精品解析2022年最新人教版九年级物理第十八章电功率重点解析试题(含解析).docx

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1、人教版九年级物理第十八章电功率重点解析 考试时间：90分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示。闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，其原因是（）A灯L

2、1额定功率较大B灯L2两端电压较大C灯L1的电阻较大D通过灯L1的电流较大2、小玲家有额定电压相同的电热水壶和电视机，小玲通过查看家用电器的铭牌，发现电热水壶的额定功率为1500W，电视机的额定功率为150W，当电热水壶和电视机都正常工作时，下列说法中正确的是（）A电热水壶两端的电压较高B通过两用电器的电流相等C电流通过电热水壶做功较快D相同时间内，两个用电器消耗的电能一样多3、在如图所示的电路中，当开关闭合后，发现灯泡L1比L2亮，用I1、I2分别表示通过灯泡L1、L2的电流，则I1、I2的大小关系是（）AI1I2 BI1=I2 CI1I2 D无法确定4、有关电的知识，下列说法中正确的是（）

3、A金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动方向B导体的电阻与导体两端的电压和通过导体的电流无关C用电器功率越大，消耗的电能就越多D通电时间相同时，功率大的用电器产生的热量一定比功率小的用电器产生的热量多5、图所示四种家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（）ABCD6、下列白炽灯正常发光时，亮度最亮的是（）A220V 15WB220V 25WC220V 40WD220V 60W7、用电学知识判断下列说法中正确的是（）A一节新干电池的电压约为5VB教室里每盏日光灯的功率约为400WC家用电热水壶的功率约为1000WD书桌上的台灯正常工作时的电流约为2A8、如图将两电阻丝R1、R2串联起来，若R1

4、 R2，将两个相同的火柴同时放在电阻丝上，则通电后先被点燃的火柴是（）AR1上的火柴BR2上的火柴C同时点燃D无法确定9、如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，两个电阻的UI关系图像如图所示。则下列判断正确的是（）A图线甲是电阻R1的“UI”关系图像B电源电压为9VC电路的最大总功率为14.4WD滑动变阻器R2的最大阻值为2010、下列科学家中总结出导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系的（）A安培 B伏特C欧姆 D焦耳第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、请在以下三个有关于白炽灯的问题中选出任意一个问题来进行回

5、答：（1）白炽灯的灯丝断了，将灯丝再搭上后接入到原来的电路中后，发现灯比原来更亮了，为什么？_( )_（2）为什么白炽灯用久了亮度会变暗？_( )_（3）两只额定电压相同、额定功率不同的普通白炽灯泡（已知有100W、40W的灯泡各一只），在它们的铭牌上只能看清“220V”字样，如何判断哪只灯泡是100W的？说出其中一种判断的方法。你选择回答的问题番号是：_ 答：_2、一盏灯标有“220V，100W”是表示_是220V，（不考虑温度对灯丝电阻的影响）其阻值为_，如果接在110伏的电路中，则实际功率是_W。3、用豆浆机做豆浆时，能闻到浓浓的豆浆香味，这是_现象；豆浆机工作时加热和打浆能够交替进行，

6、在打浆时主要将电能转化为_。4、如图所示，小明家电能表的示数为_kWh；若该电能表的转盘在5min内转了300转，则这段时间内小明家中用电器消耗的电能为_J；该用电器的功率_。5、我市“天马湖”两岸灯光夜景，使两岸夜景更加美丽，又节能环保。其中两岸装上了约3000盏新型LED灯，每盏灯的功率10W，若这些夜景灯每天工作3h，则一个月（按30天计算）消耗的电能是 _kWh，这些电能可使额定功率为1kW的电热水壶正常工作 _h。三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、有一额定功率为1000W的电热水壶，内装1.6kg的水，通电后持续正常加热，将50的水烧开（在标准大气压下），用时7min

7、，已知水的比热容是。求：（1）水吸收的热量；（2）电热水壶的效率。2、如表是小明家电热水壶的铭牌。求：产品型号EL8952额定电压 220V频率 50Hz额定功率 1000W容量 1.0L（1）电热水壶的电阻。（2）将1kg水从20加热到100，水吸收的热量。（3）要放出这些热量，电热水壶要正常工作多长时间不计热量损失 。3、即热式热水宝是一种无内胆的纳米管加热装置，因为其体积小、加热速度快，真正实现即开即热的使用功能，得到了广泛应用。其电路原理如图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变水龙头控制开关S、S0的状态，可以选择出凉水、温水或开水。该管线机的额定电压是220

8、V，开水加热电功率是4400W，温水加热电功率是2200W。已知：电热丝R1、R0电阻不随温度变化，水的比热容，水的密度1103 kg/m3，g取10N/kg。求：（1）开关S断开时，水龙头出_（凉水、温水或开水）。开关S、S0都闭合时，水龙头出_（凉水、温水或开水）；（2）现在需要100 的开水500ml，已知水的初温是20 ，水需要吸收多少热量_？（3）如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多长时间_？4、某家用电饭锅工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图甲是该电饭锅的简化电路图，如图是它的有关参数。求：额定电压220V加热功率

