2022年高中物理机械振动知识点总结.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 一. 教案内容：第十一章机械振动本章学问复习归纳二. 重点、难点解读（一）机械振动物体（质点）在某一中心位置两侧所做的往复运动就叫做机械振动,物体能够环围着平稳位置做往复运动,必定受到使它能够回到平稳位置的力即回复力；回复力是以成效命名的力,它可以是一个力或一个力的分力,也可以是几个力的合力；产生振动的必要条件是：a、物体离开平稳位置后要受到回复力作用；b、阻力足够小；（二）简谐振动1. 定义：物体在跟位移成正比,并且总是指向平稳位置的回复力作用下的振动叫简谐振动；简谐振动是最简洁,最 基本的振动；争论简谐振动物体的位置,经常建立以中心位置（平

2、稳位置）为原点的坐标系,把物体的位移定义为物体偏离开坐标原点的位移；因此简谐振动也可说是物体在跟位移大小成正比,方向跟位移相反的回复力作用下的振动,即 F=kx,其中“ ” 号表示力方向跟位移方向相反；2. 简谐振动的条件：物体必需受到大小跟离开平稳位置的位移成正比,方向跟位移方向相反的回复力作用；3. 简谐振动是一种机械运动,有关机械运动的概念和规律都适用,简谐振动的特点在于它是一种周期性运动,它的 位移、回复力、速度、加速度以及动能和势能（重力势能和弹性势能）都随时间做周期性变化；（三）描述振动的物理量,简谐振动是一种周期性运动,描述系统的整体的振动情形常引入下面几个物理量；1. 振幅：振

3、幅是振动物体离开平稳位置的最大距离,常用字母“A ” 表示,它是标量,为正值,振幅是表示振动强弱的物理量,振幅的大小表示了振动系统总机械能的大小,简谐振动在振动过程中,动能和势能相互转化而总机械能 守恒；2. 周期和频率,周期是振子完成一次全振动的时间,频率是一秒钟内振子完成全振动的次数；振动的周期 T 跟频率 f 之间是倒数关系,即 T=1/f；振动的周期和频率都是描述振动快慢的物理量,简谐振动的周期和频率是由振动物体本 身性质打算的,与振幅无关,所以又叫固有周期和固有频率；（四）单摆：摆角小于 5 的单摆是典型的简谐振动；细线的一端固定在悬点,另一端拴一个小球,忽视线的伸缩和质量,球的直径

4、远小于悬线长度的装置叫单摆；单 摆做简谐振动的条件是：最大摆角小于 5 ,单摆的回复力 F 是重力在圆弧切线方向的分力；单摆的周期公式是T=；由公式可知单摆做简谐振动的固有周期与振幅,摆球质量无关,只与 L 和 g 有关,其中 L 是摆长,是 悬点到摆球球心的距离；g 是单摆所在处的重力加速度,在有加速度的系统中（如悬挂在升降机中的单摆）其 g 应为 等效加速度；（五）振动图象；简谐振动的图象是振子振动的位移随时间变化的函数图象；所建坐标系中横轴表示时间,纵轴表示位移；图象是 正弦或余弦函数图象,它直观地反映出简谐振动的位移随时间作周期性变化的规律；要把质点的振动过程和振动图象 联系起来,从图

5、象可以得到振子在不同时刻或不同位置时位移、速度、加速度,回复力等的变化情形；（六）阻尼振动、受迫振动、共振；简谐振动是一种抱负化的振动,当外界给系统肯定能量以后,如将振子拉离开平稳位置,放开后,振子将始终振 动下去,振子在做简谐振动的图象中,振幅是恒定的,说明系统机械能不变,实际的振动总是存在着阻力,振动能量 总要有所耗散,因此振动系统的机械能总要减小,其振幅也要逐步减小,直到停下来；振幅逐步减小的振动叫阻尼振 动,阻尼振动虽然振幅越来越小,但振动周期不变,振幅保持不变的振动叫无阻尼振动；振动物体假如在周期性外力 策动力作用下振动,那么它做受迫振动,受迫振动达到稳固时其振动周期和频率 等于策动

