届高考数学大二轮复习刷题首秧第一部分刷考点考点十三空间几何体的三视图表面积与体积理.doc

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1、考点十三空间几何体的三视图、外表积与体积一、选择题1(2022山东4月联合模拟)如图正方体ABCDA1B1C1D1，点M为线段BB1的中点，现用一个过点M，C，D的平面去截正方体，得到上、下两局部，用如图的角度去观察上半局部几何体，所得的侧视图为()答案B解析上半局部的几何体如下图，所得的侧视图为.应选B.2(2022浙江高考)祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家，他提出的“幂势既同，那么积不容异称为祖暅原理，利用该原理可以得到柱体的体积公式V柱体Sh，其中S是柱体的底面积，h是柱体的高假设某柱体的三视图如下图(单位：cm)，那么该柱体的体积(单位：cm3)是()A158B162C182D324答

2、案B解析如图，该柱体是一个五棱柱，棱柱的高为6，底面可以看作由两个直角梯形组合而成，其中一个上底为4，下底为6，高为3，另一个的上底为2，下底为6，高为3.那么底面面积S3327，因此，该柱体的体积V276162.应选B.3(2022河南八市重点高中联盟模拟)如图，网格纸上小正方形边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，那么该几何体的体积为()ABCD答案A解析由题意得，该几何体是在一个半球中挖出四分之一圆锥，其中球的半径为R2，圆锥的底面半径为r1，高为h2，故所求体积为V23122，应选A.4(2022成都一诊)某几何体的正(主)视图和侧(左)视图如图1，它的俯视图的直观图是矩形O1A1B

3、1C1，如图2，其中O1A16，O1C12，那么该几何体的侧面积为()A64B80C96D128答案C解析设y轴与C1B1交于D1点，点O1，A1，B1，C1，D1，x轴，y轴分别为俯视图中的点O，A，B，C，D，x轴，y轴，由俯视图的直观图可得O1D12，故OD4，如图，俯视图是边长为6的菱形，那么该几何体是直四棱柱，侧棱长为4，所以其侧面积为64496，应选C.5棱长为a的正方体中，连接相邻面的中心，以这些线段为棱的八面体的体积为()ABCD答案C解析如下图，这个八面体是由两个相同的正四棱锥底面合在一起组成的四棱锥的底面面积是正方体的一个面的面积的一半，就是a2，高为a，所以八面体的体积为

4、2a2a.6(2022淮北模拟)小明与爸爸放假在家做蛋糕，小明做了一个底面半径为10 cm的等边圆锥(轴截面为等边三角形)状蛋糕，现要把1 g芝麻均匀地全撒在蛋糕外表，1 g芝麻约有300粒，那么贴在蛋糕侧面上的芝麻约有()A100粒B200粒C114粒D214粒答案B解析由题意可知圆锥形蛋糕的底面半径为r10 cm，母线长l20 cm，圆锥的侧面积为S侧rl200 cm2，圆锥的外表积为S表r2rl300 cm2，贴在蛋糕侧面上的芝麻约有300200粒7一个平放的各棱长为4的三棱锥内有一个小球O(重量忽略不计)，现从该三棱锥顶端向内注水，小球慢慢上浮，假设注入的水的体积是该三棱锥体积的时，小

5、球与该三棱锥各侧面均相切(与水面也相切)，那么小球的外表积等于()ABCD答案C解析当注入水的体积是该三棱锥体积的时，设水面上方的小三棱锥的棱长为x(各棱长都相等)，依题意，得3，解得x2.易得小三棱锥的高为，设小球的半径为r，那么S底面4S底面r，解得r，故小球的外表积S4r2.8正三棱柱ABCA1B1C1的顶点都在球O的球面上，AB2，AA14，那么球O的外表积为()AB32C64D答案D解析根据对称性，可得球心O到正三棱柱的底面的距离为2，球心O在底面ABC上的射影为底面的中心O，那么OA2，由球的截面的性质可得OA2OO2OA2，所以有OA，所以球O的外表积为4OA2.二、填空题9中国

