2022年高考物理题荟萃牛顿运动定律.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载第三章 牛顿运动定律20XX年高考新题一、挑选题1. （09 全国卷 15）两物体甲和乙在同始终线上运动,它们在0 0.4s 时a乙, 依据间内的v-t图象如下列图；如仅在两物体之间存在相互作用,就物体甲与乙的质量之比和图中时间t 1 分别为（ B ）A1 3和 0.30s B3 和 0.30s C 1 3和 0.28s D3 和 0.28s 解析 ：此题考查图象问题. 依据速度图象的特点可知甲做匀加速, 乙做匀减速 . 依据av得3 a 甲t牛顿其次定律有F1F, 得m 甲3, 由a乙410m/s201t, 得 t=0.

2、3s,B正确；m 乙m 甲3m 乙0.44.2. （09 上海7）图为蹦极运动的示意图；弹性绳的一端固定在O点,另一端和运动员相连；运动员从 O 点自由下落,至B点弹性绳自然伸直,经过合力为零的C点到达最低点D,然后弹起；整个过程中忽视空气阻力；分析这一过程,以下表述正确选项（B ）经过 B 点时,运动员的速率最大经过 C 点时,运动员的速率最大从 C 点到 D 点,运动员的加速度增大从 C 点到 D 点,运动员的加速度不变A B C D3. （09 上海46）与一般自行车相比,电动自行车骑行更省力；下表为某一品牌电动自行车的部分技术参数；在额定输出功率不变的情形下,质量为 60Kg 的人骑着

3、此自行车沿平直大路行驶,所受阻力恒为车和人总重的 0.04倍；当此电动车达到最大速度时,牵引力为 N,当车速为 2s/m 时,其加速度为 m/s 2g=10m m/s 2 规格 后轮驱动直流永磁铁电机车型 14 电动自行车 额定输出功率 200W 整车质量 40Kg 额定电压 48V 最大载重 120 Kg 额定电流 4.5A 答案： 40：0.6 4. （09 宁夏20）如下列图,一足够长的木板静止在光滑水平面上,一物块静止在木板上,木板和物块间有摩擦；现用水平力向右拉木板,当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时,撤掉拉力,此后木板和物块相对于水平面的运动情形为（ BC ）第 1 页,

4、共 25 页名师归纳总结 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载A. 物块先向左运动,再向右运动B. 物块向右运动,速度逐步增大,直到做匀速运动C. 木板向右运动,速度逐步变小,直到做匀速运动D. 木板和物块的速度都逐步变小,直到为零5. （09 广东物理8）某人在地面上用弹簧秤称得体重为 490N；他将弹簧秤移至电梯内称其体重,0t 至 3t 时间段内,弹簧秤的示数如下列图,电梯运行的 v-t 图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（A ）解析 ：由图可知, 在 t0-t1 时间内, 弹簧秤的示数小于实际重量,就处于失重状态, 此时具

5、有向下的加速度,在 t1-t2阶段弹簧秤示数等于实际重量,就既不超重也不失重,在 t2-t3 阶段,弹簧秤示数大于实际重量,就处于超重状态,具有向上的加速度,如电梯向下运动,就 t0-t1 时间内向下加速,t1-t2 阶段匀速运动,t2-t3 阶段减速下降, A 正确；BD 不能实现人进入电梯由静止开头运动,C 项 t0-t1内超重,不符合题意；6. （09 江苏物理9）如下列图,两质量相等的物块A、B 通过一轻质弹簧连接,B 足够长、放置在水平面上,）全部接触面均光滑；弹簧开头时处于原长,运动过程中始终处在弹性限度内；在物块A 上施加一个水平恒力,A 、B 从静止开头运动到第一次速度相等的过

6、程中,以下说法中正确的有（BCD A当 A、B 加速度相等时,系统的机械能最大 B当 A、B 加速度相等时,A、B 的速度差最大 C当 A、B 的速度相等时,A 的速度达到最大 D当 A、B 的速度相等时,弹簧的弹性势能最大名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 25 页精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载解析 ：处理此题的关键是对物体进行受力分析和运动过程分析,使用图象处理就可以使问题大大简化；对 A、B在水平方向受力分析如图,F1 为弹簧的拉力； 当加速度大小相同为 a 时,对有 F F 1 ma,对有 F1 ma,得 F 1 F,在整个

