2019-2020学年高中生物第1章章末检测.doc

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1、第1章章末检测时间：90分钟满分：100分一、选择题(每小题2分，共40分)1下列哪项不属于豌豆适合作遗传学实验材料的理由()A豌豆属于闭花受粉植物，在自然状态下一般都是纯种B豌豆具有多对容易区分的相对性状C一株豌豆一次可以产生很多后代D豌豆的花属于单性花，容易操作答案D解析豌豆的花属于两性花，且是严格的闭花受粉植物，自然状态下一般都是纯种；豌豆具有多对容易区分的相对性状；豌豆一次可以产生许多后代，便于用统计学的方法分析实验结果。2下列有关相对性状遗传的叙述，正确的是()A在一群同种生物个体中，若仅考虑一对等位基因，可有4种不同的交配类型B最能说明基因分离定律实质的是F2的表现型比为31C若要

2、鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交D通过测交可以推测被测个体产生配子的数量答案C解析在一个生物群体中，若仅考虑一对等位基因，可有6种不同的交配类型，A错误；最能说明基因分离定律实质的是F1产生两种比例相等的配子，B错误；鉴别一棵显性性状植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，植物常用自交法，简便易行，还可保留纯合子，C正确；测交可推测被测个体产生配子的种类和比例，而不是数量，D错误。3基因型为AaBb(两对基因独立遗传)的某植物个体自交，双显性子代中含隐性基因的个体占()A1/16 B8/9 C9/16 D1/2答案B解析依据自由组合定律，双显性子代的基因型为A_B_，所

3、占比例为9/16，其中只有AABB不含隐性基因，在双显性子代中所占比例为1/9，则双显性子代中含隐性基因的个体所占比例为11/98/9。4刺鼠的毛色由两个位点B和C决定，B(b)和C(c)的遗传符合基因的自由组合定律。B(黑色)对b(褐色)为显性；凡是具有CC和Cc基因型的鼠是正常体色，只要基因型是cc则为白化鼠。黑色的刺鼠与bbcc的白化鼠交配，其子一代中，个体是白化鼠，是黑色正常刺鼠，是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是()AbbCc BBbCc CBbCC DBBCc答案B解析刺鼠的毛色是由两对等位基因控制的性状，只有C基因存在的情况下，B_表现为黑色，bb表现为褐色，黑色亲本中至少

4、含一个B和一个C，基因型为B_C_的黑色刺鼠与白化鼠bbcc交配，子一代中有个体是白化鼠，所以亲本黑色刺鼠含有c为B_Cc，子一代中是黑色正常刺鼠，是褐色正常刺鼠，亲本黑色刺鼠含有b，所以黑色亲本的基因型是BbCc。5萝卜的根形由两对等位基因决定，且这两对基因的遗传符合基因的自由组合定律。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，F1全为扁形块根。F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为961，则F2中的圆形块根中杂合子所占的比例为()A. B. C. D.答案A解析F2中比例为961，即9331的变形，圆形块根的基因型为3A_bb和3aaB_，其中1AAbb、2Aabb、1aa

5、BB、2aaBb，其中杂合子占，A正确。6某二倍体植物的叶表面无蜡粉和有蜡粉是一对相对性状(由等位基因E、e控制)，某校研究性学习小组做了如下三组实验，下列有关分析不正确的是()编组亲本组合F1的表现型及比例甲组无蜡粉植株()有蜡粉植株()无蜡粉有蜡粉11乙组无蜡粉植株()有蜡粉植株()无蜡粉有蜡粉11丙组有蜡粉植株自交无蜡粉有蜡粉13A实验结果表明有蜡粉是显性性状B控制这对相对性状的基因位于细胞核内C三组亲本中有蜡粉植株的基因型都是EeD丙组的F1中纯合子所占的比例是答案D解析根据丙组可知，有蜡粉是显性性状，A正确；由表中数据可知，该对相对性状的遗传符合孟德尔的分离定律，因此控制这对相对性状

