2020年中考化学总复习08科学探究20题.docx

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1、2020中考化学总复习满分必刷200题满分必过探究20题12020年1月25日总建筑面积为3.39万平方米的火神山医院正式开工，火神山医院在建造过程中用到了HDPE膜。老师告诉同学们HDPE膜具有极好的抗冲击性和防潮性，听完老师的描述后，同学们对HDPE膜的组成元素产生了浓厚的兴趣，进行了如下探究。【提出问题】HDPE膜由什么元素组成？【查阅资料】HDPE膜能够燃烧，燃烧可能生成一氧化碳；碱石灰主要成分是氢氧化钠固体和氧化钙固体。【实验探究】如图所示，先通入干燥氮气，再将4.2 g的HDPE膜样品在一定质量的氧气中点燃，并将燃烧产物依次通过装置A、B、C、D（装置中每步反应均进行完全）。【实验

2、记录】装置质量A装置总质量C装置总质量实验前100.0 g100.0 g实验后105.4 g113.2 g【实验分析】（1）实验前，先通入氮气的目的是 。（2）装置A中浓硫酸的作用是 。（3）实验中观察到装置B中黑色粉末变成红色，证明燃烧产物中有 。（4）装置C中发生的化学反应方程式为 。（5）装置D的作用是 。【数据处理】4.2g的HDPE膜样品中含碳元素的质量为 g，含氢元素的质量为 g。【实验结论】HDPE膜由碳元素、氢元素组成，不含其他元素的理由是 （用数据分析）。【反思拓展】实验中的4.2g HDPE膜样品燃烧消耗的氧气质量为m，则m的取值范围为 。【答案】【实验分析】（1）排尽试管

3、内的空气，防止加热时发生爆炸（2）吸收水分（3）一氧化碳(CO)（4）2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O（5）防止外界空气中的水和二氧化碳进入C装置中，影响测量结果【数据处理】3.6 0.6【实验结论】生成物中碳、氢元素的质量之和为4.2g【反思拓展】9.6 m14.4【解析】可燃性气体或物质遇到明火有可能发生爆炸，所以排尽试管内的空气，防止加热时发生爆炸；由于浓硫酸具有吸水性，故利用其吸水性；一氧化碳具有还原性，可还有氧化铜，生成红色的铜；氢氧化钠溶液可吸收二氧化碳，其方程式为2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O；由于空气中含有水分和二氧化碳，故防止外界空气中的水和二氧化碳进入C装

4、置中，影响测量结果；A装置吸收水分，其吸收的质量为105.4g-100g=5.4g，故氢元素的质量为：5.4g(2/18)100%=0.6g；C装置的作用是吸收二氧化碳，吸收的质量为113.2g-100g=13.2g，故碳元素的质量为13.2g(12/44)100%=3.6g。因为3.6g+0.6g=4.2g，所以不含其他元素。根据化学方程式计算，0.6g的氢气完全燃烧需要氧气为4.8g；3.6g碳完全燃烧生成二氧化碳是消耗氧气为9.6g；当3.6g的碳不完全燃烧生成一氧化碳时，消耗氧气为4.8g；故消耗氧气的最少量为4.8g+4.8g=9.6g；消耗氧气的最大量为：4.8g+9.6g=14.

5、4g，故9.6 m14.4。2某兴趣小组开展“测定密闭容器中某种气体的体积分数”的探究实验。【实验1】按图1所示装置，用红磷燃烧的方法测定空气中氧气的体积分数。【实验2】按图2所示装置，在集气瓶内壁用水均匀涂附铁粉除氧剂（其中辅助成分不干扰实验），利用铁锈蚀原理测定空气中氧气的体积分数。（1）实验1中，红磷燃烧的主要现象是 。红磷熄灭后，集气瓶冷却至室温，打开K，水能倒吸入集气瓶的原因是 。（2）为提高实验的准确性，以上两个实验都需要注意的事项是 （写一点）。（3）实验过程中，连接数字传感器，测得实验1、实验2中氧气的体积分数随时间变化的关系分别如图3、图4所示。依据图3，图4信息， （填“实

6、验1”或“实验2”）的测定方法更准确，判断依据是 。（4）结合你的学习经验，若要寻找红磷或铁粉除氧剂的替代物，用图1或图2装置测定空气中氧气的体积分数，该替代物应满足的条件是 （写两点）。【实验3】测定用排空气法收集到的集气瓶中二氧化碳的体积分数。（5）甲同学设计图5所示装置进行测定。浓NaOH溶液的作用是 （用化学方程式表示）。（6）乙同学提出，仅利用图6所示装置，在不添加其他试剂的前提下，也能测得集气瓶中二氧化碳的体积分数。为达到实验目的，操作方法是 。【答案】（1）产生了大量的白烟氧气被消耗，集气瓶内气体压强小于大气压（2）装置的气密性要良好（3）实验2反应后，实验1集气瓶内剩余氧气的体

