2022年高考物理热点题型和提分秘籍专题匀变速直线运动的规律.docx

《2022年高考物理热点题型和提分秘籍专题匀变速直线运动的规律.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理热点题型和提分秘籍专题匀变速直线运动的规律.docx（20页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载【高频考点解读】1. 匀变速直线运动及其公式应用是高考热点,几乎是每年必考,全国卷多数情形下以运算 题形式显现,应高度重视2. 自由落体与竖直上抛运动是高考热点,几乎是每年必考,全国卷多数情形下以运算题形式显现,应高度重视3. 通常结合生活实例,通过实例的分析,结合情形、过程、建立运动模型,再应用相应规律处理实际问题 . 【热点题型】题型一匀变速直线运动的基本规律例 1在光滑足够长的斜面上,有一物体以10 m/s 初速度沿斜面对上运动,假如物体的加速度始终为 5 m/s2,方向沿斜面对下；那么经过3 s 时的速度大小和方向是

2、 A25 m/s,沿斜面对上 B5 m/s,沿斜面对下 C5 m/s,沿斜面对上 D25 m/s,沿斜面对下【提分秘籍】1解答运动学问题的基本思路画过程 示意图 判定运 动性质 选取 正方向 选公式 列方程 解方程并争论2运动学公式中正、负号的规定 直线运动可以用正、负号表示矢量的方向,一般情形下,我们规定初速度 v0 的方向为正方 向,与初速度同向的物理量取正值,反向的物理量取负值,当 v00 时,一般以加速度 a 的 方向为正方向；3两类特别的匀减速直线运动1刹车类问题：指匀减速到速度为零后即停止运动,加速度a 突然消逝,求解时要留意确定其实际运动时间；假如问题涉及最终阶段 到停止运动 的

3、运动,可把该阶段看成反向的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动；2双向可逆类：如沿光滑斜面上滑的小球,到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑,全过程加速度大小、方向均不变,故求解时可对全过程列式,但必需留意x、v、a 等矢量的正负名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载号及物理意义；【举一反三】如图 1-2-1 所示,小滑块在较长的固定斜面顶端,以初速度v02 m/s、加速度 a2 m/s2沿斜面加速向下滑行,在到达斜面底端前 1 s 内,滑块所滑过的距离为 15L,其中 L 为斜面长；7求：滑块在斜面

4、上滑行的时间 t 和斜面的长度 L；图 1-2-1 答案： 3 s15 m 题型二解决匀变速直线运动的常用方法例 2、一客运列车匀速行驶,其车轮在铁轨间的接缝处会产生周期性的撞击；坐在该客车中的某旅客测得从第 1 次到第 16 次撞击声之间的时间间隔为 10.0 s；在相邻的平行车道上有一列货车, 当该旅客经过货车车尾时,货车恰好从静止开头以恒定加速度沿客车行进方向运动；该旅客在此后的 20.0 s 内,看到恰好有 30 节货车车厢被他连续超过；已知每根铁轨的长度为 25.0 m,每节货车车厢的长度为 1客车运行速度的大小；2货车运行加速度的大小；16.0 m,货车车厢间距忽视不计；求：解析：

5、1设连续两次撞击铁轨的时间间隔为 t,每根铁轨的长度为 l,就客车速度为 vl t其中 l25.0 m,t10.0 161 s,得 v37.5 m/s2方法一： 公式法 设从货车开头运动后 t20.0 s 内客车行驶了 s1,货车行驶了 s2,货车的加速度为 a,30 节货车车厢的总长度为 s1vtL总30 16.0 m；由运动学公式有名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - s21 2at2学习好资料欢迎下载由题给条件有 L 总s1s2 由式解得 a1.35 m/s2方法二： 图像法 答案： 137.5 m/s21.35