6、的基因位于细胞核内，B正确；甲、乙是测交，后代有两种表现型，丙组自交后代有性状分离，所以三个亲本中有蜡粉植株都是杂合子Ee，C正确；丙组Ee1EE、2Ee、1ee，纯合子占，D错误。7某种蝴蝶紫翅(Y)对黄翅(y)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因的遗传符合自由组合定律，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法错误的是()A上述亲本的基因型是YyGgYyggBF1紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是15531CF1紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中纯合子所占比例是DF1紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体

7、交配，则后代相应的性状之比是4211答案D解析紫翅黄翅31可以推断出两个亲本关于翅色的基因型为YyYy，绿眼白眼11，说明绿眼不是纯合体，这样就可以得到两个亲本的基因型YyGgYygg，A正确；F1紫色绿眼基因型YYGg、YyGg，Gg自交，绿眼白眼31，Y_自交，出现黄翅的概率为，紫翅为1，即紫翅黄翅51，故F1紫翅绿眼(Y_Gg)个体自交后代表现型的比例为(31)(51)15531，B正确；F1紫翅白眼基因型为Y_ggYYgg、Yygg，自交后代中杂合子的概率为，纯合子的概率为1，C正确；F1紫翅绿眼YYGg、YyGg个体与黄翅白眼(yygg)个体杂交，出现黄翅概率，紫翅为1，即紫翅黄翅2

8、1，绿眼白眼11，则后代性状比例为紫翅绿眼紫翅白眼黄翅绿眼黄翅白眼(21)(11)2211，D错误。8基因型为AabbDd的个体自交后，其后代表现型的比例接近于()A9331 B3311C121 D31答案A解析AabbDd自交后代表现型比例接近于(31)1(31)9331，A正确。9纯合的黄色圆粒豌豆(YYRR)与纯合的绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2代中出现杂合的绿色圆粒豌豆的几率是()A1/4 B1/8 C1/16 D3/16答案B解析纯种黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯种绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本进行杂交，F1均为黄色圆粒(YyRr)，F1再进行自交，F2中表现型及比例为黄色圆粒黄色

9、皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒9331。因此，F2中出现杂合的绿色圆粒(yyRr)豌豆的几率是1/41/21/8，B正确。10菜豆种子颜色由两对非等位基因A(a)和B(b)调控。A控制黑色素合成(A_出现色素，AA和Aa的效应相同，aa不出现色素)，B为修饰基因，淡化颜色的深度(BB使色素颜色完全消失，Bb使色素颜色淡化)。现有亲代种子P1(纯种，白色)和P2(纯种，黑色)，杂交实验如图所示，则下列有关推断不正确的是()AP1和P2的基因型分别为AABB和aabbBF1的基因型是AaBbCF2种子是黑色的个体基因型有2种DF2种子是白色的个体基因型有5种答案A解析由于F1的表现型为黄褐色，且F2性状

10、分离比为367，属于9331的变式，所以F1基因型为AaBb，B正确；P1为纯种白色基因型可能为AABB、aaBB、aabb，P2为纯种黑色，基因型为AAbb，因为F1为AaBb，所以P1的基因型是aaBB，A错误；F2种子是黑色的个体基因型有2种，分别是AAbb和Aabb，C正确；F2种子是白色的个体基因型有5种，分别是AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb，D正确。11某植物的花色由两对自由组合的基因决定，显性基因A和B同时存在时，植株开紫花，其他情况开白花，以下叙述错误的是()A开紫花植株的基因型有4种B其中基因型是AaBb的紫花植株进行自交，子代表现型为紫花植株白花植株97C

