(新课标安徽专版)《金版新学案》2021高三物理一轮复习--静电场-单元评估随堂检测.doc

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1、新课标安徽专版?金版新学案?2021高三物理一轮复习 静电场 单元评估随堂检测 、(本栏目内容，学生用书中以活页形式分册装订成册！)一、选择题1(2021年宁波模拟)如右所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号，那么当振动膜片向右振动时()A电容器电容值减小B电容器带电荷量减小C电容器两极板间的场强增大D电阻R上电流方向自左向右【解析】振动膜片向右振动时，相当于两极板间距减小，由C知C变大，A错；又由C，因电容式话筒始终与电源连接，U不变，故

2、Q变大，B错；由E知，d减小，E变大，C对；当电容器电荷量变大时，由电源正负极知，电流方向自右向左流过电阻R，D错，应选C.【答案】C2如右图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球a、b，左边放一个带正电的固定球Q时，两悬球都保持竖直方向下面说法中正确的选项是()Aa球带正电，b球带正电，并且a球带电荷量较大Ba球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较小Ca球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较大Da球带正电，b球带负电，并且a球带电荷量较小【解析】要使ab平衡，必须有a带负电，b带正电，且a球带电较少，故应选B.【答案】B3AB和CD为圆上两条相互垂直的直径

3、，圆心为O.将电荷量分别为q和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如右图所示要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，那么该点电荷Q()A应放在A点，Q2qB应放在B点，Q2qC应放在C点，Qq D应放在D点，Qq【解析】由平行四边形定那么得出q和q在O点产生的合场强水平向右，大小等于其中一个点电荷在O点产生的场强的大小要使圆心处的电场强度为零，那么应在C点放一个电荷量Qq的点电荷，故C选项正确【答案】C4(2021年安徽卷)在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如右图所示假设将一个带负电的粒子置于

4、b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动粒子从b点运动到d点的过程中()A先做匀加速运动，后做匀减速运动B先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C电势能与机械能之和先增大，后减小D电势能先减小，后增大【解析】粒子在从b点到d点的过程中虽然是先加速后减速，但不是匀变速，故A错；由等量同种电荷的电场线可知，从b点到d点电势先升高后降低，故B不对；此过程中，粒子只受电场力作用，故其机械能和电势能之和是不变的，故C错；粒子在从b点到d点的过程中，电场力先做正功再做负功，电势能先减少，后增加，应选D.【答案】D5某静电场的电场线分布如右图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别

5、为P和Q，那么()AEPEQ，PQBEPEQ，PQCEPEQ，PQ DEPEQ，PQ【解析】P点处电场线分布的密集些，Q处电场线分布稀疏些，那么EPEQ.图中，电场线的方向是由P指向Q，根据顺着电场线的方向，电势依次降落，有P点电势大于Q点电势【答案】A6如右图所示，光滑绝缘细杆AB，水平放置于被固定的带负电荷的小球的正上方，小球的电荷量为Q，可视为点电荷a、b是水平细杆上的两点，且在以带负电小球为圆心的同一竖直圆周上一个质量为m、电荷量为q的带正电的小圆环(可视为质点)套在细杆上，由a点静止释放，在小圆环由a点运动到b点的过程中，以下说法中正确的选项是()A小圆环所受库仑力的大小先增大后减小

6、B小圆环的加速度先减小后增加C小圆环的动能先减少后增加D小圆环与负电荷组成的系统电势能先增加后减少【解析】库仑力的大小先增大后减小；加速度先减小后增大；由动能定理，电场力先做正功后做负功，因而动能先增加后减少，电势能先减少后增加所以选项A正确【答案】A7如右图所示，a、b、c为电场中同一电场线上的三点，且b为ac的中点，a、c电势分别为a8 V，c6 V以下表达正确的选项是()A电场中b点的电势一定是7 VBa点的场强Ea一定大于c点的场强EcC一正电荷从b点运动到c点，电势能一定减少D一正电荷运动到b点时，受到的电场力方向一定由b指向a【解析】由于题图中只给出了一条电场线，不能说明是否为匀强

7、电场，只能说b点的电势在8 V和6 V之间，无法判断b点的电势具体为多大，不能判断出a、c两点电场强度的大小，A、B错误；由a点电势大于c点电势可知电场线方向从a指向c，一正电荷从b点运动到c点，电场力做正功，电势能一定减小，C正确；一正电荷运动到b点时，受到的电场力方向一定由b指向c，D错误【答案】C8如右图所示，质子、氘核和粒子都沿平行板电容器两板中线OO方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，且都能射出电场，射出后都打在同一个荧光屏上，使荧光屏上出现亮点假设微粒打到荧光屏的先后不能分辨，那么以下说法中正确的选项是()A假设它们射入电场时的速度相等，在荧光屏上将只出现3个亮点B假设它们射入电场

8、时的动量相等，在荧光屏上将出现2个亮点C假设它们射入电场时的动能相等，在荧光屏上将只出现1个亮点D假设它们是由同一个电场从静止加速后射入偏转电场的，在荧光屏上将只出现1个亮点【解析】粒子打在荧光屏上的位置取决于它的侧移量，侧移量相同，打在荧光屏上的位置相同，而侧移量y，所以粒子速度相同时，屏上将出现2个亮点，粒子动量相同时，屏上将出现3个亮点；动能相同时，屏上将出现2个亮点；而经过同一电场从静止加速后，再进入偏转电场，出电场时所有粒子侧移量相同，屏上将出现1个亮点，应选D.【答案】D9一个半径为R的绝缘光滑的圆环竖直放置在方向水平向右的、场强为E的匀强电场中，如右图所示，环上a、c是竖直直径的