6、 m/s2【提分秘籍】方法 基本 公式法平均 速度法中间时刻 速度法图像法推论法分析说明 基本公式指速度公式、位移公式及速度位移关系式,它们均是矢量式,使用时 要规定正方向1定义式 v x t对任何性质的运动都适用2 v 1 2v0 v只适用于匀变速直线运动利用 “ 中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度”,即 vt 2 v ,该式适用于任何匀变速直线运动应用 v-t 图像,可把较复杂的问题转变为较为简洁的数学问题解决,特别是用图像定性分析,可躲开纷杂的运算,快速得出答案匀变速直线运动中,在连续相等的时间T 内的位移之差为一恒量,即xn1 xnaT2,对一般的匀变速直线运动问题,如显现相等的时

7、间间隔,应优先考虑用 xaT 2 求解【举一反三】名师归纳总结 一物体做匀加速直线运动,通过一段位移 x 所用的时间为t1,紧接着通过下一段位移 x第 3 页,共 15 页所用的时间为t2；就物体运动的加速度为 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - A2 xt1t2学习好资料B x欢迎下载t1t2t1t2t1t2t1t2t 1t2C2 xt1t2D xt 1t2v2 x t2,t1t2t1t2t1t2t 1t2解析：选 A第一段 x 的中间时刻的速度为v1 x t1,其次段 x 的中间时刻的速度为就加速度 av2v1 t1t22x t1t2t1t2,A 项

8、正确；t1 t22题型三自由落体和竖直上抛运动例 3、如图 1-2-2 所示木杆长5 m,上端固定在某一点,由静止放开后让它自由落下不计空气阻力 ,木杆通过悬点正下方20 m 处圆筒 AB,圆筒 AB 长为 5 m,求：图 1-2-2 1木杆经过圆筒的上端 A 所用的时间 t1是多少？2木杆通过圆筒 AB 所用的时间 t 2是多少？ 取 g 10 m/s 2 答案： 1 23 s2 53 s 【提分秘籍】1应用自由落体运动规律解题时的两点留意1可充分利用自由落体运动初速度为零的特点、比例关系及推论等规律解题；名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 15 页精选学习资料 - -

9、- - - - - - - 学习好资料 欢迎下载从运动开头连续相等的时间内位移之比为 135 7 ；一段时间内的平均速度 v h tv 21 2gt；连续相等的时间 T 内位移的增加量相等,即 hgT2；2物体由静止开头的自由下落过程才是自由落体运动,从中间截取的一段运动过程不是自由落体运动, 而是竖直下抛运动,抛运动问题；2竖直上抛运动的两种争论方法应当用初速度不为零的匀变速直线运动规律去解决竖直下1分段法：将全程分为两个阶段,即上升过程的匀减速阶段和下落过程的自由落体阶段；2全程法：将全过程视为初速度为v0,加速度 a g 的匀变速直线运动,必需留意物理量的矢量性； 习惯上取 v0 的方向

10、为正方向,就 v0 时,物体正在上升； v0 时,物体在抛出点上方；h0 时,物体在抛出点下方；3竖直上抛运动的三种对称性 1时间的对称性：物体上升到最高点所用时间与物体从最高点落回到原抛出点所用时间相等,即 t 上t 下v0 g；物体在上升过程中某两点之间所用的时间与下降过程中该两点之间所用的时间相等；2速度的对称性：物体上抛时的初速度与物体又落回原抛出点时的速度大小相等、方向相反；物体在上升阶段和下降阶段经过同一个位置时的速度大小相等、方向相反；3能量的对称性：竖直上抛运动物体在上升和下降过程中经过同一位置时的动能、重力势能及机械能分别相 等；【举一反三】在离地高 h 处,沿竖直方向同时向

11、上和向下抛出两个小球,它们的初速度大小均为v,不计空气阻力,两球落地的时间差为 A2v gBv gC2hDhrv题型四利用思维转换法巧解匀变速直线运动问题名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载例 4、一物块 可看成质点 以肯定的初速度从一光滑斜面底端 A 点上滑,最高可滑到 C 点,已知 AB 是 BC 的 3 倍,如图 1-2-3 所示,已知物块从A 至 B 所需时间为t0,就它从 B 经 C再回到 B,需要的时间是 图 1-2-3 At0 Bt0 4C2t0 Dt0 2解析：将物块从 A 到 C

