湖北省2019-2020学年高一物理上学期第二次月考精编仿真金卷.doc

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1、湖北省2019-2020学年高一物理上学期第二次月考精编仿真金卷注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对的

2、得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1关于惯性，下列说法正确的是()A在宇宙飞船内，由于物体完全失重，所以物体的惯性消失B跳远运动员助跑是为了增大速度从而增大惯性C物体在月球上的惯性只是它在地球上的D质量是物体惯性的量度，惯性与速度及物体的受力情况无关2为了行车的方便与安全，高大的桥要造很长的引桥。其主要目的是()A减小过桥车辆受到的摩擦力B减小过桥车辆的重力C减小过桥车辆对引桥面的压力D减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力3如图所示，在粗糙水平面上有质量分别为m1和m2的木块1和2，两木块之间用原长为L、劲度系数为k的轻弹簧连接起来，两木块与地面间的动摩擦因数均为。现用水平力向右

3、拉木块2，当两木块一起做匀速直线运动时，两个木块间的距离为()ALm1g BL(m1m2)gCLm2g DL()g4如图所示，弹簧左端固定，右端可自由伸长到P点。一物块从光滑水平面的b位置以速度v向左运动，将弹簧压缩到最短a点，之后物块被弹簧向右弹出。物块从P到a的运动过程，以下说法正确的是()A物块的惯性减小B在a位置，物块的惯性为零C物块对弹簧的作用力和弹簧对物块的作用力大小相等D在a位置，物块对弹簧的作用力小于弹簧对物块的作用力5轻弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4 cm。若将重物向下拉1 cm后放手，则重物在刚释放的瞬间的加速度是()A2.5 m/s2 B7.5 m/s2

4、C10 m/s2 D12.5 m/s26如图所示，小球系在细绳的一端，放在倾角为的光滑斜面上，用力将斜面在水平桌面上缓慢向左移动，使小球缓慢上升(最高点足够高)，那么在斜面运动的过程中，细绳的拉力将()A先增大后减小B先减小后增大C一直增大D一直减小7如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上。已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等。则()AF1F2 DF12F28关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是()A它是通过实验直接得到的B它的得出过程体现了科学研究的方法C牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律

5、D它揭示了力是产生加速度的原因9如图所示， 在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙壁之间放一光滑球B，整个装置处于静止状态。若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则()AB对墙的压力减小BA与B之间的作用力增大C地面对A的摩擦力减小DA对地面的压力不变10如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示(g10 m/s2)，则下列结论正确的是()A物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B弹簧的

6、劲度系数为7.5 N/cmC物体的质量为2 kgD物体的加速度大小为5 m/s211如图所示，倾角30的斜面体A静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a、b，整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F，使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30角(不计绳与滑轮间的摩擦)，对此过程说法正确的是()Ab受到绳的拉力逐渐增大B水平拉力F逐渐增大C小物块a受到的摩擦力先增大再减小D小物块a一定沿斜面缓慢上移12匀速转动的长传送带倾斜放置，传动方向如图所示，在顶部静止放上一物块，在物块下滑过程中，规定沿传送带向下为正，下列描述物块运动过程中的vt、at图象，

7、可能正确的是() 二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(6分)如图甲为某次实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1 s，A与各点之间的距离如图所示，单位是cm，纸带的加速度是_ m/s2(结果保留3位有效数字)，在验证质量一定时加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的aF图象，其原因是_。14(6分)有同学利用如图所示的装置来探究求合力的方法：在

8、竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC，回答下列问题： (1)(多选)改变钩码个数，实验能完成的是 。A钩码的个数N1N22，N34 B钩码的个数N1N33，N24C钩码的个数N1N2N34D钩码的个数N13，N24，N35(2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是 。A标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B量出OA、OB、OC三段绳子的长度C用量角器量出三段绳子之间的夹角D用天平测出钩码的质量(3)在作图时，你认为图中_(选填“甲”或“乙”)是正确的

9、。15(10分)木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2 cm，弹簧的劲度系数为400 N/m.A、B、弹簧组成的系统置于水平地面上静止不动。现用F1 N的水平拉力作用在木块B上，如图所示，求力F作用后木块A、B所受摩擦力的大小。(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)16(14分)如图所示，用一个轻质三角支架悬挂重物，已知AB杆的左端用铰链固定，且它所能承受的最大压力为2000 N，AC绳所能承受的最大拉力为 000 N，30。为不使支架断裂，求悬挂的重物应满足的条件。17(16分)如图所示，质量M8 kg的小车放在水平光滑的平面

10、上，在小车右端加一F8 N的水平拉力，当小车向右运动的速度达到v01.5 m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m2 kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数0.2，小车足够长，取g10 m/s2。求：(1)放小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；(2)经多长时间两者达到相同的速度；(3)从小物块放上小车开始，经过t1.5 s小物块通过的位移大小为多少？2019-2020学年上学期高一第二次月考精编金卷物 理答 案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得

11、2分，有选错的得0分。1【答案】D【解析】物体的惯性只与物体的质量有关，与物体的运动状态、所处的位置无关，选项A、B、C错误，选项D正确。2【答案】D【解析】如图所示，重力G产生的效果是使物体下滑的分力F1和使物体压斜面的分力F2，则F1Gsin ，F2Gcos ，倾角减小，F1减小，F2增大，高大的桥造很长的引桥主要目的是减小桥面的坡度，即减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力，使行车安全，D正确。3【答案】A【解析】对木块1进行受力分析，水平方向受到弹簧对它的弹力及滑动摩擦力作用而做匀速直线运动，滑动摩擦力大小为：Ffm1g，弹簧的伸长量为：xm1g，则两木块间的距离为：Lm1g，A正确

