四川省成都北大附中为明学校2019-2020学年高一下学期期中测试 物理试卷.doc

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1、为明学校2019-2020学年下学期期中测试高一物理一、单项选择题(共6小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共18分。)1. 如图所示，扶梯水平台阶上的人随扶梯一起斜向上匀速运动，下列说法中不正确的是( )A. 重力对人做负功B. 支持力对人做正功C. 摩擦力对人做正功D. 合外力对人做功为零2. 大型游乐场中有一种叫“摩天轮”的娱乐设施,如图所示,坐在其中的游客随轮的转动而做匀速圆周运动,对此有以下说法,其中正确的是（ ）A. 游客处于一种平衡状态B. 游客做的是一种变速运动C. 游客做的是一种匀变速运动D. 游客的加速度不变3. 关于功和功率的说法中,正确

2、的是（ ）A. 由p=wt可知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率B. 因为功有正功和负功之分，所以功是矢量C. 由p=Fv可知，汽车的功率与它的速度成正比D. 正功表示做功的力为动力，负功表示做功的力为阻力4. 如图所示，某公园里的过山车驶过轨道的最高点时，乘客在座椅里面头朝下，身体颠倒，若轨道半径为R，人体重为mg，要使乘客经过轨道最高点时对座椅的压力等于自身的重力，则过山车在最高点时的速度大小为()A.0 B. C. D.5. 中国的面食文化博大精深，种类繁多，其中“山西刀削面”6. 堪称天下一绝，传统的操作手法是一手托面，一手拿刀，直接将面削到开水锅里。如图所示，小面圈刚被削离时距开

3、水锅的高度为h，与锅沿的水平距离为L，锅的半径也为L，将削出的小面圈的运动视为平抛运动，且小面圈都落入锅中，重力加速度为g，则下列关于所有小面圈在空中运动的描述错误的是（）A运动的时间都相同B速度的变化量都相同C落入锅中时，最大速度是最小速度的3倍D若初速度为v0，则7. 设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面R0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A. 卫星的角速度为B. 卫星的线速度为C. 卫星的加速度为D. 卫星的周期为2、 不定项选择题(第710题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共4小题，每小题6分，共24分。)8

4、. 用长L0.6m的绳一端系着装有m0.5kg水的小桶（小桶质量忽略不计），在竖直平面内做圆周运动，成为“水流星”。g10。则（）A. 最高点水不流出的最小速度为B. 最高点水不流出的最小速度为C. “水流星”在最高点时处于超重状态，在最低点时处于失重状态D. 若过最高点时速度为3，此时水对桶底的压力等于2.5N9. 如图，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向抛出小球经过1s落地不计空气阻力，g取10 m/s2，则可求出（ ）A. 小球抛出时离地面的高度是5mB. 小球落地时的速度方向与水平地面成30角C. 小球落地时的速度大小是15m/sD. 小球从抛出点到落地点的水平位移大

5、小是5m10. 我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。舰载机总质量为3.0104 kg，设起飞过程中发动机的推力恒为1.0105 N；弹射器有效作用长度为100 m，推力恒定；要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80 m/s。弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20%，则()A.弹射器的推力大小为1.1106 NB.弹射器对舰载机所做的功为1.1108 JC.弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8107 WD.舰载机在弹射过程中的加速度大小为32 m/s211. 一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h。重力加速度为g，关于此过

6、程，下列说法中正确的是()A.提升过程中手对物体做功m(ag)hB.提升过程中合外力对物体做功mahC. 提升过程中物体克服重力做功mgh D. 提升过程中物体的重力势能增加m(ag)h3、 实验题（本题共2小题，共16分）12. (6分)用如图所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关(1)本实验采用的科学方法是_A控制变量法 B累积法C微元法 D放大法(2)图示情景正在探究的是_A向心力的大小与半径的关系B向心力的大小与线速度大小的关系C向心力的大小与角速度大小的关系D向心力的大小与物体质量的关系(3)通过本实验可以得到的结果是_A在质量和半径一定的情况下，向心

7、力的大小与角速度成正比B在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与线速度的大小正成比C在半径和角速度一定的情况下，向心力的大小与质量成正比D在质量和角速度一定的情况下，向心力的大小与半径成反比13. （10分）在“研究小球做平抛运动”的实验中（1）安装实验装置的过程中，斜槽末端切线必须是水平的，这样做的目的是_、A保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B保证小球飞出时，初速度水平C保证小球在空中运动的时间每次都相等D保证小球运动的轨迹是一条抛物线（2）在做“研究平抛运动”实验中，引起实验结果偏差较大的原因可能是_安装斜槽时，斜槽末端切线方向不水平确定Oy轴时，没有用重垂线斜槽不是绝对光滑的，有一

