2021-2022学年基础强化北师大版七年级数学下册期末综合复习(含详解).docx

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1、 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 北师大版七年级数学下册期末综合复习 考试时间：90分钟；命题人：数学教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、下列图象中，能反映出投篮时篮球的离地高度与投出后的时间之间关系的是（ ）A

2、BCD2、若的补角是150，则的余角是（ ）A30B60C120D1503、李师傅到单位附近的加油站加油，如图是所用的加油机上的数据显示牌，则其中的常量是（ ）A金额B数量C单价D金额和单价4、下表为某旅游景点旺季时的售票量、售票收入的变化情况，在该变化过程中，常量是( )日期10月1日10月2日10月3日10月4日10月5日10月6日10月7日售票量x(张)3154222452385048746564262761512714售票收入y(元)3154200224520038540004874600564260027615001271400A票价B售票量C日期D售票收入5、下列运算正确的是（ ）

3、ABCD6、下列四幅图的质地大小、背面图案都一样，把它们充分洗匀后翻放在桌面上，则从中任意抽取一张，抽到的图案是中心对称图形的概率是（ ）ABCD17、一列慢车从甲地驶往乙地，一列快车从乙地驶往甲地，慢车的速度为100千米/小时，快车的速度为150千米/小时，甲、乙两地之间的距离为1000千米，两车同时出发，则图中折线大致表示两车之间的距离（千米）与慢车行驶时间（小时）之间函数图象的是（ ） 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 ABCD8、若55，则的余角是（）A35B45C135D1459、直线m外一点P它到直线的上点A、B、C的距离分别是6cm、5cm、3cm，则点P到直线m的距

4、离为（ ）A3cmB5cmC6cmD不大于3cm10、如图，已知，要使，添加的条件不正确的是（ ）ABCD第卷（非选择题 70分）二、填空题（10小题，每小题3分，共计30分）1、已知，如图，点M，N分别是边OA，OB上的定点，点P，Q分别是边OB，OA上的动点，记，当最小时，则_2、若x-y=3，xy=2，则x2y2_3、某商场开展购物抽奖活动，抽奖箱内有标号分别为1、2、3、4、5、6、7、8、9、10十个质地、大小相同的小球，顾客从中任意摸出一个球，摸出的球的标号是3的倍数就得奖，顾客得奖概率是_4、图中AOB的余角大小是 _（精确到1）5、某城市大剧院地面的一部分为扇形观众席的座位按表

5、所示的方式设置：排数1234座位数50535659则第六排有_个座位；第n排有_个座位6、如图，如图，AOB=45，点M、N分别在射线OA、OB上，MN=7，OMN的面积为14，P是直线MN上的动点，点P关于OA对称的点为P1，点P关于OB对称点为P2，当点P在直线NM上运动时，P1OP2_，OP1P2的面积最小值为_ 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 7、如图，ABC中，AD、BD、CD分别平分ABC的外角CAE、内角ABC、外角ACF，ADBC以下结论：ABC=ACB；ADC+ABD=90；BD平分ADC；2BDC=BAC其中正确的结论有_（填序号）8、如图，在ABC中，已知点

6、D，E，F分别为边BC，AD，CE的中点，且ABC的面积等于24cm2，则阴影部分图形面积等于_cm29、汽车离开甲站后，以的速度匀速前进了，则汽车离开甲站所走的路程与时间之间的关系式是_.10、如图，、分别为线段和射线上的一点，若点从点出发向点运动，同时点从点出发向点运动，二者速度之比为，运动到某时刻同时停止，在射线上取一点，使与全等，则的长为_ 三、解答题（5小题，每小题8分，共计40分）1、如图，已知ABCD，BE平分ABC，CDE = 150，求C的度数2、如图，正方形网格中，每个小正方形的顶点称为格点，每个小正方形的边长均为1，点A，B都在格点上，按下列要求作图，使得所画图形的顶点均

7、在格点上（1）在图1中画一个以线段为边的轴对称，使其面积为2；（2）在图2中画一个以线段为边的轴对称四边形，使其面积为63、如图所示，在平面直角坐标系中，已知A（0，1），B（2，0），C（4，3）（1）求出ABC的面积为 （2）画出ABC关于x轴对称的图形A1B1C1 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 （3）已知P为y轴上一点，若ABP的面积为4，求点P的坐标4、先化简，再求值：，其中，5、某校长暑假带领该校“三好学生”去旅游，甲旅行社说：“若校长买全票一张，则学生可享受半价优惠“乙旅行社说：“包括校长在内都6折优惠”若全票价是1200元，则：（1）分别写出两家旅行社的收费与学生