7、过程中的合力（加速度）始终减小而的合力（加速度）始终增大,在达到共同加速度之2前 A 的合力（加速度）始终大于的合力（加速度）,之后 A 的合力（加速度）始终小于的合力（加速度）；两物体运动的 v-t 图象如图, t l 时刻,两物体加速度相等,斜率相同,速度差最大,t2 时刻两物体的速度相等,速度达到最大值,两实线之间围成的面积有最大值即两物体的相对位移最大,弹簧被拉到最长；除重力和弹簧弹力外其它力对系统正功,系统机械能增加,值；tl 时刻之后拉力依旧做正功,即加速度相等时,系统机械能并非最大7. （09 广东理科基础4）建筑工人用图所示的定滑轮装置运输建筑材料；质量为 70.0kg的工 人

8、站在地面上,通过定滑轮将 20.0kg 的建筑材料以 0500ms 2 的加速度拉升,忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦,就工人对地面的压力大小为（B ）g 取 lOm s 2 A 510 N B490 N C890 N ND 910 N解析 ：对建筑材料进行受力分析；依据牛顿其次定律有Fmgma,得绳子的拉力大小等于F=210N, 然后再对人受力分析由平稳的学问得MgFF,得 FN=490N, 依据牛顿第三定律可知人对地面间的压力为 490N.B 对；8. （09 广东理科基础15）搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车,当力沿斜面对上,大小为 F 时,物体的加速度为 a1；如保持力的方向不

9、变,大小变为 2F 时,物体的加速度为 a2,就（D ）Aal=a2 Ba1a22al解析 ：当为 F 时有 a1 F f,当为 2F 时有 a 2 2 F f 2 F 2 f f2 a 1 f,可知 a 2 2a 1,D 对；m m m m9. （09 山东17）某物体做直线运动的 v-t 图象如图甲所示,据此判定图乙（F 表示物体所受合力,x 表示物体的位移）四个选项中正确选项（B ）名师归纳总结 第 3 页,共 25 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载解析 ：由图甲可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动,所以前两秒受力

10、恒定,2s-4s 做正方向匀加速直线运动,所以受力为负,且恒定,4s-6s 做负方向匀加速直线运动,所以受力为负,恒定,6s-8s 做负方向匀减速直线运动,所以受力为正,恒定,综上分析 B 正确；考点： v-t 图象、牛顿其次定律提示：在 v-t 图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动,加速度恒定,受力恒定；速度时间图象特点：因速度是矢量,故速度时间图象上只能表示物体运动的两个方向,t 轴上方代表的“ 正方向”,t 轴下方代表的是“ 负方向”,所以“ 速度时间” 图象只能描述物体做“ 直线运动” 的情形,假如做曲线运动,就画不出物体的“ 位移时间” 图象；“ 速度时间” 图象没有时间 t 的

11、“ 负轴” ,因时间没有负值,画图要留意这一点；“ 速度时间” 图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度,斜率的大小表示加速度的大小,斜率的正负表示加速度的方向；“ 速度时间” 图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“ 面积” 表示物体的位移；10. （09 山东18）20XX 年 9 月 25 日至 28 日我国胜利实施了“ 神舟” 七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱； 飞船先沿椭圆轨道飞行,后在远地点 343 千米处点火加速,由椭圆轨道变成高度为 343 千米的圆轨道,在此圆轨道上飞船运行周期约为 90 分钟；以下判定正确选项（BC ）轨道 2 A 飞船变轨前后的机械能相等轨道 1 B飞

12、船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态Q PC飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度地球D飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度解析 ：飞船点火变轨,前后的机械能不守恒,所以A 不正确；飞船在圆轨道上时万有引力来供应向心力,航天员出舱前后都处于失重状态,B 正确； 飞船在此圆轨道上运动的周期 90 分钟小于同步卫星运动的周期 24 小时,依据 T 2可知,飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度,C 正确；飞船变轨前通过名师归纳总结 第 4 页,共 25 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - -

