2022年高考第二轮复习专题检测卷_.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载温馨提示：此套题为 Word版,请按住Ctrl, 滑动鼠标滚轴,调剂合适的观看比例,答案解析附后；专题检测卷 五 一、单项挑选题 此题共 4 小题,每道题 45分钟 100分 6 分,共 24 分；每道题只有一个选项正确1. 如下列图,演员正在进行杂技表演；由图可估算出他将一只鸡蛋抛出的过程 中对鸡蛋所做的功最接近于 A.0.3 J B.3 J C.30 J D.300 J 2.2022 福建高考 如图 , 表面光滑的固定斜面顶端安装肯定滑 轮, 小物块 A、B 用轻绳连接并跨过滑轮 不计滑轮的质量和摩 擦 ；初始时刻 ,A

2、、B 处于同一高度并恰好处于静止状态；剪断 轻绳后 ,A 下落、 B 沿斜面下滑 , 就从剪断轻绳到物块着地 , 两物 块 A. 速率的变化量不同B.机械能的变化量不同l 时,获得动能为E1; 如在水C.重力势能的变化量相同D.重力做功的平均功率相同3. 质量为 m的物体静止在粗糙的水平面上,如在水平拉力F 作用下产生位移为平拉力 2F 作用下产生位移为l 时,获得动能为E2, 就 A.E2=E1B.E 2=2E1C.E22E1D.E22E 1,应选项 C 正确；4.【解析】 选 C；小球 a 加速度为2 g ,小于自由落体运动的小球2b 的加速度 g ,相撞前瞬时,小球a 的速度小于小球b

3、的速度,选项A 错误；相撞前瞬时,小球a 的重力功率小于小球b 的重力功率,选项B错误；相撞前瞬时,小球a 的速度可表示为gt ,小于自由落体运动的小球b 的速度 可表示为 gt ,由动能公式可知, b 球的动能是a 球动能的 2 倍,选项 C 正确；从开头运动到相撞, b 球位移可表示为,a 球位移可表示为2,b 球位移是 a 球位移的倍,选项D 错误；12 gt 221 gt 22225.【解析】 选 B、D；由 F-t 图象可知,在0t 1 时间内, Ff m ,故物块仍沿同一方向做加速运动,至t 3 时刻速度最大,动能最大,选项C 错、 D 对；第 4 页,共 7 页精选学习资料 -

4、- - - - - - - - 学习必备 欢迎下载6.【解析】 选 A、C；由等量正、负点电荷的电场线分布特点可知,带电小圆环由 AB 滑动过程中受到的电场力先增大后减小,所以受到的摩擦力先增大后减小,因此它的加速度先变大再变小,故 A 正确；由于电场力的方向与运动方向垂直,故电场力始终不做功,选项B 错误,由 AO 过程与由 O B 过程摩擦力1 2 1 2做的功相等,据动能定理,由 AO 过程有：W mv mv 0 ;由 AB 过程有：2 22W 0 12 mv 20,可解得 v2 2v 0,故 C 对、 D 错；v2 2v 07. 【解析】 选 A、 C；由于汽车做匀速率运动,依据动能定

5、理,A 正确；由于汽车从 A 运动到 B,除阻力做功,牵引力做功,仍有重力做功,故 B 错误；由于速度的方向不断变化,依据 P=mgvcos ,C 正确；汽车在桥顶依据圆周运动规律,mg-F N= ,故 FN 不等于重力, D 错误；2v8. 【解析】 选 A、 C；由 v-t 图象, 0 t 1 时间内物体的加速度逐步减小,依据牛顿其次定律,拉力逐步减 mR小, A 正确； V-t 图象是曲线并不代表物体做曲线运动,B 错误；由于物体在粗糙的水平面上运动,t 1t 2时间内动能不变,依据动能定理,拉力做功与克服摩擦力做功相等,故拉力的功率不为零,C 正确,而t 1 t 2 时间内合外力做功为

