《全品高考复习方案》2020届高考物理一轮复习文档：第1单元运动的描述与匀变速直线运动 作业答案.doc

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1、课时作业(一)1.A解析研究汽车在导航图中的位置时,汽车的大小和形状可忽略不计,则可以把汽车看作质点,选项A正确;10分钟表示的是时间,选项B错误;5.4公里表示此次行程的路程,选项C错误;平均速率等于路程和时间的比值,根据给出的这两个数据,我们可以算出此次行程的平均速率,选项D错误.2.C解析加速度恒定的运动是匀变速运动,速度均匀变化,速度大小变化,速度方向也可能变化,例如平抛运动是匀变速曲线运动,速度的大小和方向都变化,选项A、B错误.速度为零时,加速度可能不为零,例如竖直上抛运动中到达最高点时,速度为零,加速度为g,选项C正确.加速度等于速度变化率,所以速度变化率很大,加速度一定很大,选

2、项D错误.3.D解析因列车的长度远小于哈尔滨到大连的距离,故研究列车行驶该路程所用时间时可以把列车视为质点,选项A错误;由位移与路程的意义知921公里是指路程,选项B错误;由xn-xm=(n-m)aT2,解得加速度a=-5m/s2,即加速度大小为5m/s2,选项C错误;匀变速直线运动中平均速度等于中间时刻的瞬时速度,则第4.5s末列车速度为57.5m/s,由速度时间公式可得v0=v-at=57.5m/s-(-5m/s24.5s)=80m/s,选项D正确.4.D解析速度变化指末速度与初速度之差,由表知的速度变化最大,为20m/s;速度变化的快慢指速度变化与发生这个变化所用时间的比值,即加速度,由

3、表知的加速度最大,为a1=m/s2=3m/s2,的加速度最小,为a4=m/s2=0.2m/s2.5.B解析加速度与速度同向,速度应增大.当加速度不变时,速度均匀增大;当加速度减小时,速度仍增大,但增大得越来越慢;当加速度为零时,速度达到最大值,保持不变,A错误,B正确.因质点速度方向不变化,始终向前运动,最终做匀速运动,所以位移一直在增大,C、D错误.6.B解析小球运动的速率不变,则v=2m/s,由题意可知,小球6s末回到了出发点,第7s内小球向左运动,位移x=-21m=-2m,7s内的路程s=vt=27m=14m,选项B正确.7.CD解析在坐标系中画出机器人的运动轨迹如图所示,可见其运动轨迹

4、不是一条直线,图线的交点表示机器人两次通过同一点,A、B错误;整个过程中机器人的位移为从点(0,0)到点(2,2)的有向线段,大小为2m,C正确;(0,0)、(2,2)、(5,5)三个坐标点在一条直线上,故可得出整个过程中机器人的位移与由点(5,5)到点(2,2)的位移方向相反,D正确.8.AB解析质点每秒钟匀速率移动1m,故第2s末瞬时速度大小为1m/s,A正确;前2s内的位移大小为x1=AB=m=m,平均速度=m/s,B正确;前4s内质点通过的路程为4m,平均速率为1m/s,在第4s末到达C点,前4s内质点的位移大小为x2=AC=2m,平均速度为=m/s=0.5m/s,C、D错误.9.A解

5、析遮光板通过第一个光电门的速度v1=m/s=0.10m/s,遮光板通过第二个光电门的速度v2=m/s=0.30m/s,故滑块的加速度a=0.067m/s2,选项A正确.10.C解析对甲车,设总位移为2x,通过前一半位移所用的时间为t1=,通过后一半位移所用的时间为t2=,全程的平均速度为v甲=48km/h;对乙车,设总时间为2t,前一半时间内的位移为x1=v1t,后一半时间内的位移为x2=v2t,全程的平均速度为v乙=km/h=50km/h,故甲车的平均速度小于乙车的平均速度.11.B解析已知子弹影像前后错开的距离约为子弹长度的1.5%,即实际错开的距离为L=1.5%0.05m=7.510-4

6、m,则曝光时间为t=s=1.510-6s,故B正确.12.2.0103m解析如图所示,A表示爆炸处,O表示观测者所在处,h表示云层下表面的高度.用t1表示爆炸声直接传到O处所经历时间,则有d=vt1用t2表示爆炸声经云层反射到达O处所经历时间,因为入射角等于反射角,故有2=vt2已知t2-t1=t联立解得h=2.0103m13.BC解析小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲后,超声波经过t1时间到达被测物体并被反射折回,再经过t1时间回到小盒子B,该过程中,超声波经过的路程为2x1,所以超声波的速度为v声=,选项A正确;从B盒发射超声波开始计时,经时间t0再次发射超声波脉冲,超声波经过(t2-

7、t0)时间到达被测物体并被反射折回,再经过(t2-t0)回到小盒子B,该过程中,超声波经过的路程为2x2,所以超声波的速度为v声=,选项B错误;被测物体在t1时刻第一次接收到超声波,在t0+(t2-t0)即(t2+t0)时刻第二次接收到超声波,该过程中被测物体发生的位移为x2-x1,所以物体的平均速度为=,选项C错误,选项D正确.14.(1)11s(2)96m解析(1)汽车匀减速运动的加速度a2=m/s2=-6m/s2设汽车从速度为3m/s经t时间停止,则t=s=0.5s故汽车从开出到停止总共经历的时间为t总=10.5s+0.5s=11s.(2)汽车匀加速运动的加速度a1=m/s2=3m/s2