6、力的周期和频率,而与振动物体的固有周期或频率无关；物体做受迫振动的振幅与策动力的周期（频率）和物体的固有周期（频率）有关,二者相差越小,物体受迫振动 的振幅越大,当策动力的周期或频率等于物体固有周期或频率时,受迫振动的振幅最大,叫共振；名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 【典型例题】例 1 一弹簧振子在一条直线上做简谐运动,第一次先后经过M 、N 两点时速度v（v 0）相同,那么,以下说法正确的是（）A. 振子在 M 、N 两点受回复力相同B. 振子在 M 、N 两点对平稳位置的位移相同C. 振子在 M 、N 两点加速

7、度大小相等D. 从 M 点到 N 点,振子先做匀加速运动,后做匀减速运动解读： 建立弹簧振子模型如下列图,由题意知,振子第一次先后经过 M 、N 两点时速度 v 相同,那么,可以在振子运动路径上确定 M 、N 两点, M 、N 两点应关于平稳位置 O 对称,且由 M 运动到 N,振子是从左侧释放开头运动的（如 M 点定在 O 点右侧,就振子是从右侧释放的）；建立起这样的物理模型,这时问题就明朗化了；因位移、速度、加速度和回复力都是矢量,它们要相同必需大小相等、方向相同；M 、N 两点关于O 点对称,振子回复力应大小相等、方向相反,振子位移也是大小相等,方向相反；由此可知,A 、B 选项错误；振

8、子在 M 、N 两点的加速度虽然方向相反,但大小相等,故 C 选项正确；振子由 MO 速度越来越大,但加速度越来越小,振子做加速运动,但不是匀加速运动；振子由 ON 速度越来越小,但加速度越来越大,振子做减速运动,但不是匀减速运动,故 D 选项错误,由以上分析可知,该题的正确答案为 C；点评： （1）仔细审题,抓住关键词语；此题的关键是抓住“ 第一次先后经过 M 、N 两点时速度 v 相同” ；（2）要留意简谐运动的周期性和对称性,由此判定振子可能的路径,从而确定各物理量及其变化情形；（3）要重视将物理问题模型化,画出物理过程的草图,这有利于问题的解决；例 2 一质点在平稳位置 O 邻近做简谐

9、运动,从它经过平稳位置起开头计时,经 0.13 s 质点第一次通过 M 点,再经0.1 s 其次次通过 M 点,就质点振动周期的可能值为多大 . 解读： 将物理过程模型化,画出详细的图景如图 1 所示；设质点从平稳位置 O 向右运动到 M 点,那么质点从 O到 M 运动时间为 0.13 s,再由 M 经最右端 A 返回 M 经受时间为 0. 1 s；如图 2 所示；另有一种可能就是 M 点在 O 点左方,如图 3 所示,质点由 O 点经最右方 A 点后向左经过 O 点到达 M 点历时0.13 s,再由 M 向左经最左端 A ,点返回 M 历时 0.1 s；依据以上分析,质点振动周期共存在两种可

10、能性；如图 2 所示,可以看出 OM A 历时 0.18 s,依据简谐运动的对称性,可得到 T14 0.18 s0.72 s；另一种可能如图 3 所示,由 OAM 历时 tl0.13 s,由 M A 历时 t2 0.05 s 设 M O 历时 t,就 4（t+t2） t1+2t 2+t,解得 t 0. 01 s,就 T24（t+t 2） 0.24 s 所以周期的可能值为 0.72 s和 0.24 s 说明：（1）此题涉及的学问有：简谐运动周期、简谐运动的对称性；（2）此题的关键是：分析周期性,弄清物理图景,判定各种可能性；（3）解题方法：将物理过程模型化、分段分析、争论；例 3 甲、乙两弹簧振

11、子,振动图象如下列图,就可知（）A. 两弹簧振子完全相同名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - B. 两弹簧振子所受回复力最大值之比 F甲F乙=21 C. 振子甲速度为零时,振子乙速度最大D. 振子的振动频率之比 f甲f乙=12 解读： 从图象中可以看出,两弹簧振子周期之比 T 甲T 乙=21,得频率之比 f 甲f乙=12,D 正确；弹簧振子周期与振子质量、弹簧劲度系数 k 有关,周期不同,说明两弹簧振子不同,A 错误；由于弹簧的劲度系数 k 不肯定相同,所以两振子受回复力（F=kx ）的最大值之比 F 甲F 乙不肯定为