7、积分是8.6%，实验2集气瓶内氧气几乎要耗尽（4）能够和氧气反应，生成物不是气体（5）2NaOH+CO2Na2CO3+H2O（6）用冰水冷却集气瓶，打开K【解析】（1）实验1中，红磷燃烧的主要现象是：产生了大量的白烟等。红磷熄灭后，集气瓶冷却至室温，打开K，水能倒吸入集气瓶的原因是：氧气被消耗，集气瓶内气体压强小于大气压。（2）为提高实验的准确性，以上两个实验都需要注意的事项是装置的气密性要良好等。（3）实验过程中，连接数字传感器，测得实验1、实验2中氧气的体积分数随时间变化的关系分别如图3、图4所示。依据图3，图4信息可知，实验2测定方法更准确，判断依据是：反应后，实验1集气瓶内剩余氧气的体

8、积分是8.6%，实验2集气瓶内氧气几乎要耗尽。（4）用图1或图2装置测定空气中氧气的体积分数，该替代物应满足的条件是能够和氧气反应，生成物不是气体；（5）二氧化碳与氢氧化钠反应生成了碳酸钠和水，化学方程式是：2NaOH+CO2Na2CO3+H2O；（6）由于密封装置内气体的压强随温度的降低而减小，为达到实验目的，操作方法是用冰水冷却集气瓶，打开K，瓶内为温度降低，压强减小，氢氧化钠溶液被吸入，吸收了二氧化碳，可以测定出集气瓶中二氧化碳的体积分数。3某化学兴趣小组的同学探究木炭还原氧化铜的实验，实验装置如图。实验时a中的固体由黑色变红色，b中的试管内产生气泡和白色沉淀。 （查阅资料）氧化亚铜(C

9、u2O)是红色固体，能与稀硫酸发生如下反应：Cu2O+H2SO4=Cu+CuSO4+H2O，铜离子在溶液中显蓝色。（提出问题）已知实验后a中的红色固体含有单质铜，是否还含有氧化亚铜(Cu2O)呢？（1）（实验验证）取a中的红色固体少量于试管中，加入稀硫酸溶液，试管中出现溶液变蓝色，证明固体中确实含有_。 （2）（提出问题）木炭还原氧化铜产生的气体是什么? （提出猜想）猜想一：只有CO2；猜想二：只有CO；猜想三：含有CO和CO2。（提出质疑）有同学认为猜想二错误，他们的理由是_；（3）（设计实验）基于猜想3，根据CO和CO2的性质，兴趣小组同学设计了如下实验 观察到A装置中的澄清石灰水变浑浊，

10、证明产生气体中有CO2气体生成，A装置中的化学反应方程式为：_；有两种实验现象都能分别证明产生的气体中含有CO；C装置中澄清石灰水不变浑浊，F装置中出现_的现象；E装置中出现_的现象，E装置中化学反应方程式为_；（4）（实验结论）通过实验探究证明：猜想3成立。 （交流反思）兴趣小组认为图1装置不够完善，为了防止尾气对空气的污染，应该把图1装置中的b部分装置换成下列_装置(填字母序号)。【答案】（1）Cu2O （2）一氧化碳不能和氢氧化钙反应（3）CO2+Ca（OH）2CaCO3+H2O澄清石灰水变浑浊黑色固体变红CuO+COCu+CO2（4）A或C或D 【解析】实验验证 取a中的红色固体少量于

11、试管中，加入稀硫酸，试管中出现固体部分溶解，溶液由无色变成蓝色，说明氧化亚铜和硫酸反应生成了硫酸铜，证明固体中确实含有Cu2O。提出质疑甲同学认为猜想二错误，理由是一氧化碳不能和氢氧化钙反应，因此b中的试管内不能产生白色沉淀。设计实验观察到A装置中的澄清石灰水变浑浊，证明产生气体中有CO2气体生成，A装置中的化学反应方程式为：CO2+Ca（OH）2CaCO3+H2O；C装置中澄清石灰水不变浑浊，F装置中出现澄清石灰水变浑浊的现象；E装置中出现黑色固体变红的现象，E装置中是一氧化碳和氧化铜反应生成铜和二氧化碳，反应的化学反应方程式为CuO+COCu+CO2；交流反思为了防止尾气对空气的污染，应该