6、古代数学名著?九章算术?中记载了公元前344年商鞅监制的一种标准量器商鞅铜方升，其三视图如下图(单位：寸)，假设取3，其体积为12.6(单位：立方寸)，那么图中的x为_答案1.6解析该几何体是一个组合体，左边是一个底面半径为，高为x的圆柱，右边是一个长、宽、高分别为5.4x,3,1的长方体，组合体的体积VV圆柱V长方体2x(5.4x)3112.6(其中3)，解得x1.6.10(2022江苏七市第二次调研)设P，A，B，C为球O外表上的四个点，PA，PB，PC两两垂直，且PA2 m，PB3 m，PC4 m，那么球O的外表积为_ m2.答案29解析P，A，B，C是球O外表上的四个点，PA，PB，P

7、C两两垂直，那么球的直径等于以PA，PB，PC长为棱长的长方体的对角线长，PA2，PB3，PC4，2R，那么球O的外表积S4R229.11(2022全国卷)学生到工厂劳动实践，利用3D打印技术制作模型如图，该模型为长方体ABCDA1B1C1D1挖去四棱锥OEFGH后所得的几何体，其中O为长方体的中心，E，F，G，H分别为所在棱的中点，ABBC6 cm，AA14 cm.3D打印所用原料密度为0.9 g/cm3，不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为_ g.答案118.8解析由题知挖去的四棱锥的底面是一个菱形，对角线长分别为6 cm和4 cm，故V挖去的四棱锥46312(cm3)又V长方体66

8、4144(cm3)，所以模型的体积为V长方体V挖去的四棱锥14412132(cm3)，所以制作该模型所需原料的质量为1320.9118.8(g)12(2022湖南长沙一中模拟卷三)半径分别为1和2的两球紧贴放在水平桌面上，那么两球在桌面上的俯视图的公共弦长为_答案解析半径分别为1和2的两球紧贴放在水平桌面上的正视图如图，可得两球的球心距离为123，两球的球心的垂直距离为211，水平距离为2，两球在桌面上的俯视图如下列图，且AO11，AO22，O1O22，cosO1AO2，那么sinO1AO2 ，AO1O2的面积为S12，可得O1O2上的高为，那么两球在桌面上的俯视图的公共弦长为2.三、解答题1

9、3(2022日照一模)如图，在几何体ABCDE中，DA平面EAB，EAAB，CBDA，F为DA上的点，EADAAB2CB，M是EC的中点，N为BE的中点(1)假设AF3FD，求证：FN平面MBD；(2)假设EA2，求三棱锥MABC的体积解(1)证明：连接MN，M，N分别是EC，BE的中点，MNCB且MNCBDA，又AF3FD，FDDA，MNFD.又CBDA，MNDA，即MNFD，四边形MNFD为平行四边形，FNMD.又FN平面MBD，MD平面MBD，FN平面MBD.(2)连接AN，那么ANBE，DAAN，MNDA，AN平面EBC，又在ABE中，AN，SMBC21.VMABCVAMBCANSMB

10、C，三棱锥MABC的体积为.14(2022河南安阳二模)如下图，三棱柱ABCA1B1C1的侧棱垂直于底面，且底面是边长为2的正三角形，AA13，点D，E，F，G分别是所在棱的中点(1)证明：平面BEF平面DA1C1；(2)求三棱柱ABCA1B1C1夹在平面BEF和平面DA1C1之间局部的体积解(1)证明：E，F分别是A1B1和B1C1的中点，EFA1C1，EF平面DA1C1，A1C1平面DA1C1，EF平面DA1C1，D，E分别是AB和A1B1的中点，DB綊A1E，四边形BDA1E是平行四边形，BEA1D，BE平面DA1C1，A1D平面DA1C1，BE平面DA1C1，BEEFE，平面BEF平面

11、DA1C1.(2)由题图可知，三棱柱ABCA1B1C1夹在平面BEF和平面DA1C1之间的局部，可看作三棱台DBGA1B1C1减掉三棱锥BB1EF后的剩余局部，SDBGSB1EF12，SA1B1C122，三棱台DBGA1B1C1的体积为V13，三棱锥BB1EF的体积V23，三棱柱ABCA1B1C1夹在平面BEF和平面DA1C1之间的局部的体积为VV1V2.一、选择题1如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的正视图和侧视图，且该几何体的体积为，那么该几何体的俯视图可以是()答案C解析假设俯视图为选项C中的图形，那么该几何体为正方体截去一局部后的四棱锥PABCD，如下图，该四棱锥的