12、2 1,所以 B 错误,对简谐运动进行分析可知,在振子到达平稳位置时位移为零,速度最大；在振子到达最大位移处时,速度为零,从图象中可以看出,在振子甲到达最大位移处时,振子乙恰到达平稳位置,所以C 正确；答案为C、D；点评： （ 1）图象法是物理问题中常见的解题方法之一,是用数学手段解决物理问题才能的重要表达；应用图象法解物理问题要明确图象的数学意义,再结合物理模型弄清图象描述的物理意义,两者结合,才能全面地分析问题；（ 2）此题中涉及学问点有：振幅、周期、频率、影响周期的因素、简谐运动在特别点的速度、回复力、简谐运动的对称性等；（3）分析此题的主要方法是数与形的结合（即图象与模型相结合）分析方

13、法；例 4 在海平面校准的摆钟,拿到某高山山顶,经过t 时间,发觉表的示数为t ,如地球半径为R,求山的高度h（不考虑温度对摆长的影响）；解读： 由钟表显示时间的快慢程度可以推知表摆振动周期的变化,而这种变化是由于重力加速度的变化引起的,所以,可以得知由于高度的变化引起的重力加速度的变化,再依据万有引力公式运算出高度的变化,从而得出山的高度；一般山的高度都不是很高（与地球半径相比较）,所以,由于地球自转引起的向心力的变化可以不考虑,而认为物体所受向心力不变且都很小,物体所受万有引力近似等于物体的重力；（1）设在地面上钟摆摆长l,周期为T0,地面邻近重力加速度g,拿到高山上,摆振动周期为T,重力

14、加速度为g,应有从而（2）在地面上的物体应有在高山上的物体应有得点评： （ 1）此题涉及学问点：单摆的周期及公式,影响单摆周期的因素,万有引力及公式,地面邻近重力与万有引力关系等；（2）解题关键：抓住影响单摆周期的因素g,找出 g 的变化与t 变化的关系,再依据万有引力学问,推出g 变化与高度变化关系,从而顺当求解；名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 例 5 在光滑水平面上,用两根劲度系数分别为 k1、k2的轻弹簧系住一个质量为 m 的小球；开头时,两弹簧均处于原长,后使小球向左偏离 x 后放手,可以看到小球将在水平面

15、上作往复振动；试问小球是否作简谐运动？解读： 为了判定小球的运动性质,需要依据小球的受力情形,找出回复力,确定它能否写成 F= kx 的形式；以小球为争论对象,竖直方向处于力平稳状态,水平方向受到两根弹簧的弹力作用；设小球位于平稳位置 O 左方某处时,偏离平稳位置的位移为 x,就左方弹簧受压,对小球的弹力大小为 f 1=k1x,方向向右；右方弹簧被拉伸,对小球的弹力大小为 f2=k 2x,方向向右；小球所受的回复力等于两个弹力的合力,其大小为 令 k=k 1+k 2,上式可写成 F=kx ；F=f 1+f 2=（ k1+k 2）x,方向向右；由于小球所受回复力的方向与位移x 的方向相反,考虑方

16、向后,上式可表示为F= kx；所以,小球将在两根弹簧的作用下,沿水平面作简谐运动；点评： 由此题可归纳出判定物体是否作简谐运动的一般步骤：确定争论对象（整个物体或某一部分）分析受力情形找出回复力表示成F=kx 的形式（可以先确定F 的大小与 x 的关系,再定性判定方向）；例 6 如下列图,一轻质弹簧竖直放置,下端固定在水平面上,上端处于a 位置,当一重球放在弹簧上端静止时,弹簧上端被压缩到 b 位置；现将重球（视为质点）从高于 a 位置的 c 位置沿弹簧中轴线自由下落,弹簧被重球压缩到最低位置 d；以下关于重球运动过程的正确说法应是（）A . 重球下落压缩弹簧由 a 至 d 的过程中,重球做减