11、只有基因型是AaBB的紫花植株自交时，子代才会出现紫花植株白花植株31D基因型为aaBb的白花植株自交，子代全部表现为白花植株答案C解析由题意可知，开紫花植株的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb4种，A正确；基因型为AaBb的紫花植株进行自交，子代表现型为紫花植株白花植株97，B正确；基因型是AaBB或AABb的紫花植株自交时，子代都会出现紫花植株白花植株31，C错误；基因型为aaBb的白花植株自交，子代基因型为aaBb、aaBB和aabb，全部表现为白花植株，D正确。12玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。在一块农田间行种植等数量基因型为A

12、a和aa的玉米(A和a分别控制显性性状和隐性性状，且A对a为完全显性)，假定每株玉米结的子粒数目相同，将收获的玉米子粒种下去，具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近()A14 B511 C12 D79答案D解析根据农田间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米可以知道：产生的配子中：A占，a占。因为玉米是雌雄同株、异花受粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉，说明它们之间能进行自由传粉，玉米结的子粒中，AA占，Aa占2，aa为。因此，收获的玉米种下去，具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近79。13南瓜的果实中白色(W)对黄色(w)为显性，盘状(D)对球状(d)为显性，两对基因独立遗

13、传。下列不同亲本组合所产生的后代中，结白色球状果实最多的一组是()AWwDdwwdd BWwDdWWDDCWWddWWdd DWwDdwwDD答案C解析WwDdwwdd后代中结白色球状果实比值为1/21/21/4，WwDdWWDD后代中结白色球状果实比值为100，WWddWWdd后代中结白色球状果实比值为111，WwDdwwDD后代中结白色球状果实比值为1/200，C组结白色球状果实最多，C正确。14某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独

14、立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是()A子代共有9种基因型B子代共有4种表现型C子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3D子代的所有植株中，纯合子约占1/4答案B解析AaRr自交，根据基因自由组合定律，子代共有339种基因型，A正确；Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，即aaR_与aarr的表现型相同，因此表现型共5种，B错误；子代有花瓣植株所占的比例为3/4，AaRr所占的比例为1/21/21/4，因此子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3，C正确；AaRr自交，子代的所有植株中，纯合子约占1/21/21/4，D正确

15、。15有一植物只有在显性基因A和B同时存在时才开紫花。已知一株开紫花的植物自交，后代开紫花的植株180棵，开白花的植株142棵，那么在此自交过程中配子间的组合方式有多少种()A2种 B4种 C8种 D16种答案D解析显性基因A和B同时存在时才开紫花，则紫花的基因型表示为AABB、AaBB、AABb、AaBb，若AABB自交，后代为紫花；若AaBB自交，后代为紫花白花31；若AABb自交，后代为紫花白花31；若AaBb自交，后代为紫花白花9(331)97，符合题意，所以该紫花植株基因型为AaBb，能产生雌雄配子各4种，自交过程中雌雄配子间的组合方式有4416种。16科学家屠呦呦因发现能有效治疗疟

16、疾的青蒿素，获得2015年度诺贝尔生理学或医学奖。青蒿富含青蒿素，控制青蒿株高的等位基因有4对，它们对株高的作用相等，且独立遗传。已知基因型为aabbccdd的青蒿高为10 cm，基因型为AABBCCDD的青蒿高为26 cm。如果已知亲代青蒿高是10 cm和26 cm，则F1的表现型及F2中可能有的表现型种类是()A12 cm、6种 B18 cm、6种C12 cm、9种 D18 cm、9种答案D解析依题意可知，每个显性基因可使植株增高(2610)/82 cm。亲代青蒿高是10 cm和26 cm的基因型分别为aabbccdd和AABBCCDD，二者杂交，F1的基因型为AaBbCcDd，含有四个显

17、性基因，所以表现型(株高)为102418 cm；F2的表现型种类可依据显性基因的数目来确定，在F2的个体中，最多含有8个显性基因，最少不含显性基因，因此表现型有9种。综上所述，A、B、C错误，D正确。17某种植物绿叶(A)对紫叶(a)为显性，长叶(B)对圆叶(b)为显性，且基因A或b纯合时致死。现有两株双杂合的绿色长叶植株杂交，子代表现型的比例为()A21 B9331C4221 D1111答案A解析基因型为AaBb的植株杂交，由于当基因A或b在纯合时致死，所以子代中AA_和_bb的个体都死亡，因此能存活的个体基因型为AaBB、AaBb、aaBB和aaBb，故理论上所生的子代表现型比例为(2/1