12、把上图装置中的b部分装置换成如图2中的A、C、D都可以，这是因为A、C、D装置都能够防止一氧化碳进入空气中。4“双吸剂”是一种常见袋装食品的保鲜剂，能吸收空气中的氧气，二氧化碳、水蒸气等化学兴趣小组的同学在某食品袋中发现一包“双吸剂”，其标签如图所示同学们对这包久置的“双吸剂”固体样品很好奇，设计实验进行探究【提出问题】久置“双吸剂”固体的成分是什么？【查阅资料】铁与氯化铁溶液在常温下发生反应生成氯化亚铁Fe+2FeCl33FeCl2碱性的Na2CO3溶液可以和中性的CaCl2溶液发生复分解反应【作出猜想】久置固体中可能含有Fe、Fe2O3、CaO、Ca(OH)2和CaCO3 （1）【实验探究

13、1】下表是小明设计的实验方案和记录的实验报告，请你补充完整：实验操作实验现象实验结论取少量固体放于试管中，滴加一定量的_，用带导管的单孔橡皮塞塞紧试管口，导管另一端伸入澄清石灰水中试管中固体逐渐减少，有大量无色气体产生，得到浅绿色溶液，澄清的石灰水变浑浊样品中一定含有_，不含Fe2O3取少量样品放入试管中，加水溶解，静置后取上层清液滴加无色酚酞试液试管底部有不溶物，上层清液由无色变为红色样品中含有_【实验质疑】小组同学通过讨论认为实验中并不能得出一定含Fe2O3的结论，理由是_（用化学方程式表示）。为进一步确定这包久置的“双吸剂”固体的成分进行如下定量试验。（2）【实验探究2】取3g样品研碎，

14、并用磁铁充分吸引后，得到剩余固体2.6g，按照如图流程进行实验，请回答相关问题：操作二、操作三名称是_；固体的成分是_（填物质化学式，下同）；烧杯A中溶液和加入的碳酸钠溶液反应化学方程式为_；依据实验探究1，2中现象的分析及数据计算判断，这包久置“双吸剂”固体的成分是_。【实验反思】下列对实验探究1、2的反思，不正确的是_（填字母序号）。A对物质成分的探究有时需要定性与定量实验的结合B实验探究2烧杯C中的溶质为Na2CO3和NaOHC实验探究1、2中都有气体产生，但生成的气体成分不同D在原样品中加入足量盐酸有4个反应发生【答案】（1）稀盐酸 Fe和CaCO3 氧化钙或氢氧化钙Fe2O3+6HC

15、l2FeCl3+3H2OFe+2FeCl3=3FeCl2（2）过滤 CaCO3和Fe2O3 Ca(OH)2+Na2CO3CaCO3+2NaOHFe、Fe2O3、CaO、Ca(OH)2、CaCO3【实验反思】D 【解析】【实验探究1】由题目中可知固体成分可能含有Fe、Fe2O3、CaO、Ca（OH）2和CaCO3 ， 由表中实验现象：“试管中固体逐渐减少，有大量无色气体产生，得到浅绿色溶液，澄清石灰水变浑浊”说明固体和一种物质反应生成了二氧化碳气体（澄清石灰水变浊的气体），和一种含有Fe2+的物质（得到浅绿色溶液），实验室里制取二氧化碳气体的方法为用石灰石和稀盐酸反应，其化学方程式式为：CaCO

16、3+2HClCaCl2+H2O+CO2，而铁也可以和稀盐酸反应生成氯化亚铁和氢气，其化学方程式为：Fe+2HClFeCl2+H2，可以推出加入的这种物质为稀盐酸，固体物质中一定有的物质是Fe和CaCO3；其他的固体物质中可以和稀盐酸反应的有：氧化钙和盐酸反应生成氯化钙（溶液为无色）和水，其反应化学方程式为：CaO+2HClCaCl2+H2O；氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙（溶液为无色）和水，其反应的化学方程式为：Ca(OH)2+2HClCaCl2+2H2O；氧化铁和盐酸反应生成氯化铁（溶液为黄色）和水，其反应的化学方程式为：Fe2O3+6HCl2FeCl3+3H2O由于最后所得溶液没有显黄色，也