12、 的匀减速直线运动,运用逆向思维可看成从 C 到 A 的初速度为零的匀加速直线运动, 依据初速度为零的匀加速直线运动规律,可知连续相邻相等的时间内位移之比为奇数比,而 CBAB1 3,正好符合奇数比,故 tABt BCt0,且从 B 到 C 的时间等于从 C 到 B 的时间,故从 B 经 C 再回到 B 需要的时间是 2t0,C 对；答案： C 【提分秘籍】思维转换法： 在运动学问题的解题过程中,如按正常解法求解有困难时,往往可以通过变换思维方式、转换争论对象,使解答过程简洁明白；一转换思维方式 逆向思维法将匀减速直线运动至速度为零的过程转化为初速度为零的匀加速直线运动；二转换争论对象 将多物

13、体运动转化为单物体运动【举一反三】如图 1-2-4 所示,一杂技演员用一只手抛球、接球,他每隔0.4 s 抛出一球,接到球便立刻把球抛出； 已知除抛、接球的时刻外,空中总有 4 个球, 将球的运动近似看做是竖直方向的运动,球到达的最大高度是 高度从抛球点算起,取 g10 m/s 2 图 1-2-4 名师归纳总结 A1.6 m B2.4 m 第 6 页,共 15 页C3.2 m D4.0 m - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载答案： C 【高考风向标】【2022 山东 14】距地面高 5m 的水平直轨道A、B 两点相距 2m,在 B

14、点用细线悬挂一小球,离地高度为h,如图；小车始终以4m s的速度沿轨道匀速运动,经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下,小车运动至B 点时细线被轧断,最终两球同时落地；不计空气阻力,取重力加速度的大小g10m s2；可求得 h 等于A1.25m B2.25m C3.75m D4.75m 【答案】 A 【2022 课标全国】奥地利极限运动员菲利克斯鲍姆加特纳乘气球升至约39km 的高空后名师归纳总结 跳下,经过4 分 20 秒到达距地面约1.5km 的高度处,打开降落伞并胜利落地,打破了跳伞第 7 页,共 15 页运动的多项世界纪录；取重力加速度的大小g10m/s2；- - - - -

15、- -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载1如忽视空气阻力,求该运动员从静止开头下落至 度的大小；1.5km 高度处所需的时间及其在此处速2实际上,物体在空气中运动时会受到空气的阻力,高速运动时所受阻力的大小可近似表 示为 F fkv 2,其中 v 为速率, k 为阻力系数,其数值与物体的外形、横截面积及空气密度有关,已知该运动员在某段时间内高速下落的vt 图象如下列图,如该运动员和所带装备的总质量 m100kg,试估算该运动员在达到最大速度时所受的阻力系数；结果保留 1 位有效 数字 【答案】 187s8.7 102m/s20.008kg/m t,下落距离为

16、s,在 1.5km【解析】 1设该运动员从开头自由下落至1.5km 高度处的时间为高度处的速度大小为v；由自由落体运动规律有vgts1 2gt2依据题意有s3.9 104m 1.5 103m3.75 104m由式得t87s v8.7 10 2m/s 2该运动员达到最大速度 v max时,加速度为零,由牛顿其次定律有 2 mgkv max 由所给 vt 图象可读出 vmax360m/s 由式得名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载k0.008kg/m 【2022 新课标卷】 甲乙两汽车在一平直大路上同

17、向行驶的 vt 图像如下列图在这段时间内 A汽车甲的平均速度比乙的大B汽车乙的平均速度等于v1v2 2C甲乙两汽车的位移相同在 t0 到 tt1 的时间内, 它们D汽车甲的加速度大小逐步减小,汽车乙的加速度大小逐步增大【答案】 A 【2022 江苏卷】一汽车从静止开头做匀加速直线运动,然后刹车做匀减速直线运动,直到停止以下速度v 和位移 x 的关系图像中,能描述该过程的是 AB CD 【答案】 A 【2022 天津卷】质点做直线运动的速度时间图像如下列图,该质点 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下

