2022年高一上学期期中考试物理试题.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 武汉二中 20222022 学年上学期高一年级期中考试物理试卷命题老师：蒋国富 审题老师：王正国考试时间： 2022 年 11 月 21 日 下午 15：0017：00 试卷满分： 110 分一、挑选题：此题共 12 小题,每道题 4 分；共 48 分在每道题给出的四个选项中,第 18 题只有一项符合题目要求,第 9-12 题有多项符合题目要求；全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2分,有选错的得 0 分；1、物理学的进展推动了社会的进步；以下关于物理学上一些大事和科学方法的说法不正确的是 A、伽利略用自己设计的抱负斜面试验,推翻了“ 力是维

2、护物体运动的缘由” 的错误结论, 伽利略科学思想方法的核心是把试验和规律推理和谐地结合起来 肯定律的建立做出了较大的奉献, 伽利略和笛卡尔对牛顿第B、在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成许多小段,每一小段近似 看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采纳了微元法C、依据速度定义式vx,当t 特别特别小时,x 就可以表示物体在 tt 时刻的瞬时t速度,该定义应用了极限思想方法 D、在不需要考虑物体本身的大小和外形时,用质点来代替物体的方法叫假设法【答案】 D 【ks5u 解析】A 、亚里士多德认为物体的运动需要力来维护,伽利略用抱负试验反对了他的观点,运动不需 要力来维护；

3、伽利略运用“抱负试验 ”方法得出：运动不需要力来维护,没有力也可以有速度；后来笛卡尔在此基础上把伽利略的结论推广到没有重力没有摩擦力,没有空气阻力的更抱负 情形,进一步补充和完善了伽利略的观点,在如干年后,由牛顿总结成了一条基本定律,这 就是牛顿第一运动定律,故 A 正确；B、在使用微元法处理问题时,需将其分解为众多微小的“ 元过程 ” ,而且每个 “元过程 ” 所遵循的规律是相同的,这样,我们只需分析这些“元过程 ” ,然后再将 “ 元过程 ” 进行必要的数学方法或物理思想处理,进而使问题求解；故 B 正确；C、有时我们要确定某一个量,第一确定的不是这个量的本身而是它的近似值,而且所确定的近

4、似值也不仅仅是一个而是一连串越来越精确的近似值；然后通过考察这一连串近似值的趋名师归纳总结 向,把那个量的精确值确定下来,这就是极限的思想方法,故C 正确；第 1 页,共 15 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - D、在不需要考虑物体本身的大小和外形时,用质点来代替物体的方法叫抱负模型法,故 D 错误；【考点】物理学史；讨论物理的方法2、一辆汽车以速度 v 匀速行驶了全程的一半,然后匀减速行驶了一半,恰好停止,就全程的平均速度为 B.2 v3C.3 v2D.vA.v 23【答案】 B 【ks5u 解析】设全程为s,前半程的时间st 1ssv,2 v；后

5、半程做匀减速直线运动,后半程的平均速度v12就后半程的运动时间t2.；就全程的平均速度t1st22v,故 B 正确；2 vv3v2【考点】平均速度3、一位同学在某星球上完成自由落体运动试验：让一个质量为下落了 8s,测得在第 5 s 内的位移是 18 m,就（）A、物体在 2 s末的速度是 20 m/s B、物体在第 5 s 内的平均速度是 3.6 m/s C、物体在第 2 s 内的位移是 20 m D、物体在 5 s内的位移是 50 m 【答案】 D 【ks5u 解析】2 kg 的物体从肯定的高度自由A 、第 5s 内的位移是18m,有：1gt21gt2 218m,t1=5s,t2=4s,解

6、得： g=4m/s2；所以 2s212末的速度： v=gt=8m/s ,故 A 错误；x18m / s,故 B 错误；gt26m,故 C 错误；B、第 5s 内的平均速度：vtC、t=2s,t=1s,物体在第x1gt212s 内的位移：22D、物体在 5s 内的位移：x1gt250m,故 D 正确；2【考点】自由落体运动名师归纳总结 4、做匀加速直线运动的质点,在第4s 末的速度为8 m/s.下面判定正确选项（）第 2 页,共 15 页A、质点在第8s 末的速度肯定是16 m/s B、质点在前8s 内的位移肯定是64 m - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - -

7、- C、质点的加速度肯定是2 2 msD、质点在前8s 内的平均速度肯定大于8 m/s 【答案】 B 【ks5u 解析】A 、初速度和加速度未知,第8s末的速度无法确定,故A 错误；8s 内的位移B、故匀变速直线运动中前8s 内的平均速度等于第4s 末的瞬时速度,就前x=8 8m=64m,故 B 正确；C、知道 4s 末的速度,由于初速度未知,就无法求出加速度故C 错误；D、平均速度_x8m s,故 D 错误；vt【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系5、如下列图,质量为 m 的木块 A 放在斜面体 B 上,如 A 和 B 沿水平方向以相同的速度 v0一起向

8、左做匀速直线运动,就 A 和 B 之间的相互作用力大小为 Amg BmgsinCmgcos D0 【答案】 A 【ks5u 解析】AB 两物体处于平稳状态,就A 物体所受的合力为零,而A 受到重力、支持力、静摩擦力三个力,所以支持力、静摩擦力的合力肯定与重力等大反向,故 为 mg；应选 A 【考点】共点力平稳的条件及其应用；力的合成与分解的运用A 和 B 之间的相互作用力大小6、如下列图,质量为 m 的正方体和质量为 M 的正方体放在两竖直墙和水平面间,处于静止状态 m 和 M 的接触面与竖直方向的夹角为 ,如不计一切摩擦, 以下说法正确选项（）A水平面对正方体 M 的弹力大小大于（Mm）g

9、B水平面对正方体 M 的弹力大小为（Mm）gcos C墙面对正方体 M 的弹力大小为 mgtan D墙面对正方体 m 的弹力大小为 mg/tan 【答案】 D 【ks5u 解析】AB 、对 M 和 m 构成的整体进行受力分析如下左图,两物体受力平稳,依据共点力平稳条件,水平面对正方体 M 的弹力大小为 N=（M+m ）g,故 AB 错误；CD、对 m 进行受力分析如下右图,在木块受力平稳的过程中,依据共点力平稳条件,有：竖直方向： mg=N sin 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 水平方向： N=N cos解得

10、N=mgcot ,墙面对正方体M 的弹力大小等于 mgcot ,墙面对 正方体 m 的 弹力大小 也为mgcot ,故 D 正确 C 错误；【考点】共点力平稳的条件及其应用；力的合成与分解的运用7、半圆柱体 P 放在粗糙的水平地面上,其右端有固定放置的竖直挡板 MN；在 P 和 MN 之间放有一个光滑匀称的小圆柱体 Q,整个装置处于静止；右图所示是这个装置的纵截面图；如用外力使 MN 保持竖直,缓慢地向右移动,在 Q 落到地面以前,发觉 P 始终保持静止；在此过程中,以下说法中正确选项（）A.MN 对 Q 的弹力逐步减小B.地面对 P 的摩擦力逐步增大C.P、Q 间的弹力先减小后增大D.Q 所

11、受的合力逐步增大【答案】 B 【ks5u 解析】解：先对 Q 受力分析,如图,依据共点力平稳条件,有 N1=mg cos N2=mgtan 再对 P、Q 整体受力分析,如图,依据共点力平稳条件,有f=N 2 N=（M+m ）g 得 f=mgtanMN 保持竖直且缓慢地向右移动过程中,角 不断变大,故 f 变大,N 不变, N1变大, N2变大, P、Q 受到的合力为零；应选 B；【考点】共点力平稳的条件及其应用；力的合成与分解的运用8、甲、乙两人用绳 aO 和 bO 通过装在 P 楼和 Q 楼楼顶的定滑轮,将质量为 m 的物块由 O 点沿 Oa 直线缓慢地向上提升,如下列图 aOb 为锐角；

12、就在物块由 O 点沿 Oa 直线缓慢上升过程中,以下判定正确选项 A 、aO 绳和 bO 绳中的弹力逐步减小B、aO 绳和 bO 绳中的弹力逐步增大C、aO 绳中的弹力始终增大,bO 绳中的弹力先减小后增大D、aO 绳中的弹力先减小后增大,bO 绳中的弹力始终增大【答案】 C 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【ks5u 解析】由图可知,N2 先减小后增大,N1 始终增大,应选C；【考点】共点力平稳；力的合成9、做初速度为零的匀加速直线运动的物体在时间T 内通过位移 s1到达 A点,接着在时间T内又通过位移 s2到