8、定摩擦空气阻力对小球运动有较大影响A B C D（3）（每空3分）该同学采用频闪照相机拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片，图中背景方格的边长为L=5cm，ABC是摄下的三个小球位置，如果取g=10m/s2，那么：A照相机拍摄时每_s曝光一次；B小球做平抛运动的初速度的大小为_m/s四、计算题（本题共 4小题，共42分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14. （6分）质量m2 kg的物体在光滑水平面上运动，其分速度vx和vy随时间变化的图线如图(a)、(b)所示，求： (1)物体所受的合力；(2)物体

9、的初速度；(3)t8 s时物体的速度；14.（9分）汽车发动机的额定功率P60 kW，若其总质量m5 t，在水平路面上行驶时，所受阻力恒为f5.0103 N，若汽车启动时保持额定功率不变，求：(1)汽车所能达到的最大速度vmax是多大？(2)当汽车加速度为2 m/s2时，速度是多大？(3)当汽车速度是6 m/s时，加速度是多大？15.（12分）如图所示，倾角为37的粗糙斜面的底端有一质量m1 kg的凹形小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数0.25。现小滑块以某一初速度v从斜面底端上滑，同时在斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过0.4 s，小球恰好垂直斜面方向落入凹槽，此时，小滑块还在上滑过

10、程中。已知sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2。求：(1)小球水平抛出的速度大小v0；(2)小滑块的初速度大小v。16. （15分）如图所示，轨道ABCD的AB段为一半径R0.2 m的光滑圆形轨道，BC段为高为h5 m的竖直轨道，CD段为水平轨道一质量为0.2 kg的小球从A点由静止开始下滑，到达B点时速度的大小为2 m/s，离开B点做平抛运动，g10 m/s2，求：(1)小球离开B点后，在CD轨道上的落地点到C点的水平距离；(2)小球到达B点时对圆形轨道的压力大小；(3)如果在BCD轨道上放置一个倾角为45的斜面(如图中虚线所示)，那么小球离开B点后能否落到斜面上？如果

11、能，求它第一次落在斜面上的位置距离B点有多远如果不能，请说明理由物理答案一、单项选择题(共6小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共18分。)1. C 2. B 3. D 4. C 5. C 6. B2、 不定项选择题(第710题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共4小题，每小题6分，共24分。)7. AD 8. AD 9. ABD 10. ABC3、 实验题（共16分）11.（6分）(1) A (2分) (2) D (2分) (3) C (2分)12. (10分)(1) B (2分) (2) B (2分)(3) 0.1 (

12、3分) (4) 1.5 (3分)四、计算题（共42分）13.（6分）解析(1)物体在x方向：ax0；y方向：ay0.5 m/s2.根据牛顿第二定律：F合may1 N，方向沿y轴正方向.(2)由题图可知vx03 m/s，vy00，则物体的初速度为v03 m/s，方向沿x轴正方向.(3)由题图知，t8 s时，vx3 m/s，vy4 m/s，物体的合速度为v5 m/s，设速度方向与x轴正方向的夹角为，则tan ，53，即速度方向与x轴正方向的夹角为53.14.（9分）解析(1)汽车保持恒定功率启动时，做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到零时，速度达到最大。所以，此时汽车的牵引力为F1f5.01

13、03 N，则汽车的最大速度为vmax m/s12 m/s。(2)当汽车的加速度为2 m/s2时，设牵引力为F2，由牛顿第二定律得F2fma，F2fma5.0103 N5.01032 N1.5104 N，汽车的速度为v m/s4 m/s。(3)当汽车的速度为6 m/s时，牵引力为F3 N1104 N。由牛顿第二定律得F3fma，汽车的加速度为a m/s21 m/s2。15. （12分）解析(1)设小球落入凹槽时竖直速度为vy，则vygt100.4 m/s4 m/sv0vytan 373 m/s(2)小球落入凹槽时的水平位移xv0t30.4 m1.2 m则滑块的位移为x m1.5 m滑块上滑时，m

14、gsin 37mgcos 37ma解得a8 m/s2根据公式xvtat2解得：v5.35 m/s。16. （15分）解析(1)设小球离开B点做平抛运动的时间为t1，落地点到C点的水平距离为x，由hgt得：t11 sxvBt12 m(2)小球到达B点时受重力G和竖直向上的弹力N作用，由牛顿第二定律知FNGm，解得N6 N由牛顿第三定律知小球到达B点时对圆形轨道的压力N为6 N，方向竖直向下(3)如图，斜面BE的倾角45，CE长dh5 m，因为dx，所以小球离开B点后能落在斜面上假设小球第一次落在斜面上F点，BF长为L，小球从B点到F点的时间为t2Lcos vBt2Lsin gt联立两式得t20.4 sL1.13 m.