17、就是溶液中没有，所以固体物质中一定没有Fe2O3。加水溶解后，氧化钙可和和水反应生成氢氧化钙，同时反应放出大量的热，生成的氢氧化钙的溶液呈碱性，能使无色的酚酞试液变成红色。【实验质疑】由于氧化铁和盐酸反应生成的氯化铁，可能会继续与铁反应生成氯化亚铁；【实验探究2】（1）过滤可以将固体与液体分开。（2）取3g样品研碎，并用磁铁充分吸引后，得到剩余固体2.6g，所以已经出去了铁粉，溶解过滤的固体的质量为2g，其中含有碳酸钙还可能有氧化铁，由碳酸钙与盐酸反应方程式为CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2100 44由于生成气体0.44g所以固体中含有1g碳酸钙，所以固体中含有碳酸钙和氧化铁

18、。（3）氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，方程式为Ca（OH）2+Na2CO3CaCO3+2NaOH。（4）由于固体成分可能含有Fe、Fe2O3、CaO、Ca(OH)2和CaCO3， 能够被磁铁吸引的0.4g固体是铁，剩余的2.6g固体中还可能含有Fe2O3（不溶于水）CaO能和水反应生成Ca(OH)2、Ca(OH)2（微溶于水，加足量的水后完全溶解）和CaCO3（不溶于水），剩余的固体中的物质可能为：Fe2O3和CaCO3，溶解的物质为0.6g，所以滤液的成分为Ca(OH)2和碳酸钠反应生成碳酸钙和氢氧化钠，其化学方程式为：Ca(OH)2+Na2CO3CaCO3+2NaOH；又生

19、成沉淀为1g。设生成1g碳酸钙固体所需的氢氧化钙质量为x。Ca（OH）2+Na2CO3CaCO3+2NaOH；74 100x 1g74x=1001g解得x=0.74g0.6g，所以滤液中的氢氧化钙有部分是由氧化钙与水反应生成。由上面的分析可知固体物质的成分为：Fe、Fe2O3、CaO、Ca（OH）2、CaCO3。【反思与评价】A、对物质成分的探究有时需要定性与定量实验的结合；故A正确；B、由分析中可知实验中氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，溶质有NaOH，由于加入的是过量的碳酸钠溶液，因此里面的溶质还有Na2CO3 ， 故B正确；C、由实验探究1可知实验中产生的气体为氢气和二氧化碳

20、气体两种，由实验探究2可知实验中产生的气体为二氧化碳气体所以生成的气体成分不同；故C正确；D、由固体物质的成分为：Fe、Fe2O3、CaO、Ca(OH)2、CaCO3；最起码五种物质都与盐酸反应，反应个数多于5个；故D错误。5同学们在实验室用块状大理石和5%的稀盐酸反应制取CO2，观察不到气泡产生时，发现固体还有剩余，对此进行探究（杂质不溶于水且不与酸反应）。（提出问题）不再产生气泡的原因是什么？（猜想假设）猜想一：盐酸已经完全反应 猜想二：剩余固体中无碳酸钙 猜想三：生成物或杂质附着在大理石表面，阻碍反应继续进行（实验探究一）反应后溶液中是否有盐酸。（1）小亮取上述反应后的清液，测得溶液pH

21、=2，说明溶液显_性，由此得出猜想一不成立的结论。 （2）小慧认为此结论不够严谨，还应考虑生成物对溶液酸碱度的影响，补充了如下实验。 取洁净的烧杯，另配制_溶液，测得溶液pH=7。取洁净的试管，加入适量水和紫色石蕊溶液，持续通入CO2，发现溶液变为_色。但小亮认为实验不能说明CO2对溶液酸碱度的影响，他重新改进了实验。另取洁净的试管，加入适量水，持续通入CO2至饱和，测得溶液pH=5.6。由以上实验可知，该反应的生成物对溶液酸碱度影响不大，猜想一不成立，反应后的溶液中有盐酸。（实验探究二）剩余固体中是否有碳酸钙。小亮先振荡反应容器，使剩余固体和液体充分接触，观察到仍无气泡产生。再向容器中滴加少

22、量5%的稀盐酸，又有气泡产生。一段时间后，不再产生气泡，仍有固体剩余。产生气泡的化学方程式是_。由以上实验可知，猜想二和猜想三不成立。（得出结论）根据以上实验探究，可得出影响反应能否进行的因素之一是_。（反思交流）小慧又提出，也可能是反应太慢，无法观察到气泡产生。她设计了如下对比实验：取出（实验探究二）所得的部分清液，放置一段时间后，测得pH为X，同时测得（实验探究二）容器中剩余清液的pH为Y，若X_Y（填“”“”或“”），则她的猜想成立。【答案】（1）酸（2）氯化钙或CaCl2红（实验探究二）CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2（得出结论）反应物的浓度大小（实验探究二） 【解析】