12、体积V(22)2，符合题意假设俯视图为其他选项中的图形，那么根据三视图易判断对应的几何体不存在，应选C.2如图，圆锥的底面直径AB2，母线长VA3，点C在母线VB上，且VC1，有一只蚂蚁沿圆锥的侧面从点A到达点C，那么这只蚂蚁爬行的最短距离是()ABCD答案B解析沿母线VA展开后，从侧面点A到点C的距离即为VAC中AC的长度，又的长为，VA3，所以AVC，因为VC1，VA3，所以由余弦定理可得AC21232213cos7，解得AC，应选B.3一个几何体的三视图如下图，该几何体的各个外表中，最大面的面积为()A2BC2D4答案B解析该几何体的直观图，如下图SPBC22sin120，SPAC222

13、，SABC222，在PAB中，PAAB2，PB2，SPAB2，所以最大面的面积为.4如图，在棱长为a的正方体ABCDA1B1C1D1中，EF是棱AB上的一条线段，且EFba，假设Q是A1D1上的定点，P在C1D1上滑动，那么四面体PQEF的体积()A是变量且有最大值B是变量且有最小值C是变量无最大、最小值D是常量答案D解析EF是定长，Q到EF的距离就是Q到AB的距离，也为定长，即底和高都是定值，QEF的面积是定值，C1D1平面QEF，P在C1D1上滑动，P到平面QEF的距离是定值即三棱锥的高也是定值，于是体积固定三棱锥PQEF的体积是定值，即四面体PQEF的体积是定值5(2022河南焦作四模)

14、如图，网格纸中小正方形的边长为1，粗实线画出的是某几何体的三视图，那么该几何体的体积为()A32B20C10D8答案B解析在长方体中进行切割，作出几何体的直观图，即几何体ABCDPQC1R，如下图两个几何体在斜面处扣在一起，可以构成一个长方体，该长方体的底面是边长为2的正方形，高为10，所以该几何体的体积为221020，应选B.6(2022北京东城区二模)鲁班锁起源于中国古代建筑中首创的榫卯结构，相传由春秋时代鲁国工匠鲁班所作下列图1是经典的六柱鲁班锁及六个构件的图片，下列图2是其中一个构件的三视图(图中单位：mm)，那么此构件的体积为()A34000 mm3B33000 mm3C32000

15、mm3D30000 mm3答案C解析由三视图得鲁班锁的其中一个构件是长为100，宽为20，高为20的长方体的上面的中间局部去掉一个长为40，宽为20，高为10的小长方体后得到的一个几何体，如下图，所以该零件的体积为V100202040201032000(mm3)，应选C.7(2022安徽A10联盟最后一卷)某几何体的三视图如下图，那么该几何体的外表积为()A7616B6012C4416D4412答案D解析由三视图知，该几何体的直观图如下图，其外表积为344534222244412，应选D.8如图，有一个水平放置的透明无盖的正三棱柱容器，其中侧棱长为8 cm，底面边长为12 cm，将一个球放在容

16、器口，再向容器内注水，当球面恰好接触水面时，测得水深为6 cm，如果不计容器的厚度，那么球的外表积为()A36 cm2B64 cm2C80 cm2D100 cm2答案B解析根据几何意义得出：边长为12 cm的正三角形，球的截面圆为正三角形的内切圆(如图)，内切圆的半径O1D2 cm，球面恰好接触水面时，测得水深为6 cm，d862 cm，设球的半径为R.R2(R2)2(2)2，解得R4 cm，所以球的外表积为4R264 cm2.二、填空题9(2022江西名校5月联考)我国古代?九章算术?将上、下两个平行平面为矩形的六面体称为刍童如图是一个刍童的三视图，其中正视图及侧视图均为等腰梯形，两底的长分