13、 优秀学习资料 欢迎下载椭圆轨道远地点时只有万有引力来供应加速度,变轨后沿圆轨道运动也是只有万有引力来供应加速度,所以相等, D 不正确；考点：机械能守恒定律,完全失重,万有引力定律提示：如物体除了重力、弹性力做功以外,仍有其他力非重力、弹性力不做功,且其他力做功之和不为零,就机械能不守恒；依据万有引力等于卫星做圆周运动的向心力可求卫星的速度、G周期、 动能、 动量等状态量； 由GMmmv2得r2rvGM,由GMmm 22r得T2r3,由Mmm2r得GM,GMmman可求向rr2TGMr2r3r2心加速度；11. （ 09 山东为 30 ,质量为货装置将质量为22）图示为某探究活动小组设计的节

14、能运动系统；斜面轨道倾角M 的木箱与轨道的动摩擦因数为3；木箱在轨道端时,自动装6m 的货物装入木箱,然后木箱载着货物沿轨道无初速滑下,与轻弹簧被压缩至最短时,自动卸货装置马上将货物卸下,然后木箱恰好被弹回到轨道顶端,再重复上述过程；下列选项正确选项（BC ）A mM Bm2M C木箱不与弹簧接触时,上滑的加速度大于下滑的加速度D在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中,削减的重力势能全部转化为弹簧的弹性势能解析 ：受力分析可知,下滑时加速度为 g g cos,上滑时加速度为 g g cos,所以 C 正确；设下滑的距离为 l,依据能量守恒有 m M gl cos Mgl cos mgl sin,

15、得 m 2M；也可以依据除了重力、弹性力做功以外,仍有其他力 非重力、 弹性力 做的功之和等于系统机械能的变化量,B 正确； 在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中,削减的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能,所以 D 不正确；考点：能量守恒定律,机械能守恒定律,牛顿其次定律,受力分析提示：能量守恒定律的懂得及应用；12. （09 安徽17）为了节约能量,某商场安装了智能化的电动扶梯；无人乘行时,扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时,它会先渐渐加速,再匀速运转；一顾客乘扶梯上楼,恰好经受了这 两个过程,如下列图；那么以下说法中正确的是（C ）A. 顾客始终受到三个力的作用名师归纳总结 - - - - -

16、 - -第 5 页,共 25 页精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载B. 顾客始终处于超重状态C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方,再竖直向下D. 顾客对扶梯作用的方向先指向右下方,再竖直向下FNa解析 ：在渐渐加速的过程中顾客受到的摩擦力水平向左,电梯对其的支持f力和摩擦力的合力方向指向右上,由牛顿第三定律,它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下；在匀速运动的过程中,顾客与电梯间的摩擦mg力等于零,顾客对扶梯的作用仅剩下压力,方向沿竖直向下；13. （09 安徽18）在光滑的绝缘水平面上,有一个正方形的 abcd,顶点 a、c 处分别固定一个正点电

17、荷,电荷量相等,如下列图；如将一个带负电的粒子置于 b 点,自由释放,粒子将沿着对角线 bd 往复运动；粒子从 b点运动到 d 点的过程中（D ）A. 先作匀加速运动,后作匀减速运动B. 先从高电势到低电势,后从低电势到高电势C. 电势能与机械能之和先增大,后减小D. 电势能先减小,后增大a O b 解析 ：由于负电荷受到的电场力是变力,加速度是变化的；所以A错；由等量正电荷的电场分布知道,在两电荷连线的中垂线O点的电势最高, 所以从 b 到 a,电势是先增d c大后减小,故B 错；由于只有电场力做功,所以只有电势能与动能的相互转化,故电势能与机械能的和守恒,C错；由 b 到 O电场力做正功,