17、速运动；B. 重球下落至 b 处获得最大速度；C. 重球下落至 d 处获得最大加速度；D. 由 a至 d 过程中重球克服弹簧弹力做的功等于小球由c 下落至 d 处时重力势能削减量；解读： 重球由c 至 a 的运动过程中,只受重力作用,做匀加速运动；由a 至 b 的运动过程中,受重力和弹力作用,但重力大于弹力,做加速度减小的加速运动；由b 至 d 的运动过程中,受重力和弹力作用,但重力小于弹力,做加速度增大的减速运动；所以重球下落至b 处获得最大速度,由a 至 d 过程中重球克服弹簧弹力做的功等于小球由c下落至 d 处时重力势能削减量,即可判定B、D 正确； C 选项很难确定是否正确,但利用弹簧

18、振子的特点就可特别容易解决这一难题；重球接触弹簧以后,以b 点为平稳位置做简谐运动,在b 点下方取一点a ,使 ab= ab,依据简谐运动的对称性,可知,重球在a、a的加速度大小相等,方向相反,如下列图；而在d 点的加速度大于在a点的加速度,所以重球下落至d 处获得最大加速度,C 选项正确；答案： BCD 例 7 如单摆的摆长不变,摆角小于5 ,摆球质量增加为原先的4 倍,摆球经过平稳位置的速度减小为原先的1/2,就单摆的振动（）A. 频率不变,振幅不变B. 频率不变,振幅转变名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - C.

19、频率转变,振幅转变 D. 频率转变,振幅不变解读： 单摆的周期 T=,与摆球质量和振幅无关,只与摆长 L 和重力加速度 g 有关；当摆长 L 和重力加速度 g 不变时, T 不变,频率 f 也不变；选项 C、D 错误；单摆振动过程中机械能守恒；摆球在最大位置 A 的重力势能等于摆球运动到平稳位置的动能,即 mgL （1cos ）= m 2 =,当 减小为 /2 时,增大,减小,振幅 A 减小,选项 B 正确；点评： 单摆的周期只与摆长和当地重力加速度有关,而与摆球质量和振动幅无关,摆角小于 5 的单摆是简谐振动,机械能守恒；【模拟试卷】一. 挑选题1. 弹簧振子作简谐运动,t 1时刻速度为v,

20、t2 时刻也为 v,且方向相同；已知（t2t1）小于周期T,就（ t 2t1）（AB ）A . 可能大于四分之一周期 B. 可能小于四分之一周期C. 肯定小于二分之一周期 D. 可能等于二分之一周期2. 有一摆长为 L 的单摆,悬点正下方某处有一小钉,当摆球经过平稳位置向左摇摆时,摆线的上部将被小钉拦住,使摆长发生变化,现使摆球做小幅度摇摆,摆球从右边最高点 M 至左边最高点 N 运动过程的闪光照片,如下列图,（悬点和小钉未被摄入）,P 为摇摆中的最低点；已知每相邻两次闪光的时间间隔相等,由此可知,小钉与悬点的距离为（ C ）A. L/4 B. L/2 C. 3L/4 D. 无法确定3. A

21、、B 两个完全一样的弹簧振子,把A 振子移到A 的平稳位置右边10cm,把 B 振子移到B 的平稳位置右边5cm,然后同时放手,那么（A ）A. A 、B 运动的方向总是相同的 B. A 、B 运动的方向总是相反的C. A 、B 运动的方向有时相同、有时相反 D. 无法判定 A、B 运动的方向的关系4. 在以下情形下,能使单摆周期变小的是（ C）A. 将摆球质量减半,而摆长不变 B. 将单摆由地面移到高山 C. 将单摆从赤道移到两极 D. 将摆线长度不变,换一较大半径的摆球 5. 把一个筛子用四根弹簧支起来,筛子上装一个电动偏心轮,它每转一周,给筛子一个驱动力,这就做成了一个共振筛,筛子做自由

