【特色专项训练 优化方案】2021届高考物理二轮专题精炼 第一篇专题一电学选择题巧练（三）.doc

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1、电学选择题巧练(三)建议用时：20分钟1.如图所示，菱形abcd的四个顶点分别放上电荷量都为Q的不同电性的点电荷，abc120.对角线的交点为O，A、B、C、D分别是O点与四个顶点连线的中点，则下列说法正确的是()AO点的电势和电场强度都为零BA、C两点的电场强度相等 CB、D两点的电势相等且都为正D正的检验电荷从A到D电场力做正功2.(多选)如图为某电场中x轴上电势随x变化的图象，x0与x0关于坐标原点对称，则下列说法正确的是()A纵轴的左侧为匀强电场Bx0处的场强为零C一电子在x0处由静止释放，电子将沿x轴正方向运动，加速度逐渐增大D一电子在x0处由静止释放，电子不一定沿x轴正方向运动，但

2、速度逐渐增大3.(多选)如图所示为一直流电路，电源内阻不能忽略，在滑动变阻器滑片P从滑动变阻器的最右端滑向最左端的过程中，下列说法正确的是()A电压表的示数可能增大B电流表的示数可能增大C电阻R0消耗的功率可能增大D电源的输出功率可能增大4.如图所示，在半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，在磁场区域的上方有一水平放置的感光板MN.从磁场区域最左端Q垂直磁场射入大量的带电荷量为q、质量为m、速率为v的粒子，且速率满足v，最后都打在了感光板上不考虑粒子间的相互作用力和粒子的重力，关于这些粒子，以下说法正确的是()A这些粒子都带负电B对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长

3、线不一定过圆心C只有对着圆心入射的粒子，出射后才垂直打在感光板MN上D沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在感光板MN上5.如图所示为一种获得高能粒子的装置环形加速器，环形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场质量为m、电荷量为q的粒子在环中做半径为R的圆周运动A、B为两块中心开有小孔的极板，原来电势都为零，每当粒子飞经A板时，A板电势升高为U，B板电势仍保持为零，粒子在两极板间的电场中加速每当粒子离开电场区域时，A板电势又降为零，粒子在电场一次次加速下动能不断增大，而在环形区域内绕行半径不变(设极板间距远小于R)下列关于环形加速器的说法中正确的是()A环形区域内的磁感应强度大小Bn与加速次数n之间

4、的关系为B环形区域内的磁感应强度大小Bn与加速次数n之间的关系为CA、B板之间的电压可以始终保持不变D粒子每次绕行一圈所需的时间tn与加速次数n之间关系为6.空间存在一匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，该区域为等腰直角三角形，其腰长为2a，在磁场的左侧有一边长为a的正方形导体框，从磁场的左侧向右以恒定的速度穿越该磁场区域，规定逆时针电流方向为正则整个过程中导体框中的感应电流与时间的变化规律为()7如图甲所示，在匀强磁场中有一个匝数n10的矩形线圈匀速转动，转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为5 .从图甲所示位置开始计时，通过线圈平面的磁通量随时间变化的图象如图乙所示，那么()A线圈从图示位

5、置转过90角时穿过线圈的磁通量为2 WbB在t0.2 s时，线圈中的感应电动势为零，且电流改变一次方向C线圈从图示位置转过30角时的感应电流为 AD线圈转动过程中消耗的电功率为102 W8.(多选)如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成角，两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直于轨道平面向上质量为m的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计则下列说法正确的是()A金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电量一样多B金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力和摩擦力所做

6、功之和等于mvC金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能不一定相等D金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的热量电学选择题巧练(三)1解析选C.根据电场叠加原理可知，O点的场强为零，电势为正，A项错误；根据电场叠加原理可知A、C两点的场强等大反向，B项错误；根据几何关系可知，B、D点都在a、b点上的两个等量异种点电荷电场中零等势线的右侧，都在c、d点上的两个等量异种点电荷电场中零等势线的左侧，因此电势叠加后肯定为正，根据对称性可知，这两点的电势相等，C项正确；同理可以分析A点电势为负，因此正的检验电荷从A到D电势能增大，电场力做负功，D项错误2解析选BD.纵轴的左侧x轴上电势处处

7、相等，因此场强为零，不可能是匀强电场，A项错误，B项正确；x轴正半轴不一定与电场线重合，且电场线不一定是直的，因此带电粒子不一定沿x轴正方向运动，但从静止开始只在电场力的作用下运动，电场力做正功，速度逐渐增大，C项错误，D项正确3解析选AD.在刚开始滑动的一段时间内，电路中的总电阻增大，总电流减小，电流表的示数减小，电阻R0消耗的功率也减小，B、C项错误；如果滑动变阻器的最大阻值小于等于电阻R，则内电压一直减小，外电压一直增大，电源与R0两端电压一直减小，电压表示数增大，A项正确；如果电源的内阻一直大于外电阻，且滑动变阻器的最大阻值小于等于电阻R，则电源的输出功率增大，D项正确4解析选D.粒子

8、最后都打在了感光板上，说明粒子向上偏，根据左手定则知粒子带正电，A错误；粒子所受洛伦兹力充当向心力，做半径为r的匀速圆周运动；因为速率满足v，所以rR，根据几何关系知沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上，C错误、D正确，显然B错误5解析选B.因粒子每绕行一圈，其增加的能量为qU，所以，绕行第n圈时获得的总动能为mvnqU，得第n圈的速度vn.在磁场中，由牛顿第二定律得qBnvnm，解得Bn ，所以，A错误，B正确；如果A、B板之间的电压始终保持不变，粒子在A、B两极板之间飞行时，电场力对其做功qU，从而使之加速，在磁场内飞行时，电场又对粒子做功qU，从而使之减速粒子绕行一周电场对其所做

9、总功为零，动能不会增加，达不到加速效果，C错误；根据t得tn2R，得，D错误6解析选A.在0t时间内，bc边在磁场中切割磁感线，其有效长度不变，由楞次定律可知电流沿逆时针方向，为正值且大小不变；在t2t时间内ad边进入磁场，bc边离开磁场，有效切割长度从零逐渐增大，感应电动势从零逐渐增大，感应电流从零逐渐增大，由楞次定律可知电流沿顺时针方向，为负值；2t3t时间内ad边开始离开磁场，有效切割长度逐渐减小到零，感应电动势逐渐减小到零，电流逐渐减小到零，由楞次定律可知电流沿顺时针方向，为负值7解析选D.线圈从图示位置转过90角时穿过线圈的磁通量为0.2 Wb，与线圈匝数无关，A错；感应电动势的大小和方向均可通过t图象中图线斜率的大小和正负来判断，在t0.2 s时，图线的斜率最大，感应电动势最大，其前后图线斜率的正负不变，电流方向不变，B错；线圈转动的角速度为5 rad/s，电动势峰值为EmnBSnm10 V，从图示位置开始计时，电流瞬时值表达式为icos t，因此线圈转过30角时瞬时电流icos 30 A A，C错；电压的有效值为U5 V，电功率为P102 W，D正确8解析选ABD.通过电阻的电量qtt，所以A项正确；由动能定理知B项正确；上滑、下滑过程中，摩擦力大小均为mgcos ，所以摩擦力产生的内能相等，C项错误；由能量守恒知D项正确4