18、64/16)(1/162/16)21。18果蝇的体色有黄身(H)、灰身(h)之分，翅形有长翅(V)、残翅(v)之分。现用两种纯合果蝇杂交，因某种精子没有受精能力，导致F2的4种表现型比例为5331。下列说法错误的是()A果蝇体色和翅形的遗传遵循自由组合定律B亲本果蝇的基因型是HHvv和hhVVC不具有受精能力的精子基因组成是HVDF2黄身长翅果蝇中双杂合子的比例为2/5答案D解析根据题意分析可知：用两种纯合果蝇杂交，F2出现4种类型且比例为5331，是9331的特殊情况之一，遵循基因的自由组合定律，A正确；F1的基因型是HhVv，亲本果蝇的基因型是HHVV与hhvv或HHvv与hhVV，由于已

19、知果蝇有一种精子不具有受精能力，而F2比例为5331，说明该精子的基因组成为HV，所以亲本的基因型只能是HHvv与hhVV，B、C正确；F2黄身长翅果蝇的基因型是HhVV、HHVv、HhVv，比例为113，所以双杂合子的比例为3/5，D错误。19某生物的三对等位基因Aa、Bb、Ee独立遗传，且基因A、b、e分别控制、三种酶的合成，在这三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转化变为黑色素。假设该生物体内黑色素的合成必须由该无色物质转化而来，如图所示，则基因型为AaBbEe的两个亲本杂交，出现黑色子代的概率为()A. B. C. D.答案C解析因为该生物体内的黑色素只能由题图中的无色物质转化而来，

20、则黑色个体的基因型是A_bbee，则AaBbEeAaBbEe产生A_bbee的概率为。20已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为：aaBBDD；AABBDD；aaBBdd；AAbbDD。下列相关叙述不正确的是()A任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律B欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有和、和C欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择和进行杂交D欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择和任意植株杂交答案B解析依据所给四个植株的基因型，任选两植株杂交都能产生含有单对等位基因的后

21、代，可用于验证基因的分离定律，A正确；验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有和、和、和，B错误；欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择和进行杂交，产生AaBbDd，再让其自交即可产生基因型为aabbdd的植株，C正确；欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择和任意植株杂交，都可产生Bb等位基因，D正确。二、非选择题(每小题12分，共60分)21已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是由一对遗传因子Y、y控制的，用豌豆进行下列遗传实验，具体情况如下：实验一P黄色子叶(甲)绿色子叶(乙)F1黄色子叶(丙)绿色子叶11实验二P黄色子叶(丁) ,F1黄色子叶(戊) 绿色子叶

22、31(1)从实验_可判断这对相对性状中_是显性性状。(2)实验二黄色子叶戊的遗传因子组成中杂合子占_。(3)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为11，其主要原因是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为_。(4)在杂种后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象，在遗传学上叫做_。(5)欲判断戊是纯合子还是杂合子，最简便的方法是_。答案(1)二黄色(2)2/3(3)Yy11(4)性状分离(5)让戊自交解析(1)由于实验二中出现了性状分离，所以后代出现的新性状绿色子叶是隐性性状，黄色子叶为显性性状。(2)实验二中黄色子叶(丁)的遗传因子组成为Yy，自交后代的比例为YYYyyy121，所以在显性个体中