22、振动时,完成20 次全振动用15s,在某电压下,电动偏心轮转速是88 r/min ,已知增大电动偏心轮的电压,可以使其转速提高,增加筛子的质量,可以增大筛子的固有周期,要使筛子的振幅增大,以下做法中,正确的是（ AD）A. 降低输入电压 B. 提高输入电压C. 增加筛子的质量 D. BD ）6. 一质点作简谐运动的图象如下列图,就该质点（A. 在 0.015s时,速度和加速度都为x 方向；B. 在 0.01 至 0.03s 内,速度与加速度先反方向后同方向,且速度是先减小后增大,加速度是先增大后减小；C. 在第八个 0.01s 内,速度与位移方向相同,且都在不断增大；名师归纳总结 D. 在每

23、1s 内,回复力的瞬时功率有100 次为零；第 5 页,共 9 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 7. 摆长为 L 的单摆做简谐振动,如从某时刻开头计时,（取作t=0）,当振动至时,摆球具有负向最大速度,就单摆的振动图象是图中的（ C ）8. 将一个电动传感器接到运算机上,就可以测量快速变化的力,用这种方法测得的某单摆摇摆时悬线上拉力的大小随时间变化的曲线如下列图；某同学由此图线供应的信息做出了以下判定（ A ） s 时摆球正经过最低点； s 时摆球正经过最低点；摆球摇摆过程中机械能削减；摆球摇摆的周期是 T1.4s；上述判定中,正确选项A. B.

24、C. D. 9. 甲乙两人同时观看同一单摆的振动,甲每经过2.0S 观看一次摆球的位置,发觉摆球都在其平稳位置处；乙每经过3.0S 观看一次摆球的位置,发觉摆球都在平稳位置右侧的最高处,由此可知该单摆的周期可能是（ AB ）A. 0.5S B. 1.0S C. 2.0S D. 3.0S10. 关于小孩子荡秋千,有以下四种说法：质量大一些的孩子荡秋千,它摇摆的频率会更大些孩子在秋千达到最低点处有失重的感觉拉绳被磨损了的秋千,绳子最简洁在最低点断开自己荡秋千想荡高一些,必需在两侧最高点提高重心,增加势能；上述说法中正确选项（B ）A. B. C. D. 二. 填空题11. 如下列图,质量为 m 的

25、物块放在水平木板上,木板与竖直弹簧相连,弹簧另一端固定在水平面上,今使 m 随 M一起做简谐运动,且始终不分别,就物块 m 做简谐运动的回复力是由 重力和 M 对 m 支持力的合力 供应的,当振动速度达最大时,m 对 M 的压力为 mg ；12. 如下列图为水平放置的两个弹簧振子 A 和 B 的振动图像,已知两个振子质量之比为 mA :mB=2:3,弹簧的劲度系数之比为 kA :kB=3:2,就它们的周期之比TA：TB 2:3 ；它们的最大加速度之比为aA:aB 9:2 ；第 6 页,共 9 页名师归纳总结 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 13. 有

26、一单摆,当它的摆长增加2m 时,周期变为原先的2 倍；就它原先的周期是_1.64s_；14. 某同学在做“ 利用单摆测重力加速度” 的试验中,先测得摆线长为 101.00cm,摆球直径为 2.00cm,然后用秒表记录了单摆振动 50 次所用的时间为 101.5 s；就：（1）他测得的重力加速度 g =9.76 m/s 2（运算结果取三位有效数字）（2）他测得的 g 值偏小,可能缘由是： CD A. 测摆线长时摆线拉得过紧；B. 摆线上端未坚固地系于悬点,振动中显现松动,使摆线长度增加了；C. 开头计时时,秒表过迟按下；D. 试验中误将 49 次全振动计为 50 次；（3）为了提高试验精度,在试

27、验中可转变几次摆长 l 并测出相应的周期 T,从而得出一组对应的 l 和 T 的数值,再以 l 为横坐标、 T 2 为纵坐标将所得数据连成直线,并求得该直线的斜率 K；就重力加速度 g = 42/K；（用K 表示）三. 运算题15. 弹簧振子以 O 点为平稳位置在 B、C 两点之间做简谐运动,B、C 相距 20 cm.某时刻振子处于 B 点,经过 0.5 s,振子首次到达 C 点,求：（1）振动的周期和频率； T=1s f=1Hz （2）振子在 5 s 内通过的路程及位移大小；200cm 10cm （3）振子在 B 点的加速度大小跟它距 O 点 4 cm 处 P点的加速度大小的比值；5:2 1

