第26讲　电磁感应现象、楞次定律-高三物理二轮复习题.doc

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1、第26讲电磁感应现象、楞次定律时间:40分钟1.人教版选修3-2改编 从奥斯特发现电流周围存在磁场后,法拉第坚信磁一定能生电.他使用如图K26-1所示的装置进行实验研究,以致经过了10年都没发现“磁生电”.主要原因是() 图K26-1A.励磁线圈A中的电流较小,产生的磁场不够强B.励磁线圈A中的电流是恒定电流,不会产生磁场C.感应线圈B的匝数较少,产生的电流很小D.励磁线圈A中的电流是恒定电流,产生稳恒磁场2.(多选)人教版选修3-2改编 如图K26-2所示,一轻质绝缘横杆两侧各固定一金属环,横杆可绕中心点自由转动.拿一条形磁铁插向其中一个小环,后又取出插向另一个小环,看到的现象及现象分析正确

2、的是()图K26-2A.磁铁插向左环,横杆发生转动B.磁铁插向右环,横杆发生转动C.磁铁插向左环,左环中不产生感应电动势和感应电流D.磁铁插向右环,右环中产生感应电动势和感应电流3.人教版选修3-2改编 如图K26-3所示,导线框abcd与直导线在同一平面内,直导线通有恒定电流I,在线框由左向图K26-3右匀速通过直导线过程中,线框中感应电流的方向()A.先为abcd,后为dcba,再为abcdB.先为abcd,后为dcbaC.始终为dcbaD.先为dcba,后为abcd,再为dcba图K26-44.(多选)如图K26-4所示,在两根竖直放置的平行长直导线M、N中通入大小、方向均相同的恒定电流

3、,圆形导线框在图示位置,线框和两导线在同一竖直平面(纸面)内.下列说法正确的是()A.若线框从图示位置由静止释放,则线框做直线运动B.若线框从图示位置由静止释放,则线框做曲线运动C.若线框沿着水平方向从右向左在两导线间匀速移动,则线框中感应电流一直沿逆时针方向D.若线框沿着水平方向从右向左在两导线间匀速移动,则线框中感应电流先沿逆时针、后沿顺时针方向5.如图K26-5所示,两个闭合的金属环穿在一根光滑的绝缘杆上,当条形磁铁的S极自右向左插向圆环时,环的运动情况是()图K26-5A.两环同时向左移动,间距变大B.两环同时向左移动,间距变小C.两环同时向右移动,间距变小D.两环同时向左移动,间距不

4、变6.如图K26-6所示,一个N极朝下的条形磁铁竖直下落,穿过水平放置的固定矩形导线框,则()图K26-6A.磁铁经过位置时,线框中感应电流沿abcda方向;经过位置时,线框中感应电流沿adcba方向B.磁铁经过位置时,线框中感应电流沿adcba方向;经过位置时,线框中感应电流沿abcda方向C.磁铁经过位置和时,线框中的感应电流都沿abcda方向D.磁铁经过位置和时,线框中感应电流都沿adcba方向7.如图K26-7所示,和是一对异名磁极,ab为放在其间的金属棒,ab和cd导线连成一个闭合回路.当ab棒向左运动时,cd导线受到向下的安培力,则由此可知()图K26-7A.d点电势高于c点电势B

5、.是S极C.是N极D.ab棒受到向左的安培力8.人教版选修3-2改编 把两个线圈绕在一个铁环上,A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个闭合回路,B线圈与开关S、电流表G组成另一个回路,实验电路如图K26-8所示.关于该实验,下列说法正确的是()图K26-8A.闭合开关S的瞬间,电流表G中有ab的感应电流B.闭合开关S的瞬间,电流表G中有ba的感应电流C.闭合开关S后,在增大R接入电路阻值的过程中,电流表G中有ab的感应电流D.闭合开关S后,在增大R接入电路阻值的过程中,电流表G中有ba的感应电流9.如图K26-9所示,两同心圆环A、B置于同一水平面上,其中B为均匀带负电绝缘环,A为导体环.当B绕环