23、（1）酸性物质的pH范围为07，故该溶液为酸性；（2）考虑生成物对反应的酸碱度的影响，则应该配制生成物的溶液，即氯化钙溶液； 石蕊溶液遇到酸性物质变成红色，遇到碱性物质变成蓝色，将二氧化碳通入水中，会生成碳酸溶液，碳酸为酸性，故溶液变成红色；【实验探究二】加入少量酸后，有气泡产生，说明碳酸钙与盐酸发生反应生成了二氧化碳，化学方程式为CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2；【得出结论】由实验一的结论可知，反应后的溶液中仍有盐酸，但是不与剩余固体中的碳酸钙反应，向容器滴加少量5%的稀盐酸后，盐酸浓度增大，反应进行，可以判断反应物的浓度是影响反应进行的重要因素；【反思交流】所得清液取出部分

24、仍然含有低浓度的盐酸，而剩下部分中盐酸继续反应，浓度减小，溶液pH增大，故XY。6实验室使用块状石灰石（CaCO3）和稀盐酸制CO2， 当观察不到有气泡产生，固体仍有剩余时，通常认为反应结束，剩余液呈中性，某兴趣小组对此进行了以下探究【实验操作】向试管中加入5粒石灰石，倾倒约试管体积 13 的稀盐酸（1：1）；观察不到气泡中，仍有固体剩余；将试管静置（1）取上层清液，用pH试纸测得溶液pH=2，说明溶液是_性；pH测定中，“上层清液滴到试纸上”的后一步操作是_。（2）【实验思考】反应剩余液中有哪些物质？其中能使溶液pH=2的有哪些？【实验探究】甲同学通过实验排除了CaCl2的可能性，简述其实验

25、方案：_。乙同学将CO2通入蒸馏水中至饱和，测得pH5。综合甲、乙两同学实验，得出的结论是：剩余液中还含有_。（3）【实验思考】试管中剩余固体中是否仍含有CaCO3？【实验探究】小组同学向试管中继续加入稀盐酸（1：1），又有大量气泡产生。由此得出的结论是_；写出反应的化学方程式：_。比较稀盐酸加入前后的实验现象，解释“又有大量气泡产生”的原因：_。（4）【拓展延伸】反应剩余液放置一段时间后，溶液pH增大，其主要原因是_。假如用100g14.6%的稀盐酸和足量的石灰石反应，看不到气泡产生时，停止收集气体，收集到的CO2质量_（填“”、“”或“=”）8.8g。【答案】（1）酸将试纸显示的颜色与标准

26、比色卡比较（2）取氯化钙溶于水，测定溶液的pH盐酸（3）剩余固体中含有碳酸钙；CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2盐酸的浓度增大（4）稀盐酸挥发 【解析】【实验操作】（1）溶液pH=27，说明溶液呈酸性；pH测定中，“上层清液滴到试纸上”的后一步操作是将试纸显示的颜色与标准比色卡比较。【实验探究】通过实验排除了CaCl2的可能性就是测定氯化钙溶液的pH值即可，所以实验方案：取氯化钙溶于水，测定溶液的pH值。盐酸呈酸性，所以综合甲、乙两同学实验，得出的结论是：剩余液中还含有盐酸。【实验探究】盐酸和碳酸钙反应生成二氧化碳气体，所以向试管中继续加入稀盐酸（1：1），又有大量气泡产生；由此得

27、出的结论是剩余固体中含有碳酸钙；反应的化学方程式：CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2。根据前面实验过程和结论，剩余液中既有盐酸又有碳酸钙，但却无气泡产生，可能是因为盐酸浓度太低，与碳酸钙反应太慢产生气泡不易观察，加入稀盐酸后，又有大量气泡产生的原因应该是盐酸的浓度增大。【拓展延伸】稀盐酸挥发，使溶液的酸性减弱，所以反应剩余液放置一段时间后，溶液pH增大。设100g14.6%的稀盐酸完全反应理论上生成二氧化碳的质量为x。CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO273 44100g14.6% x73100g14.6%=44xx=8.8g但是随着盐酸浓度的减小，就不会生成二氧化碳，所