6、零,D 错误；9. 【解题指南】 解答此题时应把握以下关键点：2 明确最大动能时对应汽车的匀速运动状态；1明确 Ek-x 图象的意义,知道直线斜率的意义；3敏捷运用动能定理列方程求解；【解析】 选 B、C；由题图可知,汽车的最大动能是 Ek=8 105 J= ,因此,汽车运动过程中的最大 1 mv 221 mv 2m速度为 v m =40 m/s,在关闭发动机过程中,关闭储能装置时,汽车动能全部转化为内能,就 f 阻s= 2,依据图象知 s=4 102 m ,那么 f 阻=2 103 N ,当汽车速度达到最大时,牵引力等于阻力,即 F=f 阻=2 103 N ,汽车的额定功率为 P 额=F v

7、m =f 阻vm =2 103 40 W=80 kW,选项 A 错误,选项 B 正确；在汽车加速运动过程中,依据动能定理得,P 额t-f 阻s1= ,其中 s1=500 m,加速时间 t=22.5 s 1 mv 2m,选项 C2正确；依据开启储能装置时的关系图线知,误；【方法技巧】 两种功率表达式的比较E=E k-f 阻s=8 105 J-2 103 1.5 102 J=5 105 J,选项 D 错名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 7 页精选学习资料 - - - - - - - - - 1 功率的定义式：P学习必备欢迎下载W,所求出的功率是时间t 内的平均功率；t2 功率

8、的运算式：P=Fvcos ,其中 是力与速度间的夹角,该公式有两种用法：求某一时刻的瞬时功率；这时 F 是该时刻的作用力大小,v 取瞬时值,对应的 P 为 F 在该时刻的瞬时功率；当 v 为某段位移 时间 内的平均速度时,就要求这段位移时间 内 F 必需为恒力,对应的P 为 F 在该段时间内的平均功率；10. 【解析】 1 小物块从 C 水平飞出后做平抛运动,由h1gt2t2h0.3 s2 分 2得小物块从C 到 D 运动的时间g2 从 C 到 D,小物块水平方向做匀速直线运动,vx tC 点飞出时的速度；3 分 得 v=2 m/s,2 分 此速度即小物块从3 小物块从 A 运动到 C 的过程

9、中,依据动能定理得mgH-h-Wf= 1 mv-0 2230.1 J 6 分 就克服摩擦力做功：W f=0.1 J 2 分 答案： 10.3 s 22 m/s 11. 【解题指南】 解答此题需要把握以下四点：1 读出图象中正、负最大加速度,由牛顿其次定律分别运算出最大拉力和最小拉力；2 加速度图象与时间轴围成的面积表示速度的变化量；3 速度最大时拉力等于重力,拉力的功率等于重力与速度的乘积；名师归纳总结 4 依据动能定理可运算总功； 【解析】 1 由牛顿其次定律, 有 F-mg=ma 2 2 分 由 a-t 图象可知, F1 和 F2 对应的加速度分别是a 1=1.0 m/s2, a2=-1.

10、0 m/s第 6 页,共 7 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - F1=mg+a1=2.0 103 10+1.0 N 学习必备欢迎下载=2.2 104 N 1 s 内 a-t 图线下的面积1 分 F2=mg+a2=2.0 103 10-1.0 N 1 分 =1.8 104 N 2 类比可得,所求速度变化量等于第2 分 v 1=0.50 m/s 同理可得 v 2=v 2-v 0 =1.5 m/s 1 分 v 0=0 ,第 2 s 末的速率v2=1.5 m/s 2 分 3 由 a-t 图象可知, 11 s 30 s 内速率最大,其值等于0 11 s 内 a

11、-t 图线下的面积,有v m=10 m/s 1 分 此时电梯做匀速运动,拉力 F 等于重力 mg ,所求功率P=Fv m=mg v m=2.0 103 10 10 W=2.0 105 W 由动能定理,总功W=E k2 -Ek1 = 1 mv 2m 0 1 2.0 10 310 J 21.0 10 J 53 分 2 2答案： 1 2.2 104 N 1.8 104 N 20.50 m/s 1.5 m/s 32.0 105 W 1.0 105 J【方法技巧】 应用动能定懂得题的一般步骤1 选取讨论对象,明确它的运动过程；2 分析讨论对象的受力情形和各力的做功情形：名师归纳总结 3 明确物体在过程始末状态的动能Ek1 和 Ek2 ；第 7 页,共 7 页4 列出动能定理的方程W 合=E k2 -Ek1 及其他必要的解题方程进行求解；- - - - - - -