23、杂合子占2/3。(3)测交后代的性状分离比为11，亲本中的显性个体的遗传因子组成为Yy，产生两种比例相等的配子。(4)杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分离。(5)在鉴定是纯合子还是杂合子的方法中，测交和自交均可以，但豌豆自交不用进行去雄、套袋、传粉等处理，操作较为简单。22小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显、隐性分别由A、a基因控制)，抗锈和感锈是另一对相对性状(显、隐性分别由R、r基因控制)，控制这两对相对性状的基因均独立遗传。以纯种毛颖感锈植株(甲)和纯种光颖抗锈植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈(丙)。再用F1与丁进行杂交，F2有四种表现型，对每对相对性状的植株

24、数目比例作出的统计结果如图：(1)丙的基因型是_，丁的基因型是_。(2)F1形成的配子基因型是_，产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中_。(3)F2中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的_。(4)写出F2中抗锈病个体的基因型及比例为_(只考虑抗锈和感锈一对相对性状)。答案(1)AaRraaRr(2)AR、Ar、aR、ar决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合(3)1/2(4)RRRr12解析(1)由纯种毛颖感锈植株(甲)和纯种光颖抗锈植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈(丙)，判断毛颖、抗锈为显性性状，亲本甲、乙的基因型分别是AArr、aaRR，丙的基因

25、型是AaRr；由每对相对性状的植株数目比例作出的统计结果图判断丁的基因型是aaRr。(2)因为决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合，因此F1形成的配子基因型有AR、Ar、aR、ar四种。(3)丙的基因型是AaRr，丁的基因型是aaRr，后代中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占1(1/23/41/21/4)1/2。(4)由于只考虑抗锈和感锈一对相对性状，即RrRr，故F2中抗锈病的基因型及比例为RRRr12。23研究发现西瓜种子大小由两对基因A、a和B、b共同决定，a基因纯合产生大子，但b基因会抑制a基因的作用。现以3个纯合品种作亲本(1种大子西瓜和2种小子西瓜)进行杂交实验

26、，结果见下表。请分析回答：组别亲本F1表现型F2表现型一大子西瓜小子西瓜小子西瓜13/16小子西瓜3/16大子西瓜二大子西瓜小子西瓜大子西瓜3/4大子西瓜1/4小子西瓜三小子西瓜小子西瓜小子西瓜小子西瓜(1)基因A、a和B、b的遗传遵循_定律。(2)实验一中，亲本大子西瓜的基因型为_，F2的小子西瓜中能稳定遗传的个体占_，F2的大子西瓜测交后代中，大子西瓜占_。(3)实验二中，亲本小子西瓜的基因型为_，若F2中大子西瓜之间随机传粉，则后代表现型及比例是_。(4)某同学欲通过一次自交实验来检测实验三F2小子西瓜是否纯合，该实验方案是否可行？简要说明理由。_。答案(1)基因的自由组合(2)aaBB

27、7/132/3(3)aabb小子西瓜大子西瓜18(4)不可行，F2小子西瓜纯合子或杂合子自交后代均为小子西瓜解析(1)依题意“a基因纯合产生大子，但b基因会抑制a基因的作用”可知，大子西瓜为aaB_，小子西瓜有A_B_、A_bb和aabb。在实验一中，大子西瓜与小子西瓜杂交，F2性状分离比为小子西瓜大子西瓜133，为9331的变式，说明基因A、a和B、b的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)结合对(1)的分析可推知：实验一中，亲本大子西瓜的基因型为aaBB，小子西瓜的基因型为AAbb，F1小子西瓜的基因型为AaBb，F2的小子西瓜为A_B_A_bbaabb931，其中能稳定遗传的个体占1/13A

28、ABB1/13AAbb1/13aabb2/13Aabb2/13AABb7/13。F2的大子西瓜的基因型为1/3aaBB、2/3aaBb，让其与基因型为aabb的个体交配，测交后代中，大子西瓜占12/31/22/3。(3)在实验二中，F2性状分离比为大子西瓜小子西瓜31，说明F1大子西瓜的基因型为aaBb，进而推知亲本大子西瓜和小子西瓜的基因型分别为aaBB与aabb。F2大子西瓜的基因型为1/3aaBB、2/3aaBb，产生的雌雄配子各有2种：2/3aB和1/3ab，因此F2的大子西瓜随机交配，后代小子西瓜(aabb)的概率为1/3ab1/3ab1/9aabb，大子西瓜(aaB_)的概率为11

