2020年安徽省芜湖市中考物理二模试卷[解析版].doc

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1、2020年安徽省芜湖市中考物理二模试卷一、填空题（每空2分，共20分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）12020年春节期间，武汉爆发了新型冠状病毒感染的肺炎疫情，该病毒可通过飞沫传播，飞沫传播 （选填“是”或“不是”）扩散运动。2如图所示，图中tA、tB两点坐标的温度分别对应是某晶体物质的熔点和沸点，如该晶体物质由区域的状态到区域状态时，则该晶体物质发生 现象，且 热量。3如图所示，光在玻璃和空气的界面MN同时发生了反射和折射，根据相关光学知识可知此时的折射角为 。4如图所示，在观察奥斯特实验时，小明注意到通电直导线下方小磁针的N极向纸内偏转，小明由此推测：若电子沿水平方向平行地飞过针

2、上方时，小磁针也将发生偏转且小磁针的N极向纸外偏转。请你详细说出小明推测的依据是： 。52019年诺贝尔化学奖得主为三位在锂离子电池开发领域做出重要贡献的科学家。如图为可充电锂离子电池。电池上标有“电压”和“容量”两个重要参数，容量的单位通常为“毫安时”（符号mAh）。该电池铭牌标有：电压3.6V、容量1500mAh，这种电池一次充电最多可储存的电能为 J。6如图所示，工人沿斜面用300N的推力把一箱重为60N的货物从斜面底端缓慢匀速推进车厢，斜面高1.2m，机械效率为60%，则此斜面的长度为 m。7在图中，A是物体AB上A点经过凸透镜所成的像，在图上画出光线AC经凸透镜折射后的光路和凸透镜焦

3、点的位置。8一辆汽车匀速行驶10min，消耗的汽油为1.5kg，获得了2.07107J的机械能，则该汽车汽油机的效率为 （汽油的热值为4.6107J/kg）。9如图所示的电路中，R16，R212，电流表示数为0.75A则AB两端的电压U V。10为了解决农村电价高居不下的问题，有效减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程。工程包括两项主要内容：更新变电设备，提高输电电压；更新电缆，减小输电线电阻。若某输电线路改造后，输电电压变为原来的两倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗的功率将变为原来的 倍。二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项

4、中，只有一个选项符合题意）11（2分）在抗击新型冠状病毒期间，举国上下，万众一心，进行科学防治，下列这些与抗击疫情有关的说法不正确的是（）A新冠状病毒的直径约为100nm，合103mB喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，这属于扩散现象C检测体温的体温计设计“凸出部分”，是利用了凸透镜的放大镜知识DKN95口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫12（2分）如图所示，有关声现象的实验中，下列说法正确的是（）A甲图中通过观察纸屑跳动的幅度可以探究“音调与频率的关系”B乙图中通过观察乒乓球是否被弹起可以探究“声音的产生”C丙图中通过逐渐抽取玻璃罩中的空气可以直接得出真空

5、不能传声D丁图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条可以探究“响度与振幅的关系”13（2分）关于温度、内能、热量、比热容，下列说法正确的是（）A南极的冰山温度很低，它的分子不会运动，没有内能B某物体的温度升高了，它的内能一定增加C物体吸热温度一定会升高D物体的比热容跟它吸收的热量成正比，跟其质量和温度变化量成反比14（2分）如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像。下列说法不正确的是（）A该凸透镜的焦距：13cmf10.5cmB只将蜡烛向右移动，可以在光屏上得到清晰放大的像C只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰放大的像

6、D将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜15（2分）如图是小轩家的部分电路。下列说法正确的是（）A若熔断器熔丝熔断了，可以用铜丝代替B若导线cd间断路，仍然可以安全使用三线插座C若闭合开关S，灯泡L不发光。用测电笔检测e点，氖管不发光，则说明灯丝一定断了D若ab间断路，灯泡L仍能正常工作16（2分）小明制作了一个会“发光的二极管”，其电路简图如图所示。二极管具有单向导电性，电流只能从二极管的正极流入，负极流出。演示时，左右动塑料管，这时会看见两只发光二极管交替发光。以下说法中，不正确的是（）A发生该现象的原理是电磁感应B二极管发光时，图中的条形磁体相当于电源C二极管交