8、汽车匀加速运动的时间t1=s=4s汽车匀减速运动的时间t3=s=2s汽车匀速运动的时间t2=t总-t1-t3=5s汽车匀速运动的速度为vm=12m/s则汽车总共运动的路程s=t1+vmt2+t3=m=96m.课时作业(二)1.D解析v-t图像的斜率表示加速度,即a=,vt图像中图线与时间轴所围的面积表示位移,物体在0t1时间内的位移x=x1+x2,平均速度=,选项D正确.2.C解析若n=1,则x=5+2t,即初位置在x=5m处,速度大小为v=2m/s且不变,所以物体做匀速直线运动,速度大小为2m/s,选项A、B错误;若n=2,则x=5+2t2,与x=x0+v0t+at2对比可得v0=0,a=4

9、m/s2,选项C正确,D错误.3.B解析在斜面上的初速度为0,末速度为v,在水平面上的初速度为v,末速度为0,因在斜面上和在水平面上均做匀变速直线运动,平均速度大小相等,可得=,选项B正确.4.A解析潜水器上浮时的加速度大小为a=,根据逆向思维,可知潜水器在t0时刻距离海面的深度为h=a(t-t0)2=,选项A正确.5.A解析设汽车从A运动到B所用时间为t1,从B运动到C所用时间为t2,汽车匀速运动的速度大小为v,有t1+t2=t,=vt1=vt2,联立可得t1=2t2=,v=,选项A正确.6.B解析安全距离由两阶段运动的位移组成,即由反应时间内的匀速运动和反应时间后的匀减速运动的位移组成,则

10、安全距离x=vt+=0.6m+m200m,选项B正确.7.A解析根据匀变速直线运动的位移时间公式,有x1=v0t1-a,x1+x2=v0(t1+t2)-a(t1+t2)2,解得v0=3.5m/s,a=1m/s2,选项A错误,选项B正确;设物体的总位移为x,停止时所用时间为t,根据匀变速直线运动的位移速度公式和速度时间公式,有=2ax,v0=at,解得x=m,t=3.5s,因此x3=x-x1-x2=m,所用时间t3=t-t1-t2=1.5s,位移x3内的平均速度大小=0.75m/s,选项C、D正确.8.B解析直尺做自由落体运动,根据h=gt2,h=gt2,可以得出相等时间间隔内的位移越来越大,故

11、B正确.9.CD解析根据匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度,故vC=3m/s,选项C正确;根据题意,由于滑块向上做匀减速直线运动,则有CD-AC=aT2,故a=-0.5m/s2,速度vD=vC+aT=2m/s,速度vA=vC-aT=4m/s选项A错误,D正确;B是AD的中点,则-=-,故vB=m/s,选项B错误.10.ABD解析B点对应AC的中间时刻,则vB=,选项A正确;C点对应BD的中间时刻,则vC=,而加速度a=,故vB=vC-aT=,选项B正确;加速度a=,则vB=vC-aT=,选项D正确.11.3s15m解析由题意知a=2m/s2,v0=2m/s,设滑

12、块从A到B的时间为t1,运动到B点的速度为v1,对AB段,有v1=v0+at1,=v0t1+a,对BC段,有=v11s+a(1s)2,联立得t1=2s,L=15m,滑块在斜面上滑行的时间为t2=t1+1s=3s.12.(1)50m/s(2)16m/s解析(1)设起飞速度为v,无风起飞时初速度v01=30m/s,a1=5m/s2根据v2-=2a1x1解得v=50m/s.(2)当飞机逆风行驶起飞时,起飞速度为v1=50m/s-10m/s=40m/s加速度a2=4.2m/s2根据-=2a2x1解得v02=16m/s.13.(1)15m(2)11s解析(1)根据速度位移公式得,匀减速运动的加速度大小为

13、a=m/s2=2.5m/s2,汽车在ETC通道,匀减速运动的时间为t1=s=2s,匀减速运动的位移为x=m=15m.(2)汽车在ETC通道,匀减速运动的时间为t1=2s,匀速行驶的时间为t2=s=1s,从开始减速到交费完成所需的时间为t=t1+t2=3s,过人工收费通道,匀减速运动的时间为t3=s=4s,汽车进入人工收费通道,从开始减速到交费完成所需的时间t=4s+10s=14s,因此少用的时间为t=t-t=14s-3s=11s.专题训练(一)1.A解析由vt图像的斜率大小表示小车的加速度大小可知,18s时小车的加速度大于13s时小车的加速度,选项A正确;vt图像只表示直线运动,选项B错误;小

14、车在020s内速度方向不变,故t=20s时小车离出发点最远,选项C错误;由x前10s36m解析(1)在t1=1s时A车刚启动,第1s内两车间缩短的距离x1=vBt1解得B车的速度vB=12m/sA车的加速度大小a=m/s2=3m/s2(2)两车的速度相等时,两车的距离达到最小,对应于v-t图像的t2=5s时刻,此时两车已发生的相对位移为梯形的面积,则x=vB(t1+t2)=12(1+5)m=36m因此,若A、B两车不会相撞,则两车的距离s0应满足条件:s036m13.(1)64m(2)16s(3)0.25m/s2解析(1)当A、B两车速度相等时相距最远,有v1=v2-at1解得t1=6s根据位移公式得xA=v1t1=48mxB=v2t1-a=84m故xm=xB+x0-xA=64m(2)B车从刹车到停止运动所用时间t0=10s对B车,有xB=100m对A车,有xA=v1t0=80m由于xAx0+xB,所以此时A车并未追上B车,而是在B车停止后才追上,之后A车运动时间为t2=6s故所求时间为t=t0+t2=16s(3)A车刹车减速至0且刚好追上B车时,加速度最小,有+x0=解得aA=0.25m/s2