17、别为2和6，高为2，那么该刍童的体积为_答案解析由题意几何体原图为正四棱台，底面的边长分别为2和6，高为2，所以几何体的体积V(436)2.10(2022全国卷)中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体(图1)半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体半正多面体表达了数学的对称美图2是一个棱数为48的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的外表上，且此正方体的棱长为1.那么该半正多面体共有_个面，其棱长为_答案261解析先求面数，有如下两种方法解法一：由“半正多面体的结构特征及棱数为48可知，

18、其上局部有9个面，中间局部有8个面，下局部有9个面，共有29826(个)面解法二：一般地，对于凸多面体，顶点数(V)面数(F)棱数(E)2(欧拉公式)由图形知，棱数为48的半正多面体的顶点数为24，故由VFE2，得面数F2EV2482426.再求棱长作中间局部的横截面，由题意知该截面为各顶点都在边长为1的正方形上的正八边形ABCDEFGH，如图，设其边长为x，那么正八边形的边长即为半正多面体的棱长连接AF，过H，G分别作HMAF，GNAF，垂足分别为M，N，那么AMMHNGNFx.又AMMNNF1，即xxx1.解得x1，即半正多面体的棱长为1.11(2022福建龙岩5月统考)如图是古希腊数学家

19、阿基米德用平衡法求球的体积所用的图形此图由正方形ABCD、半径为r的圆及等腰直角三角形构成，其中圆内切于正方形，等腰三角形的直角顶点与AD的中点N重合，斜边在直线BC上S为BC的中点，现将该图形绕直线NS旋转一周，那么阴影局部旋转后形成的几何体的体积为_答案2r3解析左上方的阴影局部旋转后形成的几何体的体积等于半球的体积减去一个三棱锥的体积，所以V1r3r2rr3，右上方的阴影局部旋转后形成的几何体的体积等于圆柱的体积减去半个球的体积，所以V2r2rr3r3，右下方的阴影局部旋转后形成的几何体体积等于圆台的体积减去一个圆柱的体积，所以V3(r24r22r2)r2rr3.故阴影局部旋转后形成的几

20、何体的体积为r3r3r32r3.12(2022江西上饶二模)一个棱长为12的正方体形状的铁盒内放置一个正四面体，且能使该正四面体在铁盒内任意转动，那么该正四面体的体积的最大值是_答案64解析由题知，该正四面体在铁盒内任意转动，故其能在正方体的内切球内任意转动，内切球半径为6，设正四面体棱长为a，将此正四面体镶嵌在棱长为x的正方体内，如下图，那么xa，外接球的球心和正方体中心O重合，外接球的半径为a，a6，a4，又正四面体的高为a，该正四面体的体积为a2a64.三、解答题13(2022福建漳州5月统考)如图1，在菱形ABCD中，AB2，DAB60，M是AD的中点，以BM为折痕，将ABM折起，使点

21、A到达点A1的位置，且平面A1BM平面BCDM，如图2.(1)求证：A1MBD；(2)假设K为A1C的中点，求四面体MA1BK的体积解(1)证明：在图1中，连接BD(如图a)，四边形ABCD是菱形，DAB60，M是AD的中点，ADBM，故在图2中，BMA1M，平面A1BM平面BCDM，平面A1BM平面BCDMBM，A1M平面BCDM，又BD平面BCDM，A1MBD.(2)在图1中，ABCD是菱形，ADBM，ADBC，BMBC，且BM，在图2中，连接CM(如图b)，那么VA1BCMSBCMA1M21，K是A1C的中点，VMA1BKVKMA1BVCMA1BVA1BCM.四面体MA1BK的体积为.14. 如图，棱锥SABCD中，底面ABCD是边长为2的菱形，BAD60，SASD，SB，点E是棱AD的中点，点F在SC棱上，且，SA平面BEF.(1)求实数的值；(2)求三棱锥FEBC的体积解(1)连接AC，设ACBEG，那么平面SAC平面EFBFG，SA平面EFB，SAFG，GEAGBC，SFSC，.(2)SASD，SEAD，SE2，又ABAD2，BAD60，BE，SE2BE2SB2.SEBE，SE平面ABCD，VFBCEVSEBCVSABCD22sin602.- 11 -