7、替发光说明线圈中产生了交流电D在该过程中，机械能转化成了电能17（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示，下列判断正确的是（）A电源电压为4VB电路总功率的最大值为1.2WCR1电功率的最小值为0.6WDR2的最大阻值为20三、实验题（第18题4分，第19题6分，第20题6分，共16分）18（4分）在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入200g水，加热并从90开始记录温度，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数第一次第二次第三次第四次第五次

8、第六次第七次温度/90929495989898（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度 。（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是 。（3）若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为 Jc水4.2103J/（kg）。（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为 。19（6分）小明在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，底面积为5cm2、高度为6cm的实心圆柱体铜块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液

9、体，细线等；（1）小明进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为 N；用弹簧测力计挂着铜块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N2.62.52.42.42.4（2）分析实验步骤A、B、C、D，可以得出结论： ；（3）小明用表格中的数据算出了某种液体的密度是 kg/m3。20（6分）某初中物理实验小组的同学想知道小灯泡的亮暗程度与什么因素有关。于是他们找来额定电流小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1，接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图1所示的电路开始探究。（1）请你用笔画线代替导线，根据

10、上图1所示的电路图，将图2所示的实物图连接完整。实验次数1234U/V1.402.002.502.80I/A0.140.180.200.21（2）根据实验数据可知，小灯泡的额定功率是 W。（3）小明同学在计算小灯泡的电阻时，取了所求四次电阻的平均值，这种计算方法错误原因是 。四、计算与推导题（第21题6分，第22题7分，第23题7分，共20分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）21（6分）做功的实质是将一种形式的能量转化为另一种形式的能量。运动的物体克服摩擦做功的实质是将机械能转化为内能若一个质量为m、初始速度为v的物块在水平面上沿直线滑行时，受到的摩擦力大小为厂物块最终停下时

11、，测量出物块滑行的距离为（动能的表达式为Eimv2）（1）试推导物块的初始速度v；（2）若一辆时速为72km/h，质量为18t的小汽车紧急刹车距离为36m，求汽车在刹车过程中受到的摩擦力大小。22（7分）如图所示，底面积S为100cm2圆柱形容器放置在水平桌面上，容器中盛有重力G为5N的液体A当物块M漂浮在液体A中，物块M排开液体的质量m为100g，液体A对容器底部的压强为p，已知物块M的体积V为125cm3，g取10N/kg。求：（1）物块M所受浮力F浮；（2）物块M的密度；（3）容器底部所受压强p。23（7分）实验中，对于一些阻值很小的电阻，用伏安法直接测量较困难，可以采用两个电流表来测量

12、，如图所示，这是一种测量小电阻的方法。在进行测量时，把电流表看成能显示其通过电流的小电阻，将一个电流表与待测小电阻串联连入电路。已知电流表A1、A2的内阻均为0.4，分度值均为0.1A，通过A1的电流为1.2A，通过A2的电流为1.5A求：（1）电流表A2两端电压；（2）待测电阻Rx的阻值；（3）请分析说明，用此电路不能准确测出阻值为50的电阻。2020年安徽省芜湖市中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共20分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1（2分）2020年春节期间，武汉爆发了新型冠状病毒感染的肺炎疫情，该病毒可通过飞沫传播，飞沫传播不是（选填“是”或“不是”

13、）扩散运动。【分析】病毒是微生物，不是分子，而是由分子组成的微小物体。【解答】解：新型冠状病毒属于微生物，它通过飞沫传播是微生物所做的机械运动，不是扩散现象。故答案为：不是。【点评】本题考查扩散现象，属于基础题。2（2分）如图所示，图中tA、tB两点坐标的温度分别对应是某晶体物质的熔点和沸点，如该晶体物质由区域的状态到区域状态时，则该晶体物质发生凝华现象，且放出热量。【分析】对于晶体，低于熔点时是固态，高于熔点而低于沸点时是液态，高于沸点时是气态；结合题意分析物态变化的名称及其吸放热情况。【解答】解：对于晶体，低于熔点时是固态，高于熔点而低于沸点时是液态，高于沸点时是气态；所以，在区域是固态，