9、880W保温功率88W（1）电饭锅在加热状态下工作1min消耗的电能；（2）电阻R1的阻值；（3）电饭锅处于保温状态下工作1min电阻R1放出的热量。5、在如图所示电路中，电源电压为6V，闭合开关，小灯泡两端电压为2.5V，电流表的示数为0.5A。求：（1）小灯泡的功率。（2）通电10s电阻R消耗的电能。-参考答案-一、单选题1、C【详解】由图可知，两个灯泡是串联的，串联电路的电流处处相等，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，说明灯泡L1的实际功率大，根据知，灯泡L1的电阻比L2的电阻大。A两个灯泡的额定电压相等，灯泡L1的电阻大，根据可知，L1额定功率小，故A不符合题意；B根据知，灯泡L

10、1的电阻比L2的电阻大，灯泡L1两端的电压大，灯L2两端电压较小，故B不符合题意；C两个灯泡是串联的，串联电路的电流处处相等，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，说明灯泡L1的实际功率大，根据知，灯泡L1的电阻比L2的电阻大，故C符合题意；D两个灯泡是串联的，串联电路的电流处处相等，通过两灯泡电流相等，故D不符合题意。故选C。2、C【详解】A电热水壶和电视机的额定电压相同，用电器正常工作时的电压和额定电压相等，电热水壶和电视机正常工作时的电压相等，故A错误；BC电热水壶的额定功率大于电视机的额定功率，正常工作时的功率和额定功率相等，电热水壶的额定功率较大，所以电热水壶的实际功率较大，电功率

11、表示电流做功快慢的物理量，所以电热水壶做功较快，两电热水壶正常工作时的电压相等，由可知，通过两用电器的电流不相等，故B错误，C正确；D电热水壶的实际功率较大，由W=Pt可知，相同时间内，电热水壶消耗的电能较大，故D错误。故选C。3、B【详解】两个灯泡是串联的，所以其电流是处处相等的，所以通过两个灯泡的电流相等。灯泡L1比L2亮是由于两个灯泡的实际功率不同造成的，即L1的实际功率比L2的大。故选B。4、B【详解】A金属导体中电流的方向与自由电子定向移动方向相反，电流方向为正电荷移动的方向，自由电子带负电，故A错误；B导体的电阻是导体的一种性质，导体的电阻与导体两端的电压和通过导体的电流无关，与材

12、料、横截面积、长度和温度有关，故B正确；C电能W=UIt=Pt，用电器功率越大，消耗的电能不一定越多，还要看时间的大小，故C错误；D通电时间相同时，功率大的用电器消耗的电能一定比功率小的用电器消耗的电能多，但产生的热量不一定比功率小的用电器产生的热量多，因为有些用电器工作时消耗的电能不一定全部转化为内能，故D错误。故选B。5、A【详解】A电饼铛工作时，消耗的电能主要转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A符合题意；B电风扇工作时，消耗的电能主要转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故B不符合题意；C平板电视工作时，消耗的电能主要转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作的，故C不符合题意；D洗

13、衣机工作时，消耗的电能主要转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。故选A。6、D【详解】用电器在额定电压下工作，会正常工作，则其实际功率等于额定功率。而题目中，四个灯泡都在额定电压下工作，正常发光时的功率和额定功率相等，那么，灯泡正常发光时，实际功率便越大，亮度越亮。四个灯泡中，60W的实际功率最大，“220V 60W”的灯泡最亮。故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。7、C【详解】A一节新干电池的电压约为1.5V，故A错误；B教室里的日光灯的功率约为40W，故B错误；C家用电热水壶的正常工作电流约为5A，额定功率P=UI=220V5A=1100W故C正确；D书桌上台灯正常工

14、作的电流约为0.2A，故D错误。故选C。8、A【详解】由题意可知，两电阻丝R1、R2串联，所以通过R1、R2的电流相等，又R1R2，根据Q=I2Rt可知，在相同时间内R1上产生的热量多，因此R1上的火柴先被点燃，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。9、C【详解】由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。A当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，V2的示数为0，电路的电阻最小，电路中的电流最大。由图象可知，甲为滑动变阻器R2的UI关系图象，乙为电阻R1的UI图象，故A错误；B当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由

15、 UI图象可知，电路中的最小电流为I0.3AR1两端的电压U13VR2两端的电压U29V因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压UU1+U23V+9V12V故B错误；C根据P=UI，当电路的电流最大为1.2A时，电路有最大功率，电路的最大总功率为P=UI大= 12V1.2A=14.4W故C正确；D结合选项B，由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值为故D错误。故选C。10、C【详解】德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即欧姆定律：导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。安培、伏特和焦耳分别跟电流、电压和能量的研究有更大的关系，故C符