12、。4【答案】C【解析】物块从P到a的运动过程中，质量不变，惯性不变，A、B项错误；根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，C项正确，D项错误。5【答案】A【解析】设重物的质量为m，弹簧的劲度系数为k.平衡时：mgkx1，将重物向下拉1 cm，由牛顿第二定律得：k(x1x2)mgma，联立解得：a2.5 m/s2，选项A正确。6【答案】B【解析】小球受力如图所示，拉力F与支持力FN的合力与重力G等大、反向，且FN的方向不变，可见，在斜面缓慢向左运动时，绳的拉力F先减小后增大。7【答案】C【解析】设A、B间作用力大小为FN，则水平恒力作用在A上时，隔离B受力分析有：FNmaB；水平恒力作用在B

13、上时，隔离A受力分析有：FN2maA，F1(2mm)aB，F2(2mm)aA，解得F13FN，F23FN/2，所以F12F2，即F1F2。8【答案】BCD【解析】伽利略所设计的实验是想象中的理想实验，但却是符合科学道理的，牛顿总结了前人的经验，指出了加速和减速的原因，并指出了这个原因跟运动的关系，不是通过实验直接得到的，它的得出过程体现了科学研究的方法，A错误，B正确；牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律，C正确；牛顿第一定律指出：外力可以迫使物体改变匀速运动状态或静止状态，即力是产生加速度的原因，故D正确。9【答案】ACD【解析】设物体A对球B的支持力为F1，竖直墙对球B的弹力为F

14、2，F1与竖直方向的夹角因物体A右移而减小。对球B受力分析如图所示，由平衡条件得：F1cos mBg，F1sin F2，解得F1，F2mBgtan ， 减小，F1减小，F2减小，选项A对，B错；对A、B整体受力分析可知，竖直方向，地面对整体的支持力FN(mAmB)g，与无关，即A对地面的压力不变，选项D对；水平方向，地面对A的摩擦力FfF2，因F2减小，故Ff减小，选项C对。10【答案】CD【解析】物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mgkx，拉力F1为10 N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有F1kxmgma，物体与

15、弹簧分离后，拉力F2为30 N，根据牛顿第二定律，有F2mgma，代入数据解得m2 kg，k500 N/m5 N/cm，a5 m/s2，故A、B错误，C、D正确。11【答案】AB【解析】b受力平衡，对b受力分析，如图甲所示。设绳与竖直方向的夹角为，b缓慢移动直到与竖直方向成30角的过程中，变大，根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故A、B正确；对a受力分析，如图乙所示。刚开始Tmg，a处于静止状态，则fTmgsin 30mg，方向向下，T增大时，f增大，摩擦力增大，由于不知道最大静摩擦力的具体值，所以不能判断a是否会滑动，故C、D错误。12【答案】AC【解析】物块静止放到传送带后，

16、受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力，做匀加速运动，速度均匀增大，由vat知，v与t成正比。当速度等于传送带速度时，重力沿斜面向下的分力可能小于或等于最大静摩擦力，则物块将与传送带一起匀速向下运动，也可能重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力，物块继续匀加速下滑。开始阶段的匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgcos mgsin ma，得 agcos gsin .第二个匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgsin mgcos ma，得 agsin gcos ，可知，aa，故A、C正确，B、D错误。二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步

17、骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(6分)【答案】1.59平衡摩擦力过度【解析】a的计算利用逐差法：a102 m/s21.59 m/s2。14(6分)【答案】(1)BCD(2)A(3)甲【解析】(1)对O点受力分析如图所示，OA、OB、OC分别表示FTOA、FTOB、FTOC的大小，由于三个共点力处于平衡，所以FTOA、FTOB的合力大小等于FTOC，且FTOCFTOAFTOB，即|FTOAFTOB|FTOCFTOAFTOB，故B、C、D能完成实验。(2)为探究求合力的方法，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读

18、出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，应从力的三要素角度出发，要记录钩码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向，故A正确，B、C、D错误。(3)以O点为研究对象，F3的实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的合力的理论值与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际。15(10分)【解析】没有施加力F时，木块A、B受力平衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，即FAFBF弹kx4000.02 N8 N木块B受到地面的最大静摩擦力为：FBmGB0.2560 N15 N施加F后，对木块B有：FF弹当悬挂重物的重力增加时，对AC绳的拉力将先达到最大值，所以为不使三角支架断裂，计算中应以AC绳中拉力达到最大值为依据，即取F2F2max1 000 N，于是得悬挂物的重力应满足的条件为GmaxF2sin 30500 N。17(16分)【解析】(1)小物块的加速度amg2 m/s2小车的加速度aM0.5 m/s2。(2)由amtv0aMt解得：t1 s。(3)从小物块放上小车开始1 s内，小物块的位移s1amt21 m1 s末小物块的速度vamt2 m/s在接下来的0.5 s内小物块与小车相对静止，一起做加速运动，且加速度a0.8 m/s2这0.5 s内小物块的位移x2vt11.1 m小物块1.5 s内通过的总位移xx1x22.1 m。