18、电势能减小,由O到 d 电场力做负功,电势能增加,D对；c 二、非挑选题14. （09 山东24）（ 15 分）如下列图,某货场而将质量为m1=100 kg 的货物（可视为质点）从高处运输至地面,为防止货物与地面发生撞击,现利用固定于地面的光滑四分之一圆轨道,使货物中轨道顶端无初速滑下,轨道g=10 m/s2）半径 R=1.8 m；地面上紧靠轨道次排放两声完全相同的木板A 、B,长度均为 l=2m ,质量均为m2=100 kg,木板上表面与轨道末端相切；货物与木板间的动摩擦因数为1,木板与地面间的动摩擦因数=0.2；（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,取（1）求货物到达圆轨道末端时对轨道的压力

19、；（2）如货物滑上木板4 时,木板不动,而滑上木板B 时,木板 B 开头滑动,求1应满意的条件；12 m v 0（3）如1=0；5,求货物滑到木板A 末端时的速度和在木板A 上运动的时间；解析 ：（1）设货物滑到圆轨道末端是的速度为v ,对货物的下滑过程中依据机械能守恒定律得,mgR2名师归纳总结 第 6 页,共 25 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 设货物在轨道末端所受支持力的大小为FN优秀学习资料欢迎下载F Nm gm 1v2 0,依据牛顿其次定律得,R联立以上两式代入数据得FN3000N 依据牛顿第三定律,货物到达圆轨道末端时对轨道的压力大小

20、为3000N,方向竖直向下；（2）如滑上木板A 时,木板不动,由受力分析得1m g2m 12m 2g A 上做减速运动时的加速度大如滑上木板B 时,木板 B 开头滑动,由受力分析得1 m g2m 1m 2g 联立式代入数据得10.6 ；（3）10.5 ,由式可知,货物在木板A 上滑动时,木板不动；设货物在木板小为1a ,由牛顿其次定律得1 m gm a 设货物滑到木板A 末端是的速度为1v ,由运动学公式得2 v 12 v 02a l 联立式代入数据得v 14m s 设在木板 A 上运动的时间为t,由运动学公式得v 1v0at 联立式代入数据得t0.4 s ；考点：机械能守恒定律、牛顿其次定律

21、、运动学方程、受力分析 15. （09 安徽22）（14 分）在 20XX 年北京残奥会开幕式上,运动员手拉绳索向上攀登,最终点 燃 了主火炬,表达了残疾运动员坚忍不拔的意志和自强不息的精神；为了探究上升过程中运动员 与绳索和吊椅间的作用,可将过程简化；一根不行伸缩的轻绳跨过轻质的定滑轮,一端挂一吊椅,另一端被坐在吊椅上的运动员拉住,如下列图；设运动员的质量为65kg,吊椅的质量为a15kg ,不计定滑轮与绳子间的摩擦；重力加速度取g10m/s2；当运动员与吊椅一起正以加速度1m/s2上升时,试求（1）运动员竖直向下拉绳的力；（2）运动员对吊椅的压力；答案： 440N,275N F F a 解

22、析 ： 解法一 :1 ）设运动员受到绳向上的拉力为F,由于跨过定滑轮的两段绳子拉 m 人+m椅g 力相等,吊椅受到绳的拉力也是F；对运动员和吊椅整体进行受力分析如下列图,就有：2F-m人m 椅gm人m 椅aF440 N由牛顿第三定律,运动员竖直向下拉绳的力名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 25 页精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载F 440 N F （2）设吊椅对运动员的支持力为 FN,对运动员进行受力分析如下列图,就有：F F F N-m 人 g m 人 a a F N 275Nm 人 +m 椅g 由牛顿第三定律,运动员对吊椅的压力

23、也为 275N 解法二 : 设运动员和吊椅的质量分别为 M和 m；运动员竖直向下的拉力为 F,对吊椅的压力大小为 FN；依据牛顿第三定律,绳对运动员的拉力大小为 F,吊椅对运动员的支持力为 FN；分别以运动员和吊椅为争论对象,依据牛顿其次定律F F N-M g Ma F F N mg ma 由得 F 440 NFN 275 N16. （09 江苏13）（ 15 分）航模爱好小组设计出一架遥控飞行器,其质量 m =2 ,动力系统供应的恒定升力F =28 N ；试飞时,飞行器从地面由静止开头竖直上升；设飞行器飞行时所受的阻力大小不变,g 取 10m/s 2；（1）第一次试飞,飞行器飞行 t1 =