6、心转动时,导体环A产生顺时针方向的电流且具图K26-9有扩展趋势,则B的转动情况是()A.顺时针加速转动B.顺时针减速转动C.逆时针加速转动D.逆时针减速转动10.(多选)航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的.电磁驱动原理如图K26-10所示,当固定线圈上突然通有直流电流时,线圈端点的金属环被弹射出去.现在固定线圈左侧同一位置先后放有用横截面积相等的铜导线和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环,且电阻率铜I2,不计匀强磁场对导线ab和cd的作用,用f1和f2分别表示导线cd对ab的安培力大小和ab对cd的安培力大小.下列说法中正确的是()图K26-11A.若MN向左运动,则ab与cd两导

7、线相互吸引,f1=f2B.若MN向右运动,则ab与cd两导线相互吸引,f1=f2C.若MN向左运动,则ab与cd两导线相互吸引,f1f2D.若MN向右运动,则ab与cd两导线相互吸引,f1f212.(多选)如图K26-12所示,在一空心螺线管内部中点处悬挂一铜环.在电路接通的瞬间,下列说法正确的是()图K26-12A.从左往右看,铜环中有逆时针方向的感应电流B.从左往右看,铜环中有顺时针方向的感应电流C.铜环有收缩的趋势D.铜环有扩张的趋势13.如图K26-13所示,通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间,ab和cd是放在导轨上的两根金属棒,它们分别静止在螺线管的左、右两侧.现

8、使滑动变阻器的滑片向左滑动,则ab和cd棒的运动情况是() 图K26-13A.ab向左运动,cd向右运动B.ab向右运动,cd向左运动C.ab、cd都向右运动D.ab、cd都保持静止图K26-1414.(多选)如图K26-14所示,铁芯上有两个导线圈A和B,线圈A跟电源和开关S相连,LED(发光二极管,具有单向导电性)M和N并联后接在线圈B两端,图中所有元件均正常,则()A.S闭合瞬间,A中有感应电动势B.S断开瞬间,A中有感应电动势C.S闭合瞬间,M亮一下,N不亮D.S断开瞬间,M和N二者均不亮1.D解析 励磁线圈A中的电流是恒定电流,产生稳恒磁场,穿过线圈B的磁通量不发生变化,不产生感应电

9、流,D正确.2.BD解析 左环不闭合,磁铁插向左环时,产生感应电动势,不产生感应电流,环不受力,横杆不转动,故A、C错误;右环闭合,磁铁插向右环时,环内产生感应电动势和感应电流,环受到磁场的作用力,横杆转动,故B、D正确.3.D解析 通电直导线周围磁场分布如图所示,根据楞次定律和安培定则判断,选项D正确.4.AC解析 线框从图示位置由静止释放后,先在重力作用下向下运动,穿过线框的磁通量不变,故不产生感应电流,一直只受到重力,因此线框做直线运动,A正确,B错误;线框从右向左移动时,穿过线框的磁通量先向外减小,再向里增加,根据楞次定律和安培定则可判断,线框中感应电流一直沿逆时针方向,C正确,D错误

10、.5.B解析 当磁铁的S极靠近时,穿过两圆环的磁通量变大,由楞次定律可知,两圆环的感应电流方向都是顺时针方向(从右向左看),根据左手定则可知,两圆环受到磁铁向左的安培力,远离磁铁,即向左移,由于两圆环的电流方向相同,所以两圆环相互吸引,间距变小,故B正确,A、C、D错误.6.A解析 当磁铁经过位置时,穿过线框的磁通量向下且不断增加,由楞次定律可知,感应电流的磁场方向向上,阻碍磁通量的增加,根据右手螺旋定则可判定,感应电流应沿abcda方向;同理,当磁铁经过位置时,感应电流沿adcba方向,故A正确.7.B解析 cd导线受到的安培力向下,由左手定则可判断,cd导线中电流方向是由c指向d,所以c点

