2021届高三数学二轮复习 必考问题专项突破16 椭圆、双曲线、抛物线 理.doc

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1、16椭圆、双曲线、抛物线1(2012福建)已知双曲线1的右焦点与抛物线y212x的焦点重合，则该双曲线的焦点到其渐近线的距离等于()A. B4 C3 D5答案： A易求得抛物线y212x的焦点为(3,0)，故双曲线1的右焦点为(3,0)，即c3，故324b2，b25，双曲线的渐近线方程为yx，双曲线的右焦点到其渐近线的距离为.2(2012新课标全国)等轴双曲线C的中心在原点，焦点在x轴上，C与抛物线y216x的准线交于A，B两点，|AB|4 ，则C的实轴长为()A. B2 C4 D8答案：C抛物线y216x的准线方程是x4，所以点A(4，2 )在等轴双曲线C；x2y2a2(a0)上，将点A的坐

2、标代入得a2，所以C的实轴长为4.3(2012山东)已知椭圆C：1(ab0)的离心率为.双曲线x2y21的渐近线与椭圆C有四个交点，以这四个交点为顶点的四边形的面积为16，则椭圆C的方程为()A.1 B.1C.1 D.1答案：D因为椭圆的离心率为，所以e，c2a2，c2a2a2b2，所以b2a2，即a24b2.双曲线的渐近线方程为yx，代入椭圆方程得1，即1，所以x2b2，xb，y2b2，yb，则在第一象限双曲线的渐近线与椭圆C的交点坐标为，所以四边形的面积为4bbb216，所以b25，所以椭圆方程为1.4(2012北京)在直角坐标系xOy中，直线l过抛物线y24x的焦点F，且与该抛物线相交于

3、A，B两点，其中点A在x轴上方，若直线l的倾斜角为60，则OAF的面积为_解析直线l的方程为y(x1)，即xy1，代入抛物线方程得y2y40，解得yA2 (yB0，舍去)，故OAF的面积为12 .答案圆锥曲线与方程是高考考查的核心内容之一，在高考中一般有12个选择或者填空题，一个解答题选择或者填空题有针对性地考查椭圆、双曲线、抛物线的定义、标准方程和简单几何性质及其应用，主要针对圆锥曲线本身，综合性较小，试题的难度一般不大；解答题主要是以椭圆为基本依托，考查椭圆方程的求解、考查直线与曲线的位置关系复习中，一要熟练掌握椭圆、双曲线、抛物线的基础知识、基本方法，在抓住通性通法的同时，要训练利用代数

4、方法解决几何问题的运算技巧二要熟悉圆锥曲线的几何性质，重点掌握直线与圆锥曲线相关问题的基本求解方法与策略，提高运用函数与方程思想，向量与导数的方法来解决问题的能力.必备知识椭圆1(ab0)，点P(x，y)在椭圆上(1)离心率：e；(2)过焦点且垂直于长轴的弦叫通径，其长度为：.双曲线1(a0，b0)，点P(x，y)在双曲线上(1)离心率：e；(2)过焦点且垂直于实轴的弦叫通径，其长度为：.抛物线y22px(p0)，点C(x1，y1)，D(x2，y2)在抛物线上(1)焦半径|CF|x1；(2)过焦点弦长|CD|x1x2x1x2p，|CD|(其中为倾斜角)，；(3)x1x2，y1y2p2；(4)以

5、抛物线上的点为圆心，焦半径为半径的圆必与准线相切，以抛物线焦点弦为直径的圆，必与准线相切必备方法1求圆锥曲线标准方程常用的方法(1)定义法(2)待定系数法顶点在原点，对称轴为坐标轴的抛物线，可设为y22ax或x22ay(a0)，避开对焦点在哪个半轴上的分类讨论，此时a不具有p的几何意义中心在坐标原点，焦点在坐标轴上，椭圆方程可设为1(m0，n0)双曲线方程可设为1(mn0)这样可以避免讨论和繁琐的计算2求轨迹方程的常用方法(1)直接法：将几何关系直接转化成代数方程(2)定义法：满足的条件恰适合某已知曲线的定义，用待定系数法求方程(3)代入法：把所求动点的坐标与已知动点的坐标建立联系(4)交轨法