16、合题意，ABD不符合题意。故选C。二、填空题1、 灯丝变短，电阻变小，电流变大，根据公式P=UI可知，灯泡的实际功率变大，故白炽灯变亮。 灯丝变细，电阻变大，电流变小，根据公式P=UI可知，灯泡的实际功率变小，故白炽灯会变暗。 如何判断哪知灯泡时100W的？ 灯丝较粗的是100W的【解析】【详解】（1）1灯丝变短，电阻变小，由欧姆定律可知电流变大，又额定电压相同，所以根据公式P=UI可知，灯泡的实际功率变大，故白炽灯变亮。（2）2灯丝变细，电阻变大，电流变小，根据公式P=UI可知，灯泡的实际功率变小，故白炽灯会变暗。（3）3 （3）如何判断哪知灯泡是100W的？4灯丝较粗的是100W的，因为灯

17、丝粗的灯泡的电阻小，通过灯丝的电流大，根据公式P=UI可知，灯泡的实际功率大。2、 额定电压 484 25【解析】【详解】1标有“220V 100W”的灯泡，表示额定电压是220V，额定功率是100W。2由P=U2R可得，其阻值为R=U额2P额=(220V)2100W=4843如果接在110伏的电路中，由于不考虑温度对灯丝电阻的影响，则实际功率为P实=U实2R=(110V)2484=25W3、 扩散 机械能【解析】【详解】1能闻到浓浓的豆浆香味，是豆浆分子运动到人鼻子中，这是扩散现象。2打浆时刀头转动，将电能转化为刀头的机械能。4、 2258.6 3.6105 1200W【解析】【分析】【详解

18、】1电能表最后一位示数是小数位，单位是kWh，则电能表的读数为2258.6kWh。23电能表转盘转300r时，用电器消耗的电能W=3003000kWh=0.1kWh=0.13.6106J=3.6105J工作时间t=5min=560h=112h该用电器的电功率P=Wt=0.1kWh112h=1.2kW=1200W5、 27 27【解析】【详解】1由P=Wt可得，一个月消耗的电能为WPt300010103kW303h27kWh2由P=Wt可得，这些电能可使额定功率为1kW的电热水壶正常工作时间为t=WP=27kWh1kW=27h三、计算题1、（1）3.36105J；（2）80%【详解】解：（1）在

19、标准大气压下，将50的水烧开需要吸收的热量为（2）电热水壶工作7min，消耗的电能为W=Pt=1000W760s=4.2105J根据可得电热水壶的效率答：（1）水吸收的热量为3.36105J；（2）电热水壶的效率为80%。2、（1）48.4；（2）3.36105J；（3）336s。【详解】解：（1）根据电热水壶的铭牌可知，电热水壶的额定功率为1000W，额定电压为220V，由 可得电热水壶的电阻（2）水吸收的热量（3）不计热量损失，所以电热水壶产生的热量由 可得热水壶工作时间答：（1）电热水壶的电阻为48.4；（2）水吸收的热量为3.36105J；（3）要放出这些热量，电热水壶正常工作336s

20、。3、凉水 开水 1.68105J 48s 【详解】（1）1根据题意和电路图可知，当S断开时电路处于断路状态，水龙头出凉水。2当S，S0都闭合时，电热丝R0单独接入电路中，根据可知电阻最小，功率最大，所以出开水。（2）3由可得水的质量为mV1103 kg/m350010-6 m30.5kg水吸收的热量为（3）4由可得消耗的电能由可得加热时间4、（1）52800J；（2）55；（3）528J【详解】解：（1）由表中数据知道，电饭锅加热功率为880W，由 知道，加热状态下工作1min消耗的电能W=P加热t=880W60s=52800J（2）由电路图知道，S闭合时，只有R1连入电路，电路中电阻较小，

21、电源电压一定，由知道，此时电路消耗电功率较大，为加热状态，所以电阻R1的阻值（3）由电路图知道，S断开，电阻R1、R2串联接在电路中，电路中电阻较大，电路消耗功率较小，为保温状态，由P=UI知道，此时电路中电流1min电阻R1放出的热量Q=I2R1t=（0.4A）25560s=528J答：（1）电饭锅在加热状态下工作1min消耗的电能为52800J；（2）电阻R1的阻值为55；（3）电饭锅处于保温状态下工作1min电阻R1放出的热量为528J。5、（1）1.25W；（2）17.5J【详解】解：（1）由电路图可知，小灯泡L与电阻R串联，电流表测电路中电流，由题意可知电流表示数为0.5A，即电路中电流为I=0.5A，小灯泡两端电压为UL=2.5V，故由P=UI可得，小灯泡的功率为PL=ULI=2.5V0.5A=1.25W（2）因电源电压为6V，故由串联电路中电压规律可知，电阻R两端电压为U0=U-UL=6V-2.5V=3.5V由欧姆定律可知，电阻R的阻值为故可知通电10s电阻R消耗的电能为答：（1）小灯泡的功率为1.25W；（2）通电10s电阻R消耗的电能为17.5J。