11、的电势高于d点的电势,故A错误;结合A的分析可知,ab棒中的电流由b流向a,因ab棒向左运动,由右手定则可判断,ab棒所处位置磁场方向竖直向上,则是S极,是N极,故B正确,C错误;根据楞次定律可判断,ab棒受到向右的安培力,故D错误.8.D解析 闭合S的瞬间,穿过B的磁通量没有变化,G中无感应电流,选项A、B错误.当闭合S后,若R接入电路的阻值增大,则A中电流减小,由右手螺旋定则知,穿过B的磁通量向下且减小,由楞次定律可判断,G中电流方向为ba,故选项C错误,选项D正确.9.A解析 A中感应电流方向为顺时针,由右手螺旋定则可判断,感应电流的磁场方向向里,由楞次定律可知,引起感应电流的磁场可能为

12、向外增大或向里减小,若原磁场方向向外,则B中电流方向应为逆时针,由于B带负电,故B应顺时针转动且转速增大,若原磁场方向向里,则B中电流方向应为顺时针,B应逆时针转动且转速减小,又因为导体环A具有扩展趋势,则A、B中电流方向应相反,所以B应顺时针转动且转速增大,A正确.10.AB解析 闭合开关S的瞬间,金属环中向左的磁通量增大,根据楞次定律可判断,从左侧看,环中产生沿顺时针方向的感应电流,A正确;由于电阻率铜铝,先后放上用横截面积相等的铜导线和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环,铜环中产生的感应电流大于铝环中产生的感应电流,由安培力公式可知,铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力,B正确;若将

13、金属环置于线圈右侧,则闭合开关S的瞬间,环将向右弹射,C错误;电池正、负极调换后,同理可以得出金属环仍能向左弹射,D错误.11.B解析 导体棒MN向左运动时,由右手定则可判断,感应电流方向为MNdcM,而ab中的电流是由a到b的,即ab、cd中电流方向相反,则两导线相互排斥,故选项A、C错误;MN向右运动时,由右手定则可判断,cd中的感应电流由c到d,而ab中的电流是由a到b的,故两导线相互吸引,根据力的作用是相互的,可知这两个力大小相等,故选项B正确,选项D错误.12.BC解析 由楞次定律可知,电路接通的瞬间,螺线管中的电流从无到有,穿过铜环的磁通量向左增大,从左往右看,铜环中产生顺时针方向

14、的感应电流,铜环有收缩的趋势,选项A、D错误,选项B、C正确.13.A解析 由安培定则可判断,螺线管中磁感线方向向上,金属棒ab、cd处的磁感线方向均向下,当滑片向左滑动时,螺线管中电流增大,因此磁场变强,即磁感应强度变大,回路中的磁通量增大,由楞次定律可判断,感应电流方向为acdba,由左手定则可判断,ab受到的安培力方向向左,cd受到的安培力方向向右,故ab向左运动,cd向右运动,A正确.14.ABC解析 闭合或断开开关S的瞬间,线圈A中的电流发生变化,线圈A中产生感应电动势,故A、B正确;闭合开关S的瞬间,穿过线圈A的磁通量增加,根据安培定则可判断,A中产生的磁场方向向上,同时穿过线圈B的磁通量向上增大,根据楞次定律可判断,线圈B中感应电流的磁场方向向下,根据安培定则可判断,线圈B下端的电势高,电流能通过二极管M,不能通过二极管N,故C正确;结合对选项C的分析可知,S断开瞬间,穿过线圈B的磁通量向上减小,线圈B中产生的感应电流方向与S闭合瞬间线圈B中产生的感应电流方向相反,所以此时感应电流能通过二极管N,不能通过二极管M,故D错误.