13、达 B点,就以下判定正确选项s 1 s 2A、物体在 A点的速度大小为2 T2 s 2B、物体运动的加速度为T 2s 2 s 1C、物体运动的加速度为T 23 s 2 s 1D、物体在 B点的速度大小为2 T【答案】 ACD 【ks5u 解析】A 、依据一段时间内平均速度等于中点时刻的瞬时速度可知：vAA 点的速度等于两段时间2T 内的平均速度,得到vAs 1s 2,故 A 正确；2TB、由s 11aT2得,a2s 1,故 B 错误；2T2aT3s2s 1,故 D 正确；C、由saT2可知,as 22s 1,故 C 正确；TD、由vv0at 及s 1:s 21: 3得, B 点的速度大小vB2

14、T【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系10、某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开头一段时间内的v-t 图象 ,某同学为了简化运算,用虚线作近似处理,以下说法正确选项 A.在 t 1时刻 ,虚线反映的加速度比实际的大B.在 0t 1时间内 ,由虚线运算出的平均速度比实际的大C.在 t 1 t2时间内 ,由虚线运算出的位移比实际的大D.在 t 3t4时间内 ,虚线反映的是匀速直线运动【答案】 BD 【ks5u 解析】A 、在 t1时刻,虚线的斜率小于实线的切线斜率,就虚线反映的加速度小于实际的加速度,故A 错误；B、在 0-t1时间内,由虚线

15、与时间轴围成的面积大于实线与时间轴围成的面积,就由虚线运算名师归纳总结 出的位移大于实际的位移,所以虚线运算出的平均速度比实际的大,故B 正确；第 5 页,共 15 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - C、在 t1-t2时间内,虚线与时间轴围成的面积小于实线与时间轴围成的面积,就虚线运算出的位移小于实际的位移,故 C 错误；D、在 t3-t4时间内,虚线是一条水平的直线,即物体的速度保持不变,即反映的是匀速直线运动,故 D 正确；【考点】匀变速直线运动的图像11、如下列图,两个截面半径均为 r、质量均为 m 的半圆柱体 A、B 放在粗糙水平面上,A、

16、B截面圆心间的距离为 L在 A、B 上放一个截面半径为 r、质量为 2m 的光滑圆柱体 C,A、 B、C始终都处于静止状态就（）A、B 对地面的压力大小为 3mgB、地面对 A 的作用力沿 A C方向C、L 越小, A、C间的弹力越小D、L 越小,地面对 A、 B 的摩擦力越小【答案】 CD 【ks5u 解析】A 、以三个物体组成的整体为讨论对象,由平稳条件得知：地面对 B 的支持力为 1.5mg,就由牛顿第三定律得知 B 对地面的压力大小也为 1.5mg；故 A 错误；B、地面对 A 有支持力和摩擦力两个力作用,地面对A 的作用力是它们的合力；如下列图根据平稳条件知：地面的支持力N1 和摩擦

17、力f 的合力与力mg 和压力 N2 的合力等大、反向,C A球对 A 的压力 N 2 方向沿 AC 方向,就力 mg 和压力 N2 的合力肯定不沿AC 方向,故地面对的作用力不沿AC 方向,故 B 错误C、以 C 为讨论对象,分析受力情形,如图,由平稳条件有：2N cosmg得N2mg, L 越小, 越小,就得A 对 C 间的弹力 N2越小,故 C 正确；2cosD、以 A 为讨论对象,依据平稳条件得知： 地面对 A 的摩擦力 f=N 2sin ,而 C 对 A 的压力 N2=N 2,就得 L 越小, 越小, f 越小,故 D 正确；应选 CD 【考点】共点力平稳的条件及其应用12 、粗糙水平

18、面上放置质量分别为 m 和 2m 的四个木块, 其中两个质量为 m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连；木块间的动摩擦因数均为 ,木块与水平面间的动摩擦因数相同,可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力；现用水平拉力 F 拉其中一个质量为 2m 的木块,使四个木块一起匀速前进；就需要满意的条名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 件是 A.木块与水平面间的动摩擦因数最大为 B.木块与水平面间的动摩擦因数最大为3 2 3C.水平拉力 F 最大为 2 mgD.水平拉力 F 最大为 6 mg【答案】 AC 【ks5u 解析】A 、B 设左