28、以看不到气泡产生时，停止收集气体，收集到的CO2质量小于8.8g，故填：。7为探究金属镁的化学性质，甲、乙两化学兴趣小组分别完成了下列实验：【甲组同学实验】将光亮的镁条放入滴有酚酞的NaHCO3饱和溶液中，产生大量气泡和白色固体，溶液红色加深。【乙组同学实验】将点燃的镁条插入盛满CO2的集气瓶内，镁条继续剧烈燃烧，生成白色固体并有黑色物质附着于集气瓶内壁。【提出问题】甲组同学实验产生的气体和白色固体成分； 乙组同学实验反应后的产物。【对甲组同学实验进行探究】确定气体和固体的成分【查阅资料】Mg(HCO3)2能溶于水； 硫酸铜固体为白色，遇水变蓝；MgCO3、Mg(OH)2加热易分解，分别生成两

29、种氧化物。（1）溶液红色加深，则反应后溶液的碱性_(填“增强”、“不变”或“减弱”)。 （2）点燃产生的气体，火焰淡蓝色；将燃烧产物通入澄清石灰水中，无现象。则该气体为_(写化学式)。 （3）对白色固体做出如下猜测并进行实验：【作出猜想】猜想：白色固体可能是MgCO3； 猜想：白色固体可能是_；猜想：白色固体可能是MgCO3和Mg(OH)2。（4）【初步验证】 取洗净后的白色固体，加入足量的_溶液，观察到_，则白色固体一定含有MgCO3 ， 得出猜想错误。 （5）【设计实验】为进一步确定固体的成分，设计了下列实验方案，请你一起参与探究活动。实验操作实验现象实验结论取干燥的白色固体充分加热至不再

30、产生气体为止，并使分解产生的气体通入盛有_的U型管_猜想正确（6）【对乙组同学实验进行探究】确定实验反应后的产物【查阅资料】MgO+H2O(热水)Mg(OH)2 ， Mg(OH)2在热水中溶解度增大，在热水中显碱性； MgC2+2H2OMg(OH)2+C2H2。【作出猜想】猜想：产物是MgO和C； 猜想：产物是MgO、MgC2和C。提出以上猜想的依据是_。（7）【实验分析】为探究白色固体的成分，兴趣小组同学进行了如下实验：取少量反应后的固体混合物放入试管，加入足量热水，无气体放出，说明猜想_不正确；为了验证另一种猜想中白色固体成分，请设计一个简单实验。实验操作是_；（8）【实验反思】通过本实验

31、，对“CO2不助燃”，你有什么新的认识：_。 【答案】（1）增强（2）H2（3）白色固体可能是Mg(OH)2（4）稀盐酸或硫酸、稀硝酸；有气泡产生（5）硫酸铜；固体由白色变为蓝色（6）质量守恒定律或化学反应前后元素的种类不变（7）；取步骤试管中的上层清液，滴加酚酞溶液，溶液变红 (或取样于试管中加热水，滴加酚酞溶液，溶液变红)（8）CO2不助燃是相对的，应辩证地认识物质的性质(合理即可)【解析】（1）溶液红色加深，则反应后溶液的碱性增强；（2）点燃产生的气体，火焰淡蓝色；将燃烧产物通入澄清石灰水中，无现象则该气体为氢气，氢气的化学式是H2；（3）【作出猜想】白色固体可能是MgCO3， 白色固体

32、可能是Mg(OH)2 ， 白色固体可能是MgCO3和Mg(OH)2；则 猜想：白色固体可能是Mg(OH)2；【初步验证】取洗净后的白色固体，加入足量的稀盐酸溶液，观察到有气泡产生，则白色固体一定含有MgCO3， 得出猜想错误。【设计实验】取干燥的白色固体充分加热至不再产生气体为止，并使分解产生的气体通入盛有硫酸铜粉末的U型管，固体由白色变为蓝色，说明有水生成，则猜想正确；【提出猜想】镁与二氧化碳反应产物的猜想依据是质量守恒定律(化学反应前后元素种类不变) 及实验的现象产生白色固体提出猜想；【实验与分析】镁与二氧化碳反应后的固体加入足量热水无气体放出，说明没有乙炔产生，即没有碳化镁生成，故猜想不

33、正确； 【实验反思】所以镁等活泼金属着火时不能用二氧化碳灭火器灭火，“二氧化碳不助燃”是指二氧化碳不支持一般可燃物的燃烧。8草酸亚铁晶体（FeC2O42H2O）是一种浅黄色固体，难溶于水，受热易分解，是生产锂电池的原材料，某化学兴趣小组设计实验验证草酸亚铁晶体热分解的气体产物，并用热重法（TG）确定其分解后所得固体产物的组成，探究过程如下：【查阅资料】、草酸亚铁晶体热分解的气体产物是H2O，CO，CO2、白色的无水CuSO4遇水蒸气会变成蓝色【实验设计】（1）从环保角度考虑，该套实验装置的明显缺陷是_。（2）可选择以下实验装置中的_（选填“甲”或“乙”）作为虚线中的“热分解装置”。（3）【问题