18、载A在第 1 秒末速度方向发生了转变 B在第 2 秒末加速度方向发生了转变 C在前 2 秒内发生的位移为零 D第 3 秒末和第 5 秒末的位置相同【答案】 D 【解析】 此题考查了同学的读图才能应用图像判定物体的运动情形,速度的正负代表了运动的方向, A 错误；图线的斜率代表了加速度的大小及方向,图形的面积代表了物体的位移,C 错误, D 正确B 错误；图线与时间轴围成的【2022 全国卷】现用频闪照相方法来争论物块的变速运动在一小物块沿斜面对下运动的过程中,用频闪相机拍照的不同时刻物块的位置如下列图拍照时频闪频率是 10 Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的 5 个连续影像间的距离依次为 x1

19、、x2、x3、x4.已知斜面顶端的高度 h 和斜面的长度 s.数据如下表所示重力加速度大小 g 取 9.80 m/s 2. 单位： cm x1x2x3x4h s10.7615.0519.3423.6548.0080.00 依据表中数据,完成以下填空：1物块的加速度a _m/s2保留 3 位有效数字 2由于 _ ,可知斜面是粗糙的【答案】 14.30 填“ 4.29 ”或“ 4.31 ”同样给分 2物块加速度小于gh s5.88 m/s2或：物块加速度小于物块沿光滑斜面下滑的加速度 【高考押题】是 1在真空中, 将苹果和羽毛同时从同一高度由静止释放,以下频闪照片中符合事实的名师归纳总结 - -

20、- - - - -第 10 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载图 1 解析： 选 C 在真空中, 将苹果和羽毛同时从同一高度由静止释放,苹果和羽毛都做自由落体运动,频闪照片 C 符合事实；2关于自由落体运动 g10 m/s 2,以下说法中不正确选项 A它是竖直向下,v00、ag 的匀加速直线运动B在开头连续的三个 1 s 内通过的位移之比是 1 35 C在开头连续的三个 1 s 末的速度大小之比是 1 23 D从开头运动到距下落点 5 m、10 m、15 m 所经受的时间之比为 123 解析：选 D 自由落体运动是竖直向下,v00、ag 的匀

21、加速直线运动；依据匀变速直线运动规律, 在开头连续的三个 1 s 内通过的位移之比是 135；在开头连续的三个 1 s末的速度大小之比是 123；从开头运动到距下落点 5 m、10 m、15 m 所经受的时间之比为123,选项 A、B、 C 正确, D 错误；3蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中运动；为了测量运动员跃起的高度, 训练时可在弹性网上安装压力传感器,利用传感器记录弹性网所受的压力,并在运算机上作出压力时间图像, 假如作出的图像如图 2 所示；设运动员在空中运动时可视为质点,就运动员跃起的最大高度是 g 取 10 m/s 2 图 2 A1.8 m B3.6 m

22、t2.0 s,故运动员跃起的最大高度H m1 2g 2 t 2C5.0 m D7.2 m 解析：选 C由题图可知运动员在空中的时间5.0 m,C 正确；名师归纳总结 4在某一高度以v020 m/s 的初速度竖直上抛一个小球不计空气阻力 ,当小球速度大小第 11 页,共 15 页为 10 m/s 时,以下判定正确选项g 取 10 m/s 2 A小球在这段时间内的平均速度大小肯定为15 m/s,方向向上- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载B小球在这段时间内的平均速度大小肯定为 5 m/s,方向向下C小球在这段时间内的平均速度大小肯定为 5

23、 m/s,方向向上D小球的位移大小肯定是 15 m 5中国首架空客 A380 大型客机在最大重量的状态下起飞需要滑跑距离约为 3 000 m,着陆距离大约为 2 000 m；设起飞滑跑和着陆时都是匀变速运动,起飞时速度是着陆时速度的 1.5倍,就起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比是 A32 B11 C12 D21 解析：选 B 由题意可知, x起飞3 000 m,x着陆2 000 m,v起飞1.5v0,v着陆 v0,由 xv 2t可得： t 起飞 2x起飞 v起飞 6 000 1.5 v04 000；t 着陆4 000,故 B 正确；v06将一小球竖直向上抛出,如小球所受空气阻力大小不变,小球到达