8、人数的关系式（2）就学生人数讨论那家旅行社更优惠-参考答案-一、单选题1、C【分析】根据题意，篮球离地高度与投出时间的关系的图象为抛物线，然后选择即可【详解】投篮时篮球的离地高度与投出后的时间之间关系的函数图象为抛物线，能够反映出投篮时篮球的离地高度与投出后的时间之间关系的是选项的图象故选：【点睛】本题考查了函数图象，主要是对抛物线的理解与抛物线图象的认识，是基础题2、B【分析】根据补角、余角的定义即可求解【详解】的补角是150=180-150=30的余角是90-30=60故选B【点睛】此题主要考查余角、补角的求解，解题的关键是熟知如果两个角的和为90度，这两个角就互为余角；补角是指如果两个角

9、的和是一个平角，那么这两个角叫互为补角，其中一个角叫做另一个角的补角3、C【分析】根据常量与变量的定义即可判断【详解】解：A、金额是随着数量的变化而变化，是变量，不符合题意；B、数量会根据李师傅加油多少而改变，是变量，不符合题意；C、单价是不变的量，是常量，符合题意；D、金额是变量，单价是常量，不符合题意；故选：C 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 【点睛】本题考查了常量与变量，解题的关键是正确理解常量与变量即：常量是固定不变的量，变量是变化的量，本题属于基础题型4、A【分析】结合题意，根据变量和常量的定义分析，即可得到答案【详解】根据题意，10月1日到10月7日的数据计算，得票价

10、均为100元常量是票价故选：A【点睛】本题考查了函数的基础知识；解题的关键是熟练掌握变量和常量的性质，从而完成求解5、B【分析】同底数幂相乘，底数不变，指数相加；积的乘方等于乘方的积；同底数幂相除，底数不变，指数相减；整式加减合并同类项【详解】解：A中，错误，故不符合题意；B中，正确，故符合题意；C中，错误，故不符合题意；D中，错误，故不符合题意；故选B【点睛】本题考查了幂的运算性质解题的关键在于正确的理解幂的运算性质6、C【分析】根据中心对称图形的定义，即把一个图形绕着某一点旋转180，如果它能够与另一个图形重合，那么就说这两个图形关于这个点对称或中心对称和概率公式计算即可；【详解】根据已知

11、图形可得，中心对称图形是，共有3个，抽到的图案是中心对称图形的概率是故选C【点睛】本题主要考查了概率公式应用和中心对称图形的识别，准确分析计算是解题的关键7、A【分析】分三段讨论，两车从开始到相遇，这段时间两车之间的距离迅速减小，相遇后继续行驶到特快到达甲地，这段时间两车之间的距离迅速增加，特快到达甲地至快车到达乙地，这段时间两车之间的距离缓慢增大，结合实际选符合的图象即可【详解】解：两车从开始到相遇，这段时间两车之间的距离迅速减小；相遇后继续行驶到特快到达甲地这段时间两车之间的距离迅速增加；特快到达甲地至快车到达乙地，这段时间两车之间的距离缓慢增大； 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密

12、 外 结合图象可得A选项符合题意故选：A【点睛】本题考查了函数的图象，解答本题关键是分段讨论，要结合实际解答，明白每条直线所代表的实际含义及拐点的含义8、A【分析】根据余角的定义即可得【详解】由余角定义得的余角为90减去55即可解：由余角定义得的余角等于905535故选：A【点睛】本题考查了余角的定义，熟记定义是解题关键9、D【分析】根据垂线段的性质“直线外和直线上所有点的连线中，垂线段最短”作答【详解】解：垂线段最短，点到直线的距离，故选：D【点睛】本题考查了点到直线的距离的定义和垂线段的性质，解题的关键是掌握垂线段最短10、D【分析】已知条件ABAC，还有公共角A，然后再结合选项所给条件和

13、全等三角形的判定定理进行分析即可【详解】解：A、添加BDCE可得ADAE，可利用利用SAS定理判定ABEACD，故此选项不合题意；B、添加ADCAEB可利用AAS定理判定ABEACD，故此选项不合题意；C、添加BC可利用ASA定理判定ABEACD，故此选项不合题意；D、添加BECD不能判定ABEACD，故此选项符合题意；故选：D【点睛】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL（直角三角形），掌握三角形全等的判定方法是解题关键二、填空题1、60度【分析】作M关于OB的对称点M，N关于OA的对称点N，连接MN交OA于Q，交OB于P，则MP+

14、PQ+QN最小易知OPMOPMNPQ，OQPAQNAQN，根据三角形的外角的性质和平角的定义即可得到结论【详解】解：如图，作M关于OB的对称点M，N关于OA的对称点N，连接MN交OA于Q，交OB于P，则MP+PQ+QN最小，OPMOPMNPQ，OQPAQNAQN，QPN（180）AOB+MQP30+ （180）， 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 18060+（180），60，故答案为：60【点睛】本题考查轴对称最短路线问题、三角形的内角和定理三角形的外角的性质等知识，解题的关键是灵活运用轴对称知识作出辅助线解决问题2、13【分析】根据x2+y2=(x-y)2+2xy，整体代入解答