28、6. 观看振动原理的应用：心电图仪是用来记录心脏生物电的变化规律的装置,人的心脏跳动时会产生一股股强弱不同的生物电,生物电的变化可以通过四周组织传到身体的表面；医生用引导电极放置于肢体或躯体的肯定部位就可通过心电图仪记录出心电变化的波动曲线,这就是心电图；请去医院进行调查争论,下面是甲、乙两人在同一台心电图机上作出的心电图分别如图甲、乙所示,医生通过测量后登记甲的心率是（1）该心电图机图纸移动的速度；v=0.025m/s（2）乙的心动周期和心率 0.8s 75 次 /分60 次分；试分析：17. 如下列图,一块涂有炭黑玻璃板,质量为 2kg,在拉力 F 的作用下,由静止开头竖直向上运动；一个装

29、有水平振针的振动频率为 5Hz 的固定电动音叉在玻璃板上画出了图示曲线,量得 OA=1cm ,OB=4cm ,OC=9cm ,求外力 F 的大小；（ g=10m/s 2,不计阻力） F=24N 18. 两个单摆摆长相同,一个静止于地面,一个个静止在悬浮于高空的气球中；地面上的单摆摇摆了 n 次全振动时,气球中的单摆摇摆了n1 次全振动；已知地球半径为R,求气球的高度？ H=R/n-1 【试卷答案】1. AB 2. C 3. A 4. C 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 解读： 影响单摆周期的因素为摆长l 和重力加速

30、度g,当摆球质量减半时摆长未变,周期不变；当将单摆由地面移到高山时, g 值变小, T 变大；当单摆从赤道移到两极时 l 增大, T 变大,所以选 C；5. AD 6. BD g 变大, T 变小；当摆线长度不变,摆球半径增大时,摆长7. 解：从 t=0 时经过 时间,这段时间为,经过 摆球具有负向最大速度,说明摆球在平稳位置,在给出的四个图象中,经过 具有最大速度的有 B、C 两图,而具有负向最大速度的只有 C；所以选项 C 正确；8. A 9. AB10. 解读： 秋千近似为单摆,其周期、频率由摆长l 和当地的重力加速度打算,与质量无关,故知错；具有向下的加速度时处于失重状态,而在最低点具

31、有向上的向心加速度,故错；最低点绳子承担的拉力最大,故在最低点易断,故对；在最高点提高重心,可使体内化学能转化为机械能（势能）,可荡得高一些,可见亦正确,答案：B 11. 重力和 M 对 m 的支持力的合力； mg；12. 2：3；9： 2 13. 解：设该单摆原先的摆长为 L 0,振动周期为 T 0；就摆长增加 2m 后,摆长变为L= （l 0+2）m,周期变为 T=2T 0；由单摆周期公式,有 T0=2 T0= 联立上述两式,可得 L 0= m T 0=1.64s 14. （1） 9.76 （ 2） B （3） 4 2/K；15.（1）设振幅为 A,由题意 BC2A 20 cm,所以 A1

32、0 cm振子从 B 到 C 所用时间 t0.5 s,为周期 T 的一半,所以 T=1.0 s；f= =1.0 Hz（2）振子在 1 个周期内通过的路程为 4A,故在 t=5 s=5T 内通过的路程 s= 4A=200 cm5 s 内振子振动了 5 个周期, 5 s末振子仍处在 B 点,所以它偏离平稳位置的位移大小为 10 cm（3）振子加速度 a=x,ax.所以 aBaP=xB xP=104=5216.（1）25mm/s（2）0.8s；75 次/分217. 设板竖直向上的加速度为 a,就有： sBAsAO=aT sCBsBA =aT 2 由牛顿其次定律得 Fmg=ma 解式可求得 F24 N18. 解读： T= =2 T = = 2所以 = =所以 h=名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 9 页