24、最高点前的最终一秒内和离开最高点后的第一秒内通过的路程分别为x1 和 x2,速度变化量的大小分别为 v1 和 v2；就 Ax1x2, v1 v2 Bx1x2, v1 v2Cx1x2, v1 v2 Dx1x2, v1 v2解析：选 C 因空气阻力的存在,由牛顿其次定律可知,a 上a 下,由 x11 2a 上 t 2, x2 1 2a 下t 2,t 1 s 可知, x1x2,由 v at 可知, v1 v2,故 C 正确；7多项 如图 3 所示,一小滑块沿足够长的斜面以初速度v 向上做匀减速直线运动,依次经 A、 B、C、D 到达最高点 E,已知 ABBD6 m,BC1 m,滑块从 A 到 C 和

25、从 C 到 D所用的时间都是 2 s；设滑块经 C 时的速度为 vC,就 图 3 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料欢迎下载A滑块上滑过程中加速度的大小为2 0.5 m/sBvC6 m/s CDE3 m D从 D 到 E 所用时间为4 s 1 s 内通过的位移为x13 m,第 2 s 内通过的位8一物体以初速度为v0做匀减速运动,第移为 x22 m,又经过位移x3 物体的速度减小为0,就以下说法中不正确选项 A初速度 v0的大小为 2.5 m/s 2B加速度 a 的大小为 1 m/sC位移 x3的大小为

26、 9 8 m D位移 x3内的平均速度大小为 0.75 m/s 解析：选 A 依据匀变速直线运动位移时间公式,就有 x1v0t11 2at1 2,x2v0t 1t212at1t 2 2,解得： v03.5 m/s,a1 m/s 2；设物体的停止距离为 x,停止时所用时间为 t,依据匀变速直线运动位移速度公式和速度时间公式,就有 v0 2 2ax,v0at,解得： x49 8 m,t3.5 s,因此, x3 xx1x29 8 m,所用时间大小 v 3x3 t 0.75 m/s,所以正确选项为 A ；t3tt1 t21.5 s,位移 x3内的平均速度9多项 如图 4 所示, t0 时,质量为 0.

27、5 kg 的物体从光滑斜面上的 A 点由静止开头下滑,经过 B 点后进入水平面 经过 B 点前后速度大小不变 ,最终停在 C 点；每隔 2 s 物体的瞬时速度记录在下表中,重力加速度 g10 m/s 2,就以下说法中正确选项 图 4名师归纳总结 t/s0246 第 13 页,共 15 页v/m s108128 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载At3 s 的时刻物体恰好经过 B 点Bt10 s 的时刻物体恰好停在C 点x 方向做匀加速直线运动,速度与坐标的C物体运动过程中的最大速度为12 m/s DA、B 间的距离小于B、C 间的距

28、离10一个物体0 时刻从坐标原点O 由静止开头沿关系为 v6x m/s,求：12 s 末物体的位置坐标；2物体通过区间150 m x 600 m所用的时间；2,解析： 1将 v6x与 v2ax对比可得物体的加速度a3 m/s由 x1 2at2 可得 2 s 末物体的位置坐标x6 m；2物体从坐标原点到x1150 m 所用时间t12x1 a10 s；物体从坐标原点到x2600 m 所用时间 t22x2 a20 s；物体通过区间150 mx600 m所用的时间 t t2t 110 s；答案： 16 m210 s 11在竖直的井底,将一物块以11 m/s 的速度竖直地向上抛出,物块冲过井口时被人接住,在被人接住前1 s 内物块的位移是4 m,位移方向向上,不计空气阻力,g 取 10 m/s 2,求：1物块从抛出到被人接住宅经受的时间；2此竖直井的深度；名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页,共 15 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习好资料 欢迎下载答案： 11.2 s26 m 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页,共 15 页