14、在区域是液态，在区域是气态。若该晶体物质由区域的状态到区域状态时，即从气态直接变成固态，是凝华现象，凝华放出热量。故答案为：凝华；放出。【点评】本题考查了学生对于熔点、沸点概念及物态变化的掌握和应用，是一道比较新颖的题目，知道低于熔点是固态，高于熔点低于沸点是液态，高于沸点是气态是解题的关键。3（2分）如图所示，光在玻璃和空气的界面MN同时发生了反射和折射，根据相关光学知识可知此时的折射角为50。【分析】（1）已知光在玻璃和空气的界面MN，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在

15、法线的两侧；反射角等于入射角。（3）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。【解答】解：如图所示：已知MN是界面，过入射点作出法线EF，OA是射向镜面的光线，是入射光线，OB是离开界面的光线是反射光线，OC与入射光线在不同的介质中，是折射光线，则由图可知，BOM60，则AON60，所以入射角为906030而COM40，则折射角为904050。故答案为：50。【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，此题已经告诉界面和光的传播方向，再根

16、据折射角和入射角的大小确定介质即可。4（2分）如图所示，在观察奥斯特实验时，小明注意到通电直导线下方小磁针的N极向纸内偏转，小明由此推测：若电子沿水平方向平行地飞过针上方时，小磁针也将发生偏转且小磁针的N极向纸外偏转。请你详细说出小明推测的依据是：电子的定向移动形成电流，电流周围存在磁场。【分析】（1）电流是由于电荷的定向移动形成的，导线能够导电靠的就是自由电子的定向移动。（2）电流周围存在磁场，磁场方向与电流方向有关。【解答】解：当电子沿着水平方向平行地飞过磁针上方时，由于电子发生定向移动而形成电流，又因为电流周围存在磁场，所以小磁针会发生偏转。由图知，当电流向右时，小磁针的N极向纸内偏转，

17、右图电子定向向右移动，而电流方向与电子定向移动方向相反，所以电流方向向左，因此小磁针受力方向与左图相反，即N极将向纸外偏转。故答案为：电子的定向移动形成电流，电流周围存在磁场。【点评】此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，一定要掌握电流的磁效应，并能根据电流方向的变化判断小磁针的偏转方向。5（2分）2019年诺贝尔化学奖得主为三位在锂离子电池开发领域做出重要贡献的科学家。如图为可充电锂离子电池。电池上标有“电压”和“容量”两个重要参数，容量的单位通常为“毫安时”（符号mAh）。该电池铭牌标有：电压3.6V、容量1500mAh，这种电池一次充电最多可储存的电能为19440J。【分析】知道电池的电

18、压和容量，根据WUIt求出这种电池一次充电最多可储存的电能。【解答】解：这种电池一次充电最多可储存的电能：WUIt3.6V1500103A3600s19440J。故答案为：19440。【点评】本题考查了电池储存电能的计算，要注意电池的容量1500mAh表示充电电流为1500mA时需要1h充满电池。6（2分）如图所示，工人沿斜面用300N的推力把一箱重为60N的货物从斜面底端缓慢匀速推进车厢，斜面高1.2m，机械效率为60%，则此斜面的长度为0.04m。【分析】根据W有用Gh求出有用功；根据求出机械效率，根据W总Fs求出斜面的长度。【解答】解：工人做的有用功W有用Gh60N1.2m72J；工人做

19、的总功为：W总12J；则斜面的长度为：s0.04m。故答案为：0.04。【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目。7（2分）在图中，A是物体AB上A点经过凸透镜所成的像，在图上画出光线AC经凸透镜折射后的光路和凸透镜焦点的位置。【分析】由于A是蜡烛A点通过凸透镜成的像，由此可以画出入射光线AC经过凸透镜折射后的折射光线。由A点发出的平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后要过A点，同时其折射光线还要经过凸透镜的焦点，由此可以确定其焦点位置。【解答】解：由题知，A是物体AB上A点经过凸透镜所成的像；连接CA，就是入射光线AC经凸透镜后的折射光线；过A点画

