T0=0.02ms。? （2）主机甲的发送时延T1=1518*8b/10Mbps=1.2144ms ；?主机乙发送确认帧的发送时延T2=64*8b/10Mbps=0.0512ms ；?主机甲的发送周期T=T1+T2+2*T0=1.2856ms ；?于是主机甲的有效数据传输率为：1500

22、*8b/1.2856ms=9.33Mbps P186-20 题某单位分配到一个地址块136.23.12.64/26。现在需要进一步划分为4 个一样大的子网。试问：（1）每个子网的网络前缀有多长？（2） 每一个子网中有多少个地址？（3） 每一个子网的网络地址是什么？（4）每一个子网可分配给主机的最小地址和最大址是多少？答案：（1）32-4=28 位（2）每个子网有24=16 地址，其中有效地址：24-2=14 个地址（3）每个地址的地址块是：136.23.12.64/28 136.23.12.80/28 136.23.12.96/28 136.23.12.112/28 （4）每一个子网可分配给主

23、机的最小地址和最大址是：子网地址最小地址最大地址136.23.12.64/28 136.23.12.65/28 136.23.12.78 /28 136.23.12.80/28 136.23.12.81/28 136.23.12.94/28 136.23.12.96/28 136.23.12.97/28 136.23.12.110 /28 136.23.12.112/28 136.23.12.113/28 136.23.12.126/28 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 4 页，共 4 页 - - - - - - - - -