24、8 s 时到达高度 H = 64 m ；求飞行器所阻力 f 的大小；（2）其次次试飞,飞行器飞行 t 2 = 6 s 时遥控器显现故障,飞行器立刻失去升力；求飞行器能达到的最大高度h；（3）为了使飞行器不致坠落到地面,求飞行器从开头下落到复原升力的最长时间 t3 ；解析 ：（1）第一次飞行中,设加速度为a12s1v ,上升的高度为1s第 8 页,共 25 页匀加速运动H1a 1 t221由牛顿其次定律Fmgfma1解得f4 N（ 2）其次次飞行中,设失去升力时的速度为匀加速运动s 11a 1t222设失去升力后的速度为a ,上升的高度为由牛顿其次定律mgfma2v 1a1 t2名师归纳总结 -

25、 - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - s 22v 12a 2优秀学习资料欢迎下载a ,复原升力时速度为v3解得hs 1s 242m a ；复原升力后加速度为（ 3）设失去升力下降阶段加速度为由牛顿其次定律mgfma3F+f-mg=ma 4 且2 v 32 v 3h2 a 32 a 4V 3=a3t3 解得 t3=3 2 s或 2.1s 217. （09 海南物理15）（9 分）一卡车拖挂一相同质量的车厢,在水平直道上以 v 0 12 m s 的速度匀速行驶,2其所受阻力可视为与车重成正比,与速度无关；某时刻,车厢脱落,并以大小为 a 2 m s 的加速度减速

26、滑行；在车厢脱落 t 3 s后,司机才发觉并紧急刹车,刹车时阻力为正常行驶时的 3 倍；假设刹车前牵引力不变,求卡车和车厢都停下后两者之间的距离；解析 ：设卡车的质量为M ,车所受阻力与车重之比为；刹车前卡车牵引力的大小为F ,卡车刹车前后加速度的大小分别为1a 和a ；重力加速度大小为g；由牛顿其次定律有f2Mg0 FMgMa 1MgMa3MgMa2设车厢脱落后,t3 s内卡车行驶的路程为1s ,末速度为1v ,依据运动学公式有s 1v t1at22v 1v0a t2 v 12a s 2式中,2s 是卡车在刹车后减速行驶的路程；设车厢脱落后滑行的路程为,s ,有v22as0卡车和车厢都停下来

27、后相距名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 25 页精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料欢迎下载ss 1s 2s由至式得sv24v t2at21003a33带入题给数据得s 36 m11评分参考：此题 9 分；至式各 1 分,11 式 1 分18. （09 上海物理22）（12 分）如图 A ,质量 m 1kg 的物体沿倾角37 的固定粗糙斜面由静止开头向下运动,风对物体的作用力沿水平方向向右,其大小与风速 v 成正比,比例系数用 k 表示,物体加速度 a 与风速 v的关系如图 B所示；求：（ 1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）比例系数 k；（ s

28、in37 0=0.6,cos37 0=0.8,g=10m/s 2）解析 ：（1）对初始时刻：mgsin mgcos ma01由图读出 a0=4m/s 2 代入1 式,解得：gsin ma0gcos0.25；（ 2）对末时刻加速度为零：mgsin Nkvcos 0 2又 Nmgcos kvsin由图得出此时 v=5 m/s mg（ sin cos ）代入2式解得： kv（ sin cos0.84kg/s；19. （09 广东物理20）（17 分）如图 20 所示,绝缘长方体 B 置于水平面上,两端固定一对平行带电极板,极板间形成匀强电场 E；长方体 B 的上表面光滑, 下表面与水平面的动摩擦因数