20、出平行于凸透镜主光轴的入射光线AD，连接DA，交主光轴于F点，则点F就是凸透镜的焦点。如图所示：【点评】实像都是由物体发出的光线经过折射后形成的，利用两者的对应关系是解决此题的关键。8（2分）一辆汽车匀速行驶10min，消耗的汽油为1.5kg，获得了2.07107J的机械能，则该汽车汽油机的效率为30%（汽油的热值为4.6107J/kg）。【分析】根据公式Qmq求得1.5kg汽油完全燃烧放出的热量，然后根据公式求出汽油机的效率。【解答】解：根据公式Qmq求得1.5kg汽油完全燃烧放出的热量为：Q放mq1.5kg4.6107J/kg6.9107J；所以，30%；故答案为：30%。【点评】本题主要

21、考查了公式Qmq、的运用。9（2分）如图所示的电路中，R16，R212，电流表示数为0.75A则AB两端的电压U3V。【分析】由图可知，两电阻并联，根据并联电路电阻特点计算总电阻，再由欧姆定律计算AB两端电压即可。【解答】解：由电路图可知，两个电阻并联，电流表测干路电流，由并联电阻特点可得，AB间总电阻：R4，由欧姆定律可得，AB两端的电压：UIR0.75A43V。故答案为：3。【点评】本题考查并联电路特点和欧姆定律的应用，难度不大，本题还可以根据分流原理先计算出电阻上的电流，再计算电压。10（2分）为了解决农村电价高居不下的问题，有效减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程。工

22、程包括两项主要内容：更新变电设备，提高输电电压；更新电缆，减小输电线电阻。若某输电线路改造后，输电电压变为原来的两倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗的功率将变为原来的0.2倍。【分析】电能的耗损主要指的是电流的热效应而产生的，输电功率不变，根据PUI可知分别求出电路中的电流；利用PI2R分别求出输电线路上的电能损失，最后根据电压和电阻的变化即可求出功率的变化。【解答】解：传输功率不变，故传输电流为：I，电功率损耗为：PI2R（）2R，改造后输电电压U2U，线路电阻R0.8R，则：P（）2R（）20.8R0.2（）2R0.2P。故答案为：0.2。【点评】本题考查

23、减小输电线路电功率损失的方法，此题与我们的日常生活联系比较紧密，是这几年中考出题的一个新的方向。我们在日常生活中要养成勤于观察、勤于思考的好习惯。二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11（2分）在抗击新型冠状病毒期间，举国上下，万众一心，进行科学防治，下列这些与抗击疫情有关的说法不正确的是（）A新冠状病毒的直径约为100nm，合103mB喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，这属于扩散现象C检测体温的体温计设计“凸出部分”，是利用了凸透镜的放大镜知识DKN95口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫【分析】（1）物理量单位

24、的换算首先要明确其常用的单位及进率关系；（2）分子在不停地做无规则运动；（3）从体温计的正面看，因为体温计的横截面是一个三棱柱，它相当于一个凸透镜；（4）带电体有吸引轻小物体的性质。【解答】解：A、因为1nm109m，所以100nm100109m107m，故A错误；B、因为一切物质的分子都在不停的做无规则运动，所以喷洒消毒液后，能闻到消毒液气味，这属于扩散现象，故B正确；C、在读数时，我们要从体温计的正面看，因为体温计的横截面是一个三棱柱，它相当于一个凸透镜，可以成一个正立的放大的虚像，故C正确；D、由于带电体能吸引轻小物体，KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫

25、，故D正确。故选：A。【点评】本题考查单位换算、扩散现象、放大镜原理、以及静电现象，是一道综合题，但难度不大。12（2分）如图所示，有关声现象的实验中，下列说法正确的是（）A甲图中通过观察纸屑跳动的幅度可以探究“音调与频率的关系”B乙图中通过观察乒乓球是否被弹起可以探究“声音的产生”C丙图中通过逐渐抽取玻璃罩中的空气可以直接得出真空不能传声D丁图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条可以探究“响度与振幅的关系”【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个