15、即可【详解】解：因为x-y=3，xy=2，则x2+y2=(x-y)2+2xy=9+4=13，故答案为：13【点睛】本题考查了完全平方公式的应用注意整体思想的应用是解此题的关键3、【分析】结合题意，首先分析3的倍数的数量，再根据概率公式的性质计算，即可得到答案【详解】根据题意，3的倍数有：3，6，9，共3个数摸出的球的标号是3的倍数的概率是：，即顾客得奖概率是：故答案为：【点睛】本题考查了概率的知识；解题的关键是熟练掌握概率公式，从而完成求解4、63【分析】根据余角的定义：如果两个角的度数和为90度，那么这两个角互为余角，进行求解即可【详解】解：由量角器上的度数可知，AOB=27，AOB的余角的

16、度数=90-AOB=63，故答案为：63【点睛】本题主要考查了量角器测量角的度数和求一个角的余角，熟知余角的定义是解题的关键5、65 【分析】从具体数据中，不难发现：后一排总比前一排多3，由此求得第六排的座位，根据此规律，第n排有50+3（n-1）个，再化简即可【详解】解：第6排有62+3=65个座位，第n排有50+3（n-1）=3n+47个座位 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 故答案为：65，3n+47.【点睛】本题考查列代数式，找出座位数排列规律是解决问题的关键6、90 8 【分析】连接OP，过点O作OHNM交NM的延长线于H首先利用三角形的面积公式求出OH，再证明OP1P2

17、是等腰直角三角形，OP最小时，OP1P2的面积最小【详解】解：连接OP，过点O作OHNM交NM的延长线于HSOMN= MNOH=14，MN=7，OH=4，点P关于OA对称的点为P1，点P关于OB对称点为P2，AOP=AOP1，POB=P2OB，OP=OP1=OP2AOB=45，P1OP2=2（POA+POB）=90，OP1P2是等腰直角三角形，OP=OP1最小时，OP1P2的面积最小，根据垂线段最短可知，OP的最小值为4，OP1P2的面积的最小值=44=8，故答案为90；8【点睛】本题考查轴对称，三角形的面积，垂线段最短等知识，解题的关键是证明OP1P2是等腰直角三角形，属于中考常考题型7、【

18、分析】根据角平分线的定义得到EAD=CAD，根据平行线的性质得到EAD=ABC，CAD=ACB，求得ABC=ACB，故正确；根据角平分线的定义得到ADC=90ABC，求得ADC+ABD=90故正确；根据全等三角形的性质得到AB=CB，与题目条件矛盾，故错误，根据角平分线的定义和三角形外角的性质即可得到2BDC=BAC，故正确【详解】解：AD平分EAC，EAD=CAD，ADBC，EAD=ABC，CAD=ACB，ABC=ACB，故正确；AD，CD分别平分EAC，ACF，可得ADC=90ABC，ADC+ABC=90，ADC+ABD=90，故正确；ABD=DBC，BD=BD，ADB=BDC， 线 封

19、密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 ABDBCD（ASA），AB=CB，与题目条件矛盾，故错误，DCF=DBC+BDC，ACF=ABC+BAC，2DCF=2DBC+2BDC，2DCF=2DBC+BAC，2BDC=BAC，故正确，故答案为：【点睛】本题考查了三角形的外角的性质，平行线的性质，角平分线的定义，正确的识别图形是解题的关键8、6【分析】因为点F是CE的中点，所以BEF的底是BEC的底的一半，BEF高等于BEC的高；同理，D、E、分别是BC、AD的中点，可得EBC的面积是ABC面积的一半；利用三角形的等积变换可解答【详解】解：如图，点F是CE的中点，BEF的底是EF，BEC的底是EC，

20、即EF=EC，而高相等，SBEF=SBEC，E是AD的中点，SBDE=SABD，SCDE=SACD，SEBC=SABC，SBEF=SABC，且SABC=24cm2，SBEF=6cm2，即阴影部分的面积为6cm2故答案为6【点睛】本题考查了三角形面积的等积变换：若两个三角形的高（或底）相等，面积之比等于底边（高）之比9、【解析】【分析】根据路程与时间的关系，可得函数解析式【详解】汽车离开甲站所走的路程=速度时间+初始路程，故.【点睛】本题考查用关系式表示变量之间的关系，解决本题的关键是能找出因变量和自变量之间的等量关系.10、2或6或2【分析】设BE=t，则BF=2t，使AEG与BEF全等，由A