6、：写出两条动直线的方程直接消参，求得两条动直线交点的轨迹注意：建系要符合最优化原则；求轨迹与“求轨迹方程”不同，轨迹通常指的是图形，而轨迹方程则是代数表达式；化简是否同解变形，是否满足题意，验证特殊点是否成立等.圆锥曲线的定义是圆锥曲线问题的根本，利用圆锥曲线的定义解题是高考考查圆锥曲线的一个重要命题点，在历年的高考试题中曾多次出现需熟练掌握【例1】 已知椭圆1与双曲线y21的公共焦点F1，F2，点P是两曲线的一个公共点，则cosF1PF2的值为()A. B. C. D.审题视点 听课记录审题视点 结合椭圆、双曲线的定义及余弦定理可求B因点P在椭圆上又在双曲线上，所以|PF1|PF2|2 ，|

7、PF1|PF2|2 .设|PF1|PF2|，解得|PF1|，|PF2|，由余弦定理得cosF1PF2. 涉及椭圆、双曲线上的点到两焦点的距离问题时，要自觉地运用椭圆、双曲线的定义涉及抛物线上的点到焦点的距离时，常利用定义转化到抛物线的准线的距离【突破训练1】 如图过抛物线y22px(p0)的焦点的直线l依次交抛物线及其准线与点A，B，C，若|BC|2|BF|，且|AF|3，则抛物线的方程是_解析作BMl，AQl，垂足分别为M、Q.则由抛物线定义得，|AQ|AF|3，|BF|BM|.又|BC|2|BF|，所以|BC|2|BM|.由BMAQ得，|AC|2|AQ|6，|CF|3.|NF|CF|.即p

8、.抛物线方程为y23x.答案y23x圆锥曲线的简单几何性质是圆锥曲线的重点内容，主要考查椭圆与双曲线的离心率的求解、双曲线的渐近线方程的求解，难度中档【例2】 (2012东北三省四市教研协作体二次调研)以O为中心，F1，F2为两个焦点的椭圆上存在一点M，满足|2|2|，则该椭圆的离心率为()A. B. C. D.审题视点 听课记录审题视点 作MNx轴，结合勾股定理可求c，利用椭圆定义可求a.C过M作x轴的垂线，交x轴于N点，则N点坐标为，并设|2|2|2t，根据勾股定理可知，|2|2|2|2，得到ct，而a，则e，故选C. 离心率的范围问题其关键就是确立一个关于a，b，c的不等式，再根据a，b

9、，c的关系消掉b得到关于a，c的不等式，由这个不等式确定e的范围【突破训练2】 设抛物线y22px(p0)的焦点为F，点A(0,2)若线段FA的中点B在抛物线上，则B到该抛物线准线的距离为_解析抛物线的焦点F的坐标为，线段FA的中点B的坐标为代入抛物线方程得12p，解得p，故点B的坐标为，故点B到该抛物线准线的距离为.答案轨迹问题的考查往往与函数、方程、向量、平面几何等知识相融合，着重考查分析问题、解决问题的能力，对逻辑思维能力、运算能力也有一定的要求【例3】 (2011天津)在平面直角坐标系xOy中，点P(a，b)(ab0)为动点，F1，F2分别为椭圆1的左、右焦点已知F1PF2为等腰三角形