26、特性。（2）声音是由物体振动产生的。（3）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。【解答】解：A、甲图中通过观察纸屑跳动的幅度可以探究“响度与振幅的关系”，故A错误。B、乙图中通过观察乒乓球是否被弹起可以探究“声音的产生”，利用了乒乓球的弹开，将音叉的振动放大，故B正确。C、乙图中通过逐渐抽取玻璃罩中的空气，可以推理得出真空不能传声，采用了理想实验法，故C错误。D、丁图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条，锯条的振动频率不同，发出声音的音调不同，可以探究“音调与频率的关系”，故D错误。故选：B。【点评】理解探究声音的特征、产

27、生、传播的实验方法，可解答此题。13（2分）关于温度、内能、热量、比热容，下列说法正确的是（）A南极的冰山温度很低，它的分子不会运动，没有内能B某物体的温度升高了，它的内能一定增加C物体吸热温度一定会升高D物体的比热容跟它吸收的热量成正比，跟其质量和温度变化量成反比【分析】（1）内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，任何物体都有内能；（2）内能与物体的质量、温度、状态等因素有关，同一物体，温度越高，内能越大；（3）物体吸收热量，内能一定增加，但有些物体的温度并不升高，例如晶体熔化和液体沸腾，不断吸收热量，但是温度保持熔点和沸点不变。（4）比热容的大小与质量无关。【解答】解：A

28、、任何物体的分子都在不停地做无规则运动，南极的冰山温度很低，它的分子仍然会运动，冰山仍然具有内能，故A错误；B、一个物体温度升高了，分子无规则运动加快，内能一定增加，故B正确；C、物体吸收热量时，它的温度不一定会升高，例如：晶体熔化时要继续吸收热量，但温度不变，故C错误；D、物体的比热容与吸收的热量、温度变化量和物体的质量无关，与物质种类和状态有关，故D错误。故选：B。【点评】要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热。14（2分）如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光

29、屏上得到一个清晰缩小的实像。下列说法不正确的是（）A该凸透镜的焦距：13cmf10.5cmB只将蜡烛向右移动，可以在光屏上得到清晰放大的像C只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰放大的像D将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜【分析】掌握凸透镜成像的规律，知道物距大于2f时，成倒立缩小的实像；且成实像时，遵循物近像远像变大的特点。【解答】解：A、观察图示可知在光屏上得到一个清晰缩小的实像，则u26cm2f，解得f13cm；v21cm，f21cm2f，解得，10.5cmf21cm，凸透镜的焦距：13cmf10.5cm；故A正确；B、蜡烛靠近凸透镜时，物距减小，为了在光

30、屏上得到清晰的像，应增大像距，光屏应远离凸透镜，故B错误。C、只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰放大的像，故C正确；D、只将凸透镜向左移，减小物距，增大像距，可以在光屏上得到清晰放大的像，故D正确；故选：B。【点评】本题主要探究的是凸透镜成像的规律，这是今后学习光学，研究光现象的基础，应该熟练掌握，并注意加以区分，不能混淆。15（2分）如图是小轩家的部分电路。下列说法正确的是（）A若熔断器熔丝熔断了，可以用铜丝代替B若导线cd间断路，仍然可以安全使用三线插座C若闭合开关S，灯泡L不发光。用测电笔检测e点，氖管不发光，则说明灯丝一定断了D若ab间断路，灯泡L仍能正常工作【分析】保险丝在电流

31、过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，采用电阻率大，熔点较低的材料制作；三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳；灯泡处于断路状态时不能发光；电流通过灯泡能形成完整通路，灯泡就能发光。【解答】解：A、保险丝熔断后，不能用铜丝来代替，因为铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时自动切断电路，故A错误；B、由图知，如果导线cd间断路，用电器的金属外壳无法接地，存在漏电危险，所以不能继续安全使用三线插座，故B错误；C、如果火线断路、熔断器的熔丝烧断、灯泡灯丝断了或者灯泡到火线间的电路断路，灯泡都不能发光，同时测电笔接触e点，氖管都不能发光，所以不