19、侧 2m 与 m 之间的摩擦力为 f1,右侧摩擦力为 f2,对左侧两物体：绳子的拉力 T=3 mg,对右上的 m 刚要滑动时,静摩擦力达到最大值,T=f m= mg联立上两式得：动摩擦因数最大为故 A 正确, B 错误；3C、D 左边两物体分析就有：水平拉力 应选 AC F 最大为 T=2 mg,故 C 正确, D 错误；【考点】共点力平稳的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力二、填空及试验探究题（此题共2 小题,每空2 分,共 14 分）13（ 1）在 “ 验证力的平行四边形定就” 的试验中, PO 为橡皮筋, OA 、OB 为带有绳套的两细绳；对以下操作和试验现象的表达正确选项 _ A 两

20、细绳的夹角要尽可能地大 B必需测出两细绳的长度,以便画出力的图示 C有可能两弹簧测力计的拉力都比橡皮筋的拉力大 D换用一根弹簧测力计后只需把橡皮筋拉伸到相同长度即可 在某次试验中,用两弹簧秤拉绳使橡皮筋的一端拉伸到 O 点,在保持 O 点位置不变的情形下,以下操作可能实现的有 _ A 保持 OA 、OB 两细线的方向不变,转变两弹簧秤拉力的大小B保持 OA 的方向及 A 弹簧秤的示数不变,转变B 弹簧秤的拉力大小及方向C保持弹簧秤 A 的示数不变,使弹簧秤 B 的示数减小D保持 OB 细线的方向不变,使弹簧秤 A 的示数减小（2）某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数,将该弹簧竖直悬

21、挂起来,在自由端挂上砝码盘；通过转变盘中砝码的质量,测得 6 组砝码的质量m 和对应的弹簧长度l ,画出 m 一 l 图线,对应点已在图上标出,如图乙所示；（重力加速度g10m/s2）采纳恰当的数据处理,该弹簧的劲度系数为N/m ；（保留 3 位有效数字）请你判定该同学得到的试验结果与考虑砝码盘的质量相比,结果；填“偏大 ”、“偏小 ”或“相同 ” 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【答案】 13（1） C CD （2） 3.44N/m 相同【ks5u 解析】（1） A 、两细绳的夹角并非越大越好,适当大一些即行,

22、故 A 错误；B、该试验通过细绳确定力的方向,并非确定力的大小,故 B 错误；C、两弹簧测力计的拉力的合力与橡皮筋的拉力大小相等,两弹簧测力计的拉力可以同时比橡 皮筋的拉力大,故 C 正确；D、换用一根弹簧测力计后只需把橡皮筋拉伸到相同位置 相同,故 D 错误；应选 C；O,即使橡皮筋的形变方向和大小都该题中,要求保持 O 点位置不变,即合力的大小和方向不变,即平行四边形的对角线不变,依据平行四边形定就可知：A 、保持分力的方向不变,而对角线不变化,就平行四边形只有一种画法,故 A 错误；B、一个分力不变,对角线不变,平行四边形只有一种画法,故 B 错误；C、一个分力大小不变,另外一个分力减小

23、,对角线不变,平行四边形有许多种画法,故 C 正确；D、一个分力方向不变,另外一个分力减小,对角线不变,平行四边形有许多种画法（两分力不垂直）,故 D 正确；应选 CD ；（2）由平稳条件得mgkx 得mklkl0,对应图像可知, 斜率对应k g,故 k3.44 N/m ；gg由于 k 是通过斜率和重力加速度求得的,与质量无关,故结果相同；【考点】验证力的平行四边形定就；探究弹力和弹簧伸长的关系名师归纳总结 14、如下列图,某同学在做“讨论匀变速直线运动” 试验中, 由打点计时器得到表示小车运动过第 8 页,共 15 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - -

24、 程的一条清楚纸带,纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s,其中 S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm,就 A 点处瞬时速度的大小是 _m/s ,小车运动的加速度运算表达式为 _,加速度的大小是 _m/s 2（运算结果保留两位有效数字）；【答案】 0.86 a=（S 6S 5S 4）（S 1S2S 3）0.64m/s29T2【ks5u 解析】某时刻的瞬时速度等于一段时间内的平均速度vAs 3s 40.86m / s2T用逐差法来运算加速度（a=S 6S 5S 4）（S 1S 2S 3）=0.64 m/s2

