2022年高一物理平抛运动练习题.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 高一物理平抛运动练习题一、单项挑选题班级 _姓名 _座号 _ 命题人：郑俊峰答案填写到第3 页的框格内 1. 关于做平抛运动的物体,正确的说法是 A.速度始终不变 B.加速度始终不变 C.受力始终与运动方向垂直 D.受力始终与运动方向平行 2. 在“ 探究平抛运动的规律” 的试验中,假如小球每次从斜槽滚下的初始位置不同,就下 列说法中错误选项 A. 小球平抛的初速度不同 B. 小球每次做不同的抛物线运动 C.小球在空中运动的时间每次均不同 D.小球通过相同的水平位移所用的时间均不同3. 以初速度 v0 水平抛出一个物体,经过时间 t 速度的大小

2、为vt,经过时间 2t,速度大小的正确表达式应当是Av02gt2BvtgtCv02 gtDtv23gt24. 物体做平抛运动,它的速度方向与水平方向的夹角 的正切 图中的tan 随时间 t 的变化图像是5.如下列图,斜面上有 a、b、c、d 四个点, abbccd.从 a 点正上方的 O 点以速度 v 水平抛出一个小球, 它落在斜面上的 b 点如小球从 O 点以速度 2v 水平抛出, 不计空气阻力, 就它落在斜面上的1 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 4 页精选学习资料 - - - - - - - - - A b 与 c 之间某一点Bc 点Cc 与 d 之间某一点Dd

3、点二、双项挑选题 答案填写到第 3 页的框格内 6.某人向放在水平地面的正前方小桶中水平抛球,结果球划着一条弧线飞到小桶的前方（如下列图）；不计空气阻力,为了能把小球抛进小桶中,就下次再水平抛时,他可能作出的调整为A减小初速度,抛出点高度不变B增大初速度,抛出点高度不变C初速度大小不变,降低抛出点高度D初速度大小不变,提高抛出点高度7. 以速度 v0 水平抛出一小球后,不计空气阻力,某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大小相等,以下判定正确选项A 此时小球的竖直分速度大小大于水平分速度大小B此时小球速度的方向与位移的方向相同C此时小球速度的方向与水平方向成 D从抛出到此时小球运动的时间为45 度

4、角 2v0 g8.一快艇要从岸边某一不确定位置处到达河中离岸边100 m 远的一浮标处,已知快艇在静水中的速度 v x 图象和流水的速度 v y 图象如下列图,就A 快艇的运动轨迹为直线B快艇的运动轨迹为曲线C能找到某一位置使快艇最快到达浮标处的时间为 20 s D快艇最快到达浮标处经过的位移为 100 m 2 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 4 页精选学习资料 - - - - - - - - - 题号1 2 3 4 5 6 7 8 答案B C C B A AC AD BC 三、填空试验题9. 如右图是利用闪光照相讨论平抛运动的示意图小球 A 由斜槽滚下,从桌边缘水平抛

5、出,当它恰好离开桌边缘时,小球 B 也同时下落,闪光频率为 10 Hz 的闪光器拍照的照片中 B 球有四个像,像间距离已在图中标出,单位为 cm,两球恰在位置 4 相碰就 A 球离开桌面时的速度 _g 取 10 m/s2 【解析】小球做平抛运动满意 xv0t,由闪光照片知 t0.3 s,v 01 m/s. 【答案】1 m/s 10. 如下图甲所示的演示试验中,A、B 两球同时落地,说明 _ ,某同学设计了如下图乙的试验：将两个斜滑道固定在同一竖直面内,最下端水平, 把两个质量相等的小钢球,从斜面的同一高度由静止同时释放,滑道 2 与光滑水平板连接,就他将观察到的现象是 _ ,这说明 _ _.

6、【答案】平抛运动在竖直方向上是自由落体运动球 1 落到光滑水平板上并击中球2平抛运动在水平方向上是匀速直线运动四、运算解答题11.平抛一物体,当抛出1 s 后它的速度与水平方向成45 角,落地时速度方向与水平方向成 60 角 .求（取 g=10m/s2）：（1）物体的初速度；（2）物体的落地速度；（3）开头抛出时物体距地面的高度；（4）物体的水平射程 . 3 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 4 页精选学习资料 - - - - - - - - - 12.如右图所示,一小球从平台上水平抛出,恰好落在接近平台的一倾角为 53的光滑斜面顶端,并刚好沿光滑斜面下滑,已知斜面顶端与

7、平台的高度差 h0.8 m,g10 m/s2,sin 530.8, cos 53 0.6,就：1小球水平抛出的初速度 v0 是多大？2斜面顶端与平台边缘的水平距离 s 是多少？3如斜面顶端高 H20.8 m,就：小球离开平台后经多长时间 t 到达斜面底端？【解析】1由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑,说明此时小球速度方向与斜面平行,否就小球会弹起,所以 vyv0tan 53,v 2y 2gh,就vy4 m/s,v03 m/s. 2由 v ygt1 得 t 10.4 s,sv 0t13 0.4 m1.2 m. 3小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度 agsin 53,初速度 v 5 m/s.就Hvt21 2at22,13s 不合题意舍去 sin 53解得 t2 2 s或 t24所以 t t1t22.4 s. 4 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 4 页