9、两端，b、d是水平直径的两端，质量为m的带电小球套在圆环上，并可以沿环无摩擦滑动，小球自a点由静止释放，沿abc运动到d点时的速度恰好为零，由此可知 ()A小球在a点的加速度大于在d点的加速度大小B小球在c点的机械能最大，在d点的机械能最小C小球在b点的机械能最小，在d点的机械能最大D小球在b点与在c点的速度大小相等【解析】由ad由动能定理知电场力做功与重力做功数值相等，且电场力做负功从ab电场力做功最多，故b点小球机械能最大；从ab克服电场力做负功最多，故小球在d点机械能最小，即B错，又因从ab和ac合外力做功相等，小球动能、速度大小相等，即D对【答案】D10竖直放置的平行金属板A、B连接一

10、恒定电压，两个电荷M和N以相同的速率分别从极板A边缘和两板中间沿竖直方向进入板间电场，恰好从极板B边缘射出电场，如右图所示，不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，以下说法正确的选项是()A两电荷的电荷量不可能相等B两电荷在电场中运动的时间相等C两电荷在电场中运动的加速度相等D两电荷离开电场时的动能相等【解析】带电粒子在电场中的类平抛运动可分解为沿电场方向的匀加速运动与垂直电场方向的匀速运动两个分运动，所以两电荷在电场中的运动时间相等；B对；又因为dat2，a，因为偏转量d不同，故a一定不同，C错由a，因不知m的关系，q可能相等，也可能不相等，故A错误；当q相等时，电荷从进入到离开，电场力做的功

11、不同，由动能定理可知，两电荷离开电场时的动能不相等，故正确答案为A、B.【答案】B二、非选择题11如右图所示，一平行板电容器水平放置，板间距离为d，上极板开有一小孔，质量均为m，带电荷量均为q的两个带电小球(视为质点)，其间用长为L的绝缘轻杆相连，处于竖直状态，d2L，今使下端小球恰好位于小孔中，由静止释放，让两球竖直下落当下端的小球到达下极板时，速度刚好为零试求：(1)两极板间匀强电场的电场强度；(2)球运动中的最大速度【解析】(1)两球由静止开始下落到下端的小球到达下极板的过程中，由动能定理得：2mgdEqdEq(dL)0，那么有E4mg/3q.(2)两球由静止开始下落至上端小球恰进入小孔

12、时小球到达最大速度，此过程利用动能定理得：2mgLEqL，那么有v.【答案】(1)(2)12如右图所示，空间有一匀强电场，场强大小一定，第1秒内场强方向如右图所示，37，1 s后场强方向竖直向上，一带电质点以某一水平初速度从A点放出后恰沿x轴运动，1 s末到达坐标原点，假设AO4.75 m，求第2秒末该质点所处的位置坐标(g取10 m/s2)【解析】前1 s内质点沿方向做匀减速直线运动qEsin 37maqEcos 37mgagtan 37107.5 m/s2AOv0tat2，将AO4.75 m，t1 s，代入得v08.5 m/svtv0at8.57.511 m/s后1 s受力分析，在y方向q

13、Emgma2解得a2ggg102.5 m/sya2t22.5121.25 mxvtt111 m那么坐标为(1 m,1.25 m)【答案】(1 m,1.25 m)13如右图所示，水平放置的平行金属板的N板接地，M板电势为，两板间距离为d，d比两板的长度小很多，在两板之间有一长为2l的绝缘轻杆，可绕杆的水平固定轴O在竖直面内无摩擦地转动，O为杆的中点，杆的两端分别连着小球A和B，它们的质量分别为2m和m，它们的带电荷量分别为q和q，当杆由图示水平位置从静止开始转过90到竖直位置时，重力加速度为g，求： (1)两球的电势能的变化；(2)两球的总动能；(3)杆对A球的作用力【解析】(1)电场中的场强为

14、：E电场力对两球做的功为：WE2qEl电势能的减少量为：|E|.(2)重力对两球做的功为：WGmgl由动能定理，有：WGWEEk0解得：Ekmgl.(3)根据(2)问，有：2mv2mv2mglA球在最低点，由牛顿第二定律，有：F2mg2m解得：F.【答案】(1)(2)mgL(3)14如右图所示，两带有等量异种电荷的平行金属板M、N竖直放置，两板间的距离d0.5 m，现将一质量m1102 kg、电荷量q4105 C的带电小球从两极板上方A点以v04 m/s的初速度水平抛出，A点距离两板上端的高度h0.2 m，之后小球恰好从靠近M板上端处进入两板间，沿直线运动碰到N板上的B点，不计空气阻力，取g1

15、0 m/s2.设匀强电场只存在于M、N之间求：(1)两极板间的电势差；(2)小球由A到B所用总时间；(3)小球到达B点时的动能【解析】(1)设小球刚刚进入电场时，竖直方向的速度为vr，那么vr2 m/s设小球在电场中做直线运动时，运动方向与水平方向夹角为，那么tan 所以EUEd V2.5103 V.(2)小球平抛运动过程的时间为t1，那么gth所以t10.2 s进入电场后，在水平方向上，a2gdv0t2at所以t20.1 stt1t20.3 s(或设B点到极板上端的距离为L，那么Ldtan 在竖直方向上：hLgt2所以t0.3 s)(3)小球到达B点时的水平速度v1v0at26 m/s竖直分速度v2vygt23 m/s所以EkBmvm(vv)0.225 J或从A到B由动能定理知：mg(hL)qEdmvmv所以mv0.225 J.【答案】(1)2.5103 V(2)0.3 s(3)0.225 J