32、能说明灯丝一定断了，故C错误；D、由图知，虽然ab间断路，但电流可以从火线到灯泡，经a点回到零线，所以灯泡L仍能正常工作，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了保险丝的作用及家庭电路故障的分析，是一道联系实际的应用题。正确理解通路、断路和短路的概念，是解答此类问题的基础。16（2分）小明制作了一个会“发光的二极管”，其电路简图如图所示。二极管具有单向导电性，电流只能从二极管的正极流入，负极流出。演示时，左右动塑料管，这时会看见两只发光二极管交替发光。以下说法中，不正确的是（）A发生该现象的原理是电磁感应B二极管发光时，图中的条形磁体相当于电源C二极管交替发光说明线圈中产生了交流电D在该过程中，

33、机械能转化成了电能【分析】左右摇动塑料管时，塑料管中的磁铁来回运动，使线圈相对于磁铁做切割磁感线运动产生感应电流，将机械能转化为电能；二极管具有单向导电性。【解答】解：A、D、左右摇动塑料管时，塑料管中的磁铁来回运动，使线圈相对于磁铁做切割磁感线运动产生感应电流，所以发光二极管轮流发光是根据电磁感应原理工作的，发电机也是根据这一原理工作的，这一过程将机械能转化为电能。故AD正确；B、二极管发光时，图中的条形磁体和线圈相当于电源，条形磁铁在磁场中做切割磁感线运动时才会产生感应电流，只有条形磁铁不是电源。故B错误；C、二极管具有单向导电性，两个二极管交替发光，说明电路中的电流方向是交替变化的，所以

34、是交流电。故C正确。故选：B。【点评】本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重点考查的内容。17（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示，下列判断正确的是（）A电源电压为4VB电路总功率的最大值为1.2WCR1电功率的最小值为0.6WDR2的最大阻值为20【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、电压表的示数最大，由图象读出电

35、流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压，利用电功率公式求出电路消耗的最大和R1最小功率。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片于a端时，其接入电路电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知I10.6A，由I可得，电源的电压：UI1R10.6AR1当滑片于b端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，I20.2A，U24V，则滑动变阻器的最大阻值：R220，故D正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源

36、的电压：UI2R1+U20.2AR1+4V因电源的电压不变，由可得：0.6AR10.2AR1+4V，解得：R110，电源的电压：U0.6AR10.6A106V，故A错误；电路消耗的最大功率：P1UI16V0.6A3.6W，故B错误。R1电路消耗的最小功率：P1I22R1（0.2A）2100.4W，故C错误。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。三、实验题（第18题4分，第19题6分，第20题6分，共16分）18（4分）在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所

37、示，在烧瓶中加入200g水，加热并从90开始记录温度，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数第一次第二次第三次第四次第五次第六次第七次温度/90929495989898（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度保持不变。（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是液化。（3）若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为6.72103Jc水4.2103J/（kg）。（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为瓶内

38、气压减小，水的沸点降低。【分析】（1）水沸腾前，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸热温度不变。（2）物体由气态变为液态是液化；（3）已知水的比热容、质量和温度的变化量，根据吸热公式Q吸cmt即可计算出水吸收的热量。（4）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。【解答】解：（1）水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变；（2）烧杯口有大量的“白气”不断冒出，这些“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴；（3）不考虑水的质量损失，从开始加热到水刚沸腾的过程中水吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）0.2kg（9890）6.72103J。（4）待水沸腾后，移去酒精灯，水停止沸

39、腾。过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。故答案为：（1）保持不变；（2）液化；（3）6.72103；（4）瓶内气压减小，水的沸点降低。【点评】此题考查水沸腾的特点，以及沸点与气压的关系，是热学的重点实验，应注意掌握。19（6分）小明在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，底面积为5cm2、高度为6cm的实心圆柱体铜块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等；（1）小明进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为2.4N；用弹簧测力计挂着