29、/98/9，即小子西瓜大子西瓜18。(4)在实验三中，P小子西瓜(AAbb)小子西瓜(aabb)F1小子西瓜(Aabb)F2小子西瓜中AAbbAabbaabb121。因b基因纯合会抑制a基因的作用，因此F2中小子西瓜自交，无论F2中的小子西瓜是否纯合，后代都表现为小子西瓜，所以通过一次自交实验不能检测实验三F2小子西瓜是否纯合，此方案不可行。24某种植物花的颜色由两对等位基因(A和a，B和b)控制。A基因控制色素合成(AA和Aa的效应相同)，B基因为修饰基因，淡化颜色的深度(BB和Bb的效应不同)。其基因型与表现型的对应关系见下表。请回答下列问题：基因组合A_BbA_bbA_BB或aa_花的颜

30、色粉色红色白色(1)让纯合白花植株和纯合红花植株杂交，产生的子一代植株花色全是粉色的。请写出可能的杂交组合_、_。(2)探究两对基因(A和a，B和b)的遗传是否符合基因的自由组合定律，某课题小组选用基因型为AaBb的植株与基因型为aaBb的植株杂交。实验步骤：第一步：用基因型为AaBb的植株与基因型为aaBb的植株杂交；第二步：观察并统计子代植株花的颜色和比例。预期结果及结论：若子代花色及比例为_，则两对基因的遗传符合基因的自由组合定律；否则两对基因的遗传不符合基因的自由组合定律。(3)若通过实验证明两对基因的遗传符合基因的自由组合定律，则基因型为AaBb的植株能产生_种类型的精子，其自交后代

31、中，花色为白色的植株有_种基因型。答案(1)AABBAAbbaaBBAAbb(2)粉色红色白色215(3)45解析(1)纯合白花基因型是AABB、aabb或aaBB，纯合红花基因型是AAbb，子一代全是粉色为A_Bb，则亲本杂交组合是AABBAAbb或aaBBAAbb。(2)若两对基因(A和a，B和b)的遗传符合基因的自由组合定律，则基因型为AaBb的植株与基因型为aaBb的植株杂交，子代花色及比例为粉色红色白色215。否则，不符合自由组合定律。(3)如果A和a，B和b两对基因的遗传遵循自由组合定律，基因型为AaBb的植株能产生4种类型的精子，其自交后代中白色植株的基因型有AABB、AaBB、

32、aaBB、aaBb和aabb 5种。25瑞典遗传学家尼尔逊埃尔对小麦和燕麦的子粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干个红色子粒与白色子粒的纯合亲本杂交组合中出现了如下几种情况：结合上述结果，回答下列问题：(1)控制红粒性状的基因为_(填“显性”或“隐性”)基因；该性状由_对能独立遗传的基因控制。(2)第、组杂交组合子一代可能的基因型有_种，第组杂交组合子一代可能的基因型有_种。(3)第、组F1测交后代的红粒和白粒之比依次为_、_和_。答案(1)显性三(2)31(3)113171解析由F1F2的表现型和“性状分离”原理可推出红粒为显性性状，控制红粒性状的基因一定为显性基因。由“组的子二代红粒所占的比例为”，即13可以推出该性状由三对能独立遗传的基因控制。由各表现型所占的比例可推出第、组的F1中分别有一对、两对、三对杂合基因，则第组F1可能的基因型为Aabbcc、aaBbcc和aabbCc，第组F1可能的基因型为AaBbcc、aaBbCc和AabbCc，第组F1可能的基因型只能为AaBbCc。第、组F1测交后代的白粒所占的比例依次为、2和3。