29、 =0.05（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同） ；B 与极板的总质量 m =1.0kg. 带正电的小滑块 A 质量 m =0.60kg,其受到的电场力大小 F=1.2N.假设 A 所带的电量不影响极板间的电场分布；t=0 时刻,小滑块 A 从 B 表面上的 a点以相对地面的速度 v =1.6m/s向左运动,同时,B（连同极板）以相对地面的速度 v =0.40m/s 向右运动；问（g 取 10m/s 2）名师归纳总结 第 10 页,共 25 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载（1）A 和 B 刚开头运动时的加速度大小分别为多少？（

30、2）如 A 最远能到达b 点, a、b 的距离 L 应为多少？从t=0 时刻至 A 运动到 b 点时,摩擦力对B 做的功为多少？解析 ：由牛顿其次定律Fma 有2.0m/s2方向水平向右A 刚开头运动时的加速度大小aAFmAB 刚开头运动时受电场力和摩擦力作用由牛顿第三定律得电场力FF1.2NA、B 相距最远,第 11 页,共 25 页摩擦力fmAmBg0.8NB 刚开头运动时的加速度大小a BFf2.0 m s2方向水平向左m B设 B 从开头匀减速到零的时间为t1,就有t1vB0.2sa B此时间内 B 运动的位移sB1v t10.04 m2t1时刻 A 的速度vA1vAa t11.2m/

31、s0,故此过程A 始终匀减速运动；此 t1时间内 A 运动的位移sA1 vAvA1 t10.28 m2此 t1 时间内 A 相对 B 运动的位移s1sA1sB10.32m此 t1 时间内摩擦力对B 做的功为w1fsB10.032 Jt1后,由于Ff ,B 开头向右作匀加速运动,A 连续作匀减速运动,当它们速度相等时设此过程运动时间为t2,它们速度为v,就有对 A 速度vvA1a t2对 B 加速度a B1FBf0.4 m s2m名师归纳总结 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载速度 v a t 1 2联立以上各式并代入数据解得 v

32、0.2 m s t 0. 5此 t2 时间内 A 运动的位移 s A 2 v v A 1 t 2 0.35 m2此 t2 时间内 B 运动的位移 s B 2 vt 2 0.05 m2此 t2 时间内 A 相对 B 运动的位移 s 2 s A 2 s B 2 0.30 m此 t2 时间内摩擦力对 B 做的功为 w 1 f s B 2 0.04 J所以 A 最远能到达 b 点 a、b 的距离 L 为 L s 1 s 2 0.62 m从 t=0 时刻到 A 运动到 b 点时,摩擦力对 B 做的功为w f w 1 w 2 0.072 J ；20XX年高考题1.08 宁夏理综 20 一有固定斜面的小车在

33、水平面上做直线运动 , 小球通过细绳与车顶相连 . 小球某时刻正处于如下列图状态 . 设斜面对小球的支持力为 N, 细绳对小球的拉力为 T, 关于此时刻小球的受力情形 , 以下说法正确的 A. 如小车向左运动 , N可能为零 B. 如小车向左运动 , T 可能为零C. 如小车向右运动 , N不行能为 D. 如小车向右运动 , T答案 AB解析 小球相对于斜面静止时 ,与小车具有共同加速度 ,如图甲、乙所示 ,向左的加速度最大就 T=0, 向右的加速度最大就 N=0,依据牛顿其次定律 ,合外力与合加速度方向相同沿水平方向 ,但速度方向与力没有直接关系 .2. （08 全国 19）一平行板电容器的

34、两个极板水平放置 , 两极板间有一带电荷量不变的小油滴 , 小油滴在极板间名师归纳总结 - - - - - - -运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比. 如两极板间电压为零, 经一段时间后 , 油滴以速率v 匀速下降 ; 如两极板间的电压为U,经一段时间后 , 小油滴以速率v 匀速上升 . 如两极板间电压为- U, 小油滴做匀速运动时速度第 12 页,共 25 页精选学习资料 - - - - - - - - - 的大小、方向将是B.2 v优秀学习资料欢迎下载D.3 v、向上（）A.2 v、向下C.3 v、向下答案 C解析以油滴为争论对象,依据共点力平稳条件：不加电压时 , mg-kv=0 所