21、=B=90可知，分两种情况：情况一：当BE=AG，BF=AE时，列方程解得t，可得AG；情况二：当BE=AE，BF=AG时，列方程解得t，可得AG【详解】 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 解：设BE=t，则BF=2t，AE=6-t，因为A=B=90，使AEG与BEF全等，可分两种情况：情况一：当BE=AG，BF=AE时，BF=AE，AB=6，2t=6-t，解得：t=2，AG=BE=t=2；情况二：当BE=AE，BF=AG时，BE=AE，AB=6，t=6-t，解得：t=3，AG=BF=2t=23=6，综上所述，AG=2或AG=6故答案为：2或6【点睛】本题主要考查了全等三角形的性质

22、，利用分类讨论思想是解答此题的关键三、解答题1、C的度数为120【分析】首先由CDE=150和平角的概念得到CDB=30；然后根据两直线平行，内错角相等得到ABD=CDB=30，进而根据角平分线的定义求出ABC=60，最后根据两直线平行，同旁内角互补即可求出C的度数【详解】解：CDE=150， CDB=180-CDE=30， 又ABCD， ABD=CDB=30，BE平分ABC， ABC=2ABD=60， ABCD， C=180-ABC=120【点睛】本题考查平行线基本性质与邻补角关系，基础知识牢固是本题解题关键2、（1）作图见详解；（2）作图见详解【分析】（1）根据轴对称图形的性质及面积作图即

23、可；（2）根据题意，作出相应轴对称图形，验证面积即可得【详解】解：（1）根据题意：为轴对称图形，面积为2，由图可得：，即为所求，（答案不唯一）； 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 （2）四边形ABDE为轴对称图形，面积为：，四边形ABDE即为所求（答案不唯一）【点睛】题目主要考查轴对称图形的作法，理解题意，熟练运用轴对称的性质是解题关键3、（1）4；（2）A1B1C1为所求作的三角形，画图见详解；（3）点P的坐标为（0，5）或（0，-3）【分析】（1）利用割补法求ABC面积，SABC=S梯形AODC-SABO-SCDB代入计算即可；（2）利用关于x轴对称，横坐标不变，纵坐标变为相反

24、数，先求出A、B、C对称点坐标A1（0，-1），B1（2，0），C1（4，-3）然后描点A1（0，-1），B1（2，0），C1（4，-3）再顺次连结线段A1B1，B1C1C1A1即可；（3）点P在y轴上，根据三角形面积先求出底AP的长，在分两种情况点P在点A的上方与下方，求出点P的坐标即可【详解】解：（1）过点C作CDx轴于D，A（0，1），B（2，0），C（4，3），AO=1，OB=2，OD=4，CD=3，BD=OD-OB=4-2=2，SABC=S梯形AODC-SABO-SCDB=，=，=，=4，故答案为4；（2）ABC关于x轴对称的图形A1B1C1，A（0，1），B（2，0），C（4，3）

25、A1（0，-1），B1（2，0），C1（4，-3）描点：A1（0，-1），B1（2，0），C1（4，-3）顺次连结A1B1，B1C1C1A1则A1B1C1为所求作的三角形；（3）点P在y轴上，以AP为底，以OB为高，SABP=，设点P的坐标为（0，n）， 线 封 密 内 号学级年名姓 线 封 密 外 当点P在点A下方，1-n=4，解得n=-3，当点P在点A上方， n-1=4，解得n=5，ABP的面积为4，点P的坐标为（0，5）或（0，-3）【点睛】本题考查割补法求三角形面积，用描点法化轴对称图形方法，根据三角形面积建立AP的方程，利用分类讨论思想求出点P坐标是解题关键4、，-4【分析】用乘法公

26、式及单项式乘多项式的法则计算，再合并同类项即可化简；再所给的值代入化简后的式子中即可求得值【详解】原式当，时，原式【点睛】本题是化简求值题，考查了整式的乘法及求代数式的值，熟练运用乘法公式及单项式乘多项式是关键5、（1）y甲600x1200，y乙720x720；（2）当x4时，乙旅行社优惠；当x4时，甲旅行社优惠【分析】（1）根据收费总额学生人数单价校长的票价就可以分别求出两个旅行社的收费；（2）分两种情况讨论，当y甲y乙、y甲y乙时，求出哪种情况更优惠【详解】解：（1）设学生人数为x人，由题意，得y甲0.51200x1200600x1200，y乙0.61200x0.61200720x720；（2）y甲y乙时，600x1200720x720，解得：x4故当x4时，乙旅行社优惠当y甲y乙时，600x1200720x720，解得：x4，故当x4时，甲旅行社优惠【点睛】本题主要考查了一次函数的应用，准确理解题意是解题的关键