40、铜块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N2.62.52.42.42.4（2）分析实验步骤A、B、C、D，可以得出结论：浸在同种液体中的物体所受浮力大小跟物体排开液体的体积有关，且排开液体的体积越大受到的浮力越大；（3）小明用表格中的数据算出了某种液体的密度是1.0103kg/m3。【分析】（1）根据弹簧测力计的分度值读出A步骤所示弹簧测力计的示数；（2）分析图B、C、D和表格数据可知排开水的体积关系以及弹簧测力计示数的关系，根据F浮GF可知物体受到的浮力关系，然后根据控制变量法得出结论；（3）由图E

41、、F和表格数据可知，排开液体的体积关系和所处的深度关系以及弹簧测力计的示数关系，根据浮GF可知物体受到的浮力关系，根据阿基米德原理可知两液体的密度关系，从而求出液体的密度。【解答】解：（1）由图A可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则A步骤所示弹簧测力计的示数为2.4N；（2）由图B、C、D和表格数据可知，物体排开水的体积越大，弹簧测力计的示数越小，由F浮GF可知，物体受到的浮力越大，故可得结论：浸在同种液体中的物体所受浮力大小跟物体排开液体的体积有关，且排开液体的体积越大受到的浮力越大；（3）由图E、F和表格数据可知，物体浸没在水和液体中的深度相同，排开液体的体积相等，弹簧测力计的示数相同，

42、则受到的浮力相等，由F浮gV排可知，液体的密度和水的密度1.0103kg/m3相等。故答案为：（1）2.4；（2）浸在同种液体中的物体所受浮力大小跟物体排开液体的体积有关，且排开液体的体积越大受到的浮力越大；（3）1.0103。【点评】本题考查了弹簧测力计的读数和称重法求浮力、阿基米德原理的应用，利用好控制变量法是关键。20（6分）某初中物理实验小组的同学想知道小灯泡的亮暗程度与什么因素有关。于是他们找来额定电流小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1，接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图1所示的电路开始探究。（1）请你用笔画线代替导线，根据上图1所示的电路图，将图2所示的实物图连接完整。实

43、验次数1234U/V1.402.002.502.80I/A0.140.180.200.21（2）根据实验数据可知，小灯泡的额定功率是0.5W。（3）小明同学在计算小灯泡的电阻时，取了所求四次电阻的平均值，这种计算方法错误原因是灯的电阻随温度的变化而变化。【分析】（1）变阻器按一上一下连入电路中，根据灯的额定电流小于0.6A确定电流表选用小量程与变阻器串联，根据灯的额定电压是2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；（2）根据实验数据可知，灯在额定电压下的电流为0.2A，根据PUI求出小灯泡的额定功率；（3）由表中第1组数据求出灯的电阻，同理得出第2、3、4次灯的电阻大小，灯的电阻随温度的变化而变化

44、，据此分析。【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中，灯的额定电流小于0.6A，故电流表选用小量程与变阻器串联，灯的额定电压是2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）根据实验数据可知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率是：PUI2.5V0.2A0.5W；（3）由表中第1组数据，灯的电阻为：R110.0，同理，第2、3、4次灯的电阻分别为11.1、12.5、13.3，小明同学在计算小灯泡的电阻时，取了所求四次电阻的平均值，这种计算方法错误原因是灯的电阻随温度的变化而变化。故答案为：（1）如上所示；（2）0.5；（3）灯的电阻随温度的变化而变化。【点评】本题研究小灯

45、泡的亮暗程度与什么因素有关，考查电路连接、功率计算、欧姆定律的运用和影响电阻大小的因素，为中考的热点问题。四、计算与推导题（第21题6分，第22题7分，第23题7分，共20分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）21（6分）做功的实质是将一种形式的能量转化为另一种形式的能量。运动的物体克服摩擦做功的实质是将机械能转化为内能若一个质量为m、初始速度为v的物块在水平面上沿直线滑行时，受到的摩擦力大小为厂物块最终停下时，测量出物块滑行的距离为（动能的表达式为Eimv2）（1）试推导物块的初始速度v；（2）若一辆时速为72km/h，质量为18t的小汽车紧急刹车距离为36m，求汽车在刹车过程中受到的摩擦力大小。【分析】根据做功的实质是将一种形式的能量转化为另一种形式的能量，运动的物体克服摩擦做功的实质是将机械能转化为内能即克服摩擦力做的功，据此可求；【解答】解：