34、讨论】D中浓硫酸的作用是 ，实验过程中观察到B中白色无水CuSO4变成蓝色，C中澄清石灰水变浑浊，E中_（填实验现象），则可证明草酸亚铁晶体热分解的气体产物是H2O，CO，CO2 。 （4）该兴趣小组进行上述实验时，先点燃热分解装置中的酒精灯，一段时间后再点燃E处的酒精灯，原因是 。（5）若通过F装置中澄清石灰水变浑浊来证明草酸亚铁晶体热分解的气体产物中有CO，则需在C和D装置之间增加盛有_（填物质的名称或化学式）溶液的洗气瓶。（6）【数据分析】称取3.60g草酸亚铁晶体（FeC2O42H2O，相对分子质量是180）用热重法对其进行热分解，得到剩余固体的质量随温度变化的曲线如图所示，请分析该图

35、回答下列问题：过程发生反应的化学方程式为 。300时剩余固体只有一种且是铁的氧化物，试通过计算确定该氧化物的化学式或名称_。【答案】（1）没有处理尾气（2）乙（3）干燥气体；黑色固体变红色（4）将装置中的空气排尽，防止CO和空气的混合气体受热爆炸（5）NaOH（6）FeC2O42H2OFeC2O4+2H2OFe2O3【解析】（1）从环保角度考虑，该套实验装置的明显缺陷是没有处理尾气（2）“热分解装置”应该选择乙装置。（3）D中浓硫酸的作用是干燥气体，实验过程中观察到B中白色无水CuSO4变成蓝色，C中澄清石灰水变浑浊，E中黑色固体变红色，则可证明草酸亚铁晶体热分解的气体产物是H2O，CO，CO

36、2 。（4）进行上述实验时，先点燃热分解装置中的酒精灯，一段时间后再点燃E处的酒精灯，原因是：将装置中的空气排尽，防止CO和空气的混合气体受热爆炸。（5）若通过F装置中澄清石灰水变浑浊来证明草酸亚铁晶体热分解的气体产物中有CO，应该把分解生成的二氧化碳除尽，只要在C和D装置之间增加盛有NaOH溶液的洗气瓶即可。（6）通过剩余固体的质量可知，过程发生的反应是：草酸亚铁晶体受热失去结晶水，反应的化学方程式为：FeC2O42H2OFeC2O4+2H2O草酸亚铁晶体中的铁元素质量为：3.6g 56180 100%=1.12g，草酸亚铁晶体中的铁元素完全转化到氧化物中，氧化物中氧元素的质量为：1.60g

37、1.12g=0.48g，铁元素和氧元素的质量比为：1.12g：0.48g=7：3，设铁的氧化物的化学式为FexOy ， 则有：56x：16y=7：3，x：y=2：3，铁的氧化物的化学式为Fe2O3。9某化学兴趣小组的同学，通过咨询老师准备用亚硫酸钠溶液与浓硫酸反应来制备一定量的SO2(Na2SO3+H2SO4(浓)=Na2SO4+SO2+H2O。老师给他们提供了一瓶亚硫酸钠溶液并告知该瓶溶液放置时间可能较长，不知是否变质。兴趣小组的同学分成甲、乙两小组对该瓶亚硫酸钠溶液成分进行实验探究。【提出问题】该瓶溶液中溶质的成分是什么?该瓶溶液中亚硫酸钠的质量分数是多少?【查阅资料】Na2SO3有较强还

38、原性，在空气中易被氧气氧化:2 Na2SO3+O2=2Na2SO4；Na2SO3能与酸反应产生SO2气体;SO32-、SO42-均能与Ba2+反应产生白色沉淀，BaSO3可溶于稀盐酸。 （1）【作出猜想】猜想1:没有变质，成分是Na2SO3;猜想2完全变质，成分是Na2SO4;你认为还可能有的猜想3:_。 （2）【实验探究I】甲、乙两组分别进行实验探究溶液是否变质:小组实验操作现象结论甲组取少量样品于试管中加入过量稀盐酸;产生气泡没有变质，还是Na2SO3乙组取少量样品于试管中加入氯化钡溶液，再加入足量稀盐酸。_已部分变质【评价】有同学质疑甲组方案不合理，理由是_ 。 （3）【实验探究II】甲