10、(1)求椭圆的离心率e；(2)设直线PF2与椭圆相交于A，B两点，M是直线PF2上的点，满足AB2，求点M的轨迹方程审题视点 听课记录审题视点 (1)根据|PF2|F1F2|建立关于a与c的方程式(2)可解出A、B两点坐标(用c表示)，利用2可求解解(1)设F1(c,0)，F2(c,0)(c0)由题意可得|PF2|F1F2|，即2c.整理得2210，得或1(舍)，所以e.(2)由(1)知a2c，bc，可得椭圆方程为3x24y212c2，直线PF2方程为y(xc)A，B两点的坐标满足方程组消去y并整理，得5x28cx0，解得x10，x2c，得方程组的解不妨设A，B.设点M的坐标为(x，y)，则A

11、，B(x，yc)由y(xc)，得cxy.于是A，B(x，x)由题意知AB2，即xx2，化简得18x216xy150.将y代入cxy，得c0，所以x0.因此，点M的轨迹方程是18x216xy150(x0) (1)求轨迹方程时，先看轨迹的形状能否预知，若能预先知道轨迹为何种圆锥曲线，则可考虑用定义法求解或用待定系数法求解(2)讨论轨迹方程的解与轨迹上的点是否对应，要注意字母的取值范围【突破训练3】 (2012四川)如图，动点M与两定点A(1,0)、B(2,0)构成MAB，且MBA2MAB.设动点M的轨迹为C.(1)求轨迹C的方程；(2)设直线y2xm与y轴相交于点P，与轨迹C相交于点Q、R，且|P

12、Q|PR|，求的取值范围解(1)设M的坐标为(x，y)，显然有x0，且y0.当MBA90时，点M的坐标为(2，3)当MBA90时，x2，且MBA2MAB，有tanMBA，即，化简可得3x2y230.而点(2，3)在曲线3x2y230上，综上可知，轨迹C的方程为3x2y230(x1)(2)由消去y，可得x24mxm230.(*)由题意，方程(*)有两根且均在(1，)内设f(x)x24mxm23，所以解得m1，且m2.设Q、R的坐标分别为(xQ，yQ)，(xR，yR)，由|PQ|PR|有xR2m，xQ2m.所以1.由m1，且m2，有1174 ，且17.所以的取值范围是(1,7)(7,74 )在高考

13、中，直线与圆锥曲线的位置关系是热点，通常围绕弦长、面积、定点(定值)，范围问题来展开，其中设而不求的思想是处理相交问题的最基本方法，试题难度较大【例4】 已知椭圆C：1(ab0)的离心率为，过右焦点F的直线l与C相交于A，B两点当l的斜率为1时，坐标原点O到l的距离为.(1)求a，b的值；(2)C上是否存在点P，使得当l绕F转到某一位置时，有成立？若存在，求出所有的P的坐标与l的方程；若不存在，说明理由审题视点 听课记录审题视点 (1)由直线l的斜率为1过焦点F，原点O到l的距离为可求解；(2)需分直线l的斜率存在或不存在两种情况讨论设A(x1，y1)，B(x2，y2)，由条件可得P点坐标，结

14、合A、B、P在椭圆上列等式消元求解解(1)设F(c,0)，当l的斜率为1时，其方程为xyc0，O到l的距离为，故，c1.由e，得a，b .(2)C上存在点P，使得当l绕F转到某一位置时，有成立由(1)知C的方程为2x23y26.设A(x1，y1)，B(x2，y2)(i)当l不垂直于x轴时，设l的方程为yk(x1)C上的点P使成立的充要条件是P点的坐标为(x1x2，y1y2)，且2(x1x2)23(y1y2)26，整理得2x3y2x3y4x1x26y1y26，又A、B在椭圆C上，即2x3y6,2x3y6，故2x1x23y1y230.将yk(x1)代入2x23y26，并化简得(23k2)x26k2

15、x3k260，于是x1x2，x1x2，y1y2k2(x11)(x21).代入解得k22，此时x1x2.于是y1y2k(x1x22)，即P.因此，当k 时，P，l的方程为xy 0；当k时，P，l的方程为xy0.()当l垂直于x轴时，由(2,0)知，C上不存在点P使成立综上，C上存在点P使成立，此时l的方程为xy0. 本小题主要考查直线、椭圆、分类讨论等基础知识，考查学生综合运用数学知识进行推理的运算能力和解决问题的能力此题的第(2)问以向量形式引进条件，利用向量的坐标运算，将“形”、“数”紧密联系在一起，既发挥了向量的工具性作用，也让学生明白根与系数的关系是解决直线与圆锥曲线问题的通性通法【突破