35、加电压为U时, mg+kv-qU d00所加电压为 -U时, mg+qU dk v由以上各式得 : v=3v, 方向竖直向下 . 3.08山东理综 19 直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子, 如下列图 . 设投放初速度为零 , 箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比, 且运动过程中箱子始终保持图示姿势 . 在箱子下落过程中, 以下说法正确选项 A.B. 箱子刚从飞机上投下时,当 f =mg时,物体开头匀速下落.以箱和物体C. 箱子接近地面时,D. 如下落距离足够长, 箱内物体有可能不受底部支持力而“ 飘起来”答案C解析由于下落速度不断增大,而阻力 f v2,所以阻力逐步增大为整

36、体：（M+m）g- f =（M+m）a,f 增大就加速度a 减小 .对物体： Mg-N=ma,加速度减小 ,就支持力 N增大 . 所以物体后来受到的支持力比开头时要增大 ,不行能“ 飘起来” .4.08 天津理综 19 在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体 A, A 与竖直墙之间放一光滑圆球 B, 整个装置处于静止状态 . 现对 B 加一竖直向下的力 F, F 的作用线通过球心 , 设墙对 B 的作用力为 F1, B对 A 的作用力为 F2, 地面对 A 的作用力为 F3. 如 F 缓慢增大而整个装置仍保持静止 , 截面如上图所示 , 在此过程中 名师归纳总结 A. F1 保持

37、不变 , F3 缓慢增大B. F1 缓慢增大 , F3 保持不变=F1, 第 13 页,共 25 页C. F2 缓慢增大 , F3 缓慢增大D. F2 缓慢增大 , F3答案C解析B的受力如图1 所示 ,由于 F 和 G的方向始终在竖直方向,当 F 增大时 ,F1 、F2 都缓慢增大 , F1F2=F2, 所以 F1、F2都缓慢增大 . A 物体受力如图乙所示.由图乙知 F2sin =F3所以 F3, 缓慢增加C对. - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 5.08优秀学习资料欢迎下载2m 江苏 7 如下列图 , 两光滑斜面的倾角分别为30 和 45 、质量

38、分别为和 m的两个滑块用不行伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦）, 分别置于两个斜面上并由静止释放；如交换两滑块位置 , 再由静止释放 , 就在上述两种情形中正确的有 A. 质量为 2 m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B. 质量为 mC. 绳对质量为 mD. 系统在运动中机械能均守恒答案 BD解析 由于斜面光滑 ,只有重力做功 ,机械能守恒 .滑块不受沿斜面的下滑力 .由于 2mgsin 30 mgsin 45 , mgsin 30 2 mgsin 45 ,所以两种情形质量为 m的滑块均沿斜面对上运动 .绳对 m滑块的拉力等于该滑块对绳的拉力 .6.08

39、广东 1 伽利略在闻名的斜面试验中, 让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开头滚下, 他通过试验观看和规律推理, 得到的正确结论有 A. 倾角肯定时 ,B. 倾角肯定时 ,C. 斜面长度肯定时 ,D. 斜面长度肯定时 , 小球从顶端滚究竟端时所需的时间与倾角无关答案 B解析 设斜面的长度为 L,倾角为 .倾角肯定时 ,小球在斜面上的位移 s= 1 g sint 2,应选项 A 错误2小球在斜面上的速度 v=gsin t ,应选项 B 正确；斜面长度肯定时 ,小球到达底端时的速度 v = 2 gL sin , 小球到达底端时所需的时间 t = 2 L ,即小球到达底端时的速度及所需时间与倾角 有关,应选项 C、D 错误 . g sin名师归纳总结 第 14 页,共 25 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 优秀学习资料 欢迎下载7.08 江苏 3 一质量为 M的探空气球在匀速下降 . 如气球所受浮力 F 始终保持不变 , 气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关 , 重力加速度为 g. 现欲使该气球以同样速率匀速上升 , 就需从气球吊篮中削减的质量为 A. 2 M F B. M 2 FC. 2 M F D. 0g g g