25、 9T2【考点】测定匀变速直线运动的加速度三、分析运算题（此题共 5 小题,共 48 分；分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤；只写出最终答案的不得分；有数值运算的题,答案中必需明确写出数值和单位）15、8 分一列长 100 m 的列车以 v120 m/s 的正常速度行驶,当通过 1000 m 长的大桥时,必需以 v2 10 m/s 的速度行驶在列车上桥前需提前减速,当列车头刚上桥时速度恰好为 10 m/s ；列车全部离开大桥时又需通过加速复原原先的速度减速过程中, 加速度大小为 0.25 m/s 2.加速过程中,加速度大小为 1 m/s 2,就该列车从减速开头算起,到过桥后速度

26、达到 20 m/s,共用了多长时间？【答案】 160s 【ks5u 解析】设过桥前减速过程所需时间为 t1,就 t1v 2v 140s a1设过桥所用的时间为 t2,就 t2x v 2 110s 设过桥后加速过程所需时间为 t3,就 t3v 1v 2 a210s 共用时间 tt1t2t3160s 【考点】匀变速直线运动速度与时间的关系16、（ 8 分）如下列图,一根轻绳左端固定在水平天花板上,依次穿过不计质量和摩擦的动滑名师归纳总结 轮和定滑轮后, 悬挂重 G1的物体 A,在动滑轮下悬挂重G2 的物体 B,系统恰好处于静止状态求：第 9 页,共 15 页如 G1= G2=10N,静止时细绳与天

27、花板间的夹角 =？- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 如测得 G1=10N, =37,那么 G2=？ sin37【答案】 =60 G212N 【ks5u 解析】设绳 OA 、BO 与竖直方向夹角为 1、 2由平稳条件得 TT AA cosT B 2G T B1 cos 2故 12 0.6 , cos37 0.8 （1）设 12而 T A TBG12TBcos =G1 cos =2 =60所以 30（2）当 G110N, 37时, 就 532TBcos53 =G2 T B=G1所以 G212N 【考点】共点力平稳17、10 分 截面为直角三角形的木块 A

28、质量为 M,M未知,放在倾角为 的斜面上 , 当 =37时, 木块恰能静止在斜面上 . 可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力 , 现将 改为 30 , 在 A 与斜面间放一质量为 m的光滑圆柱体 B,如图乙 ,sin37 =0.6,cos37 =0.8 ,就：（1）求木块 A 与斜面的动摩擦因数（2）如 M=4m,求 A 受到斜面的摩擦力（3）如 M=2m,求 A 受到斜面的摩擦力【答案】 =0.75 f=2.5mg f/ =0.75mg 【ks5u 解析】（1）当 =37时,木块恰能静止在斜面上 . 可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力 , 设木块 A 与斜面的动摩擦因数为 ,由平稳方程得 Mgsi

29、n37= Mgcos37 o 得 =tan37 o=0.75 （2）如 M=4m, 设 A 受到斜面的摩擦力为 f ,以 A.B 为整体得F=（M+m ）gsin30 o=2.5mg 而 A.B 的最大静摩擦力为 fm=Mgcon30 o=1.5mg 就 f m F 所以 A 受到斜面的摩擦力 f=2.5mg （3）如 M=2m, 设 A 受到斜面的摩擦力为 f / 以 A.B 为整体得F /=（M+m ）gsin30 o=1.5mg 而 A.B 的最大静摩擦力为 fm=Mgcon30 o=0.75mg 就 f m F 所以 A受到斜面的摩擦力f=2.5mg 1 分（3）如 M=2m,设 A

30、受到斜面的摩擦力为f/ 以 A.B 为整体得F /=（M+m） gsin30o=1.5mg 1 分而 A.B 的最大静摩擦力为fm=Mgcon30 o=0.75mg 1 分就 f m F/所以 A 受到斜面的摩擦力f/ =0.75mg 1 分18、（10 分）解： 1 对 A物体进行受力分析,有四个力作用,分解绳的拉力,依据衡可得 N1mAgTsin 2 分- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - F1TcosF1 1N1 2 分解得 T 1mAg cos 1sin 2 分代入数据得T100 N. 2 对 B 进行受力分析,受六个力的作用,地面对 B的支持力 N2mBgN1 （2 分）地面对 B的摩擦力 F2 N2 （1 分）F F1F2200 N. （1 分）19、（ 12 分）解：（1）在摩托车的速度减小到等于汽车的速度之前,摩托车相对于汽车是向前运动的；此后,摩托车相对于汽车向后运动；设摩托车速度减小到等于汽车速度用时为t 1,在 t1时间