16、训练4】 设椭圆E：1(a，b0)过点M(2，)，N(，1)两点，O为坐标原点(1)求椭圆E的方程；(2)是否存在圆心在原点的圆，使得该圆的任意一条切线与椭圆E恒有两个交点A，B，且？若存在，写出该圆的方程；若不存在，说明理由解(1)将M，N的坐标代入椭圆E的方程得解得a28，b24.所以椭圆E的方程为1.(2)假设满足题意的圆存在，其方程为x2y2R2，其中0R2.设该圆的任意一条切线AB和椭圆E交于A(x1，y1)，B(x2，y2)两点，当直线AB的斜率存在时，令直线AB的方程为ykxm，将其代入椭圆E的方程并整理得(2k21)x24kmx2m280.由方程根与系数的关系得x1x2，x1x

17、2.因为，所以x1x2y1y20.将代入并整理得(1k2)x1x2km(x1x2)m20.联立得m2(1k2)因为直线AB和圆相切，因此R.由得R，所以存在圆x2y2满足题意当切线AB的斜率不存在时，易得xx，由椭圆E的方程得yy，显然.综上所述，存在圆x2y2满足题意讲讲离心率的故事椭圆、双曲线的离心率是一个重要的基本量，在椭圆中或在双曲线中都有着极其特殊的应用，也是高考常考的问题，通常有两类：一是求椭圆和双曲线的离心率的值；二是求椭圆和双曲线离心率的取值范围一、以离心率为“中介”【示例1】 (2012湖北)如图，双曲线1(a，b0)的两顶点为A1，A2，虚轴两端点为B1，B2，两焦点为F1

18、，F2.若以A1A2为直径的圆内切于菱形F1B1F2B2，切点分别为A，B，C，D.则(1)双曲线的离心率e_；(2)菱形F1B1F2B2的面积S1与矩形ABCD的面积S2的比值_.解析(1)由题意可得a bc，a43a2c2c40，e43e210，e2，e.(2)设sin ，cos ，e2.答案(1)(2)老师叮咛：离心率是“沟通”a，b，c的重要中介之一，本题在产生关于a，b，c的关系式后，再将关系式转化为关于离心率e的方程，通过方程产生结论.【试一试1】 (2012南通模拟)A，B是双曲线C的两个顶点，直线l与双曲线C交于不同的两点P，Q，且与实轴垂直，若0，则双曲线C的离心率e_.解析

19、不妨设双曲线C的方程1(a0，b0)，则A(a,0)，B(a,0)设P(x，y)，Q(x，y)，所以(ax，y)，(xa，y)，由0，得a2x2y20.又1，所以1，即y20恒成立，所以0.即a2b2，所以2a2c2.从而e.答案二、离心率的“外交术”【示例2】 (2012潍坊模拟)已知c是椭圆1(a b0)的半焦距，则的取值范围是()A(1，) B(，)C(1，) D(1， 解析由e，又0e1，设f(x)x,0x1，则f(x)1.令y0，得x，则f(x)在上单调递增，在上单调递减，f(x)max，f(0)1，f(1)1.1f(x)，故1.答案D老师叮咛：离心率“外交”在于它可以较好地与其他知识交汇，本题中，如何求f(bc,a)的取值范围？结合离心率及关系式a2b2c2，将待求式子转化为关于e的函数关系式，借助函数的定义域(即e的范围)产生函数的值域，从而完成求解.【试一试2】 (2012江苏)在平面直角坐标系xOy中，若双曲线1的离心率为，则m的值为_解析由题意得m0，a，b.c，由e，得5，解得m2.答案2必考问题13