39、组设计如下实验测定Na2SO3溶液的溶质质量分数。(注:空气中二氧化碳的影响忽略不计)连好装置并检查装置气密性，在锥形瓶中放入126g该样品实验前称量C装置的质量；关闭活塞K，用注射器推入浓硫酸至不再产生气泡；打开活塞K，缓缓鼓入一定量的氮气，关闭活塞K；再次称量C装置的质量发现比反应前增重6.4g。由此，计算出该溶液中Na2SO3的质量分数为_；【解释】若没有进行第4步操作，则测得亚硫酸钠溶液的溶质质量分数比实际的_(填”偏小”或”偏大”)。 （4）乙组仍使用第一次实验的原理，进行如下实验测定Na2SO3溶液的溶质质量分数。第一步:称取试样ag；第二步:在溶液中加入过量氯化钡溶液和足量稀盐酸

40、；第三步:过滤、洗涤、烘干沉淀；第四步:称量沉淀的质量为bg；第五步:计算溶液中Na2SO3的溶质质量分数=(1-142b/233a)100%。试完成下列问题:加入氯化钡溶液过量的目的是 ；第三步操作要洗涤沉淀的原因是 ；【反思】由此可得出，保存亚硫酸钠时应 。 【答案】（1）部分变质，成分是Na2SO3和Na2SO4（2）产生白色沉淀，加入稀盐酸后沉淀部分消失，生成气体；部分变质也会产生气泡（3）10%；偏小（4）使溶液中Na2SO4全部转化成沉淀；沉淀表面溶液中含有NaCl、BaCl2，烘干时一并析出造成沉淀质量偏大；密村保存防止氧化 【解析】本题通过实验探究物质的组成成分以及含量，主要考

41、查了盐、酸、碱的性质，根据化学方程式的计算等。认真审题，解答时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行分析、判断得出正确的结论。作出猜想：猜想1是没有变质，成分是Na2SO3；猜想2完全变质，成分是Na2SO4；还可能有的猜想3是部分变质：成分是Na2SO3和Na2SO4；实验探究I：若已部分变质，则固体成分是Na2SO3和Na2SO4 ， BaCl2与Na2SO3和Na2SO4能发生复分解反应生成BaSO3和BaSO4沉淀，其中Na2SO3能与盐反应产生SO2气体，BaSO4不能与盐酸反应，所以取少量样品于试管中加入氯化钡溶液，再加入足量稀盐酸，产生白色沉淀，加入稀盐酸后沉淀部分消失，生成气

42、体，则亚硫酸钠已部分变质；评价：由实验探究I的分析可知，部分变质也会产生气泡，甲组方案不合理；实验探究II：甲组实验：氢氧化钠溶液能吸收二氧化硫，C装置的质量发现比反应前增重6.4g，说明反应过程生成了6.4g的二氧化硫。设：生成6.4g的二氧化硫需亚硫酸钠的质量为x，Na2SO3+H2SO4(浓)=Na2SO4+SO2+H2O12664x6.4g x=12.6g溶液中Na2SO3的质量分数= 100%=10%；解释：反应后的装置中充满了生成的二氧化硫，若没有进行第4步操作，生成的二氧化硫没有全部吸收，测得的二氧化硫质量偏小，测得亚硫酸钠溶液的溶质质量分数比实际的偏小；乙组实验：BaCl2与N

43、a2SO4能发生复分解反应生成BaSO4沉淀，加入氯化钡溶液过量的目的是使溶液中Na2SO4全部转化成沉淀；第三步操作要洗涤沉淀的原因是沉淀表面溶液中含有NaCl、BaCl2 ， 烘干时一并析出造成沉淀质量偏大；反思：通过上述实验可知，亚硫酸钠在空气中易氧化变质，保存亚硫酸钠时，应密村保存防止氧化。10两百多年前，法国化学家拉瓦锡用图1装置定量的研究了空气的成分。仿照这个历史上著名实验的原理，用图2所示装置来测定空气中氧气的含量。 （实验回顾）图2是实验室用红磷燃烧来粗略测定空气中氧气含量的装置。写出红磷燃烧的化学方程式_。（分析讨论）用红磷燃烧的方法测出的氧气含量总是低于21%，有没有其他物质可以代替红磷进行实验而使实验结果更准确呢？（实验改进1）同学们用蜡烛代替红磷测定空气中氧气的含量，发现蜡烛很快熄灭，回流到集气瓶中的水远远小于瓶中气体体积的1/5。是什么原因所致呢？（猜想与假设）猜想：蜡烛燃烧产生CO2气体；猜想：_。（实验验证）将蜡烛点燃后用氧气传感器定量测定瓶中的氧气含量，数据如图3。