2022年选择题分类汇总 .pdf

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1、选择题分类汇总按照知识分类必修一（平衡、直线运动、牛顿运动定律）胡克定律（ 10 年） 15一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2。弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为A2121FFll B.2121FFll C.2121FFll D.2121FFll【答案】 C【解析】 根据胡克定律有：101()Fk ll，220()Fk ll，解得： k=2121FFll，C 正确。受力分析、牛顿第二定律（10 年） 18如图所示，一物块置于水平地面上。当用与水平方向成 600角的力F1拉物块时，物块做匀速直线运动；

2、当改用与水平方向成300角的力 F2推物块时，物块仍做匀速直线运动。若F1和 F2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为A.31 B.23 C.3122 D.1-32【答案】 B 【解析】 物体受重力mg、支持力FN、摩擦力Ff、已知力F 处于平衡，根据平衡条件，有0011cos60(sin60 )FmgF，0022cos30(sin30 )FmgF， 联 立 解 得 ：23动态平衡（ 12 年） 16(2012 全国新课标 ).如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水

3、平位置。不计摩擦，在此过程中A.N1始终减小， N2始终增大B.N1始终减小， N2始终减小C.N1先增大后减小，N2始终减小D.N1先增大后减小，N2先减小后增大答案 B 解析 本题考查物体的动态平衡，对球受力分析可知，N1与 N2的合力为定值，与重力反向等大。作图。由图形可知，当板缓慢转动中，N1与 N2的方向便发生如图示变化，但合力不变，可得答案B。运动图像（ 11 年） 21. 如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t 增大的水平力F=kt（k 是常数），木板和木块加速度的大小

4、分别为a1和a2，下列反映a1和 a2变化的图线中正确的是名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 1 页，共 8 页 - - - - - - - - - 惯性定律 （12 年） 14(2012 全国新课标 ).伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有

5、受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动答案 AD 解析 惯性是物体本身的一种属性，是抵抗运动状态变化的性质。A 正确 C 错误。没有力作用物体可能静止也可能匀速直线运动，B 错 D 正确。必修二（曲线运动、机械能、万有引力）曲线运动（11 年） 15. 一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用。此后，该质点的动能可能A. 一直增大B. 先逐渐减小至零，再逐渐增大C. 先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D. 先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大答案： ABD 解析：如恒力方向与初速度方向相同，则做正功，动能增加，A 正确。如恒力方向与初速度方向相反，则物体开始做匀减速直线运

6、动到速度为零后，再反向做匀加速直线运动，物体动能先减小到零，再逐渐增加，B 正确。恒力方向与物体速度方向成钝角( 如斜抛 ) ，物体做匀变速曲线运动，速度先减小到非零最小值后再逐渐增大，动能先逐渐减小到某一非零的最小值，再逐渐增大，D正确。平抛图像（ 12 年） 15(2012 全国新课标 ).如图， x 轴在水平地面内，y 轴沿竖直方向。图中画出了从y 轴上沿 x 轴正向抛出的三个小球a、b 和 c 的运动轨迹，其中b 和 c 是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A.a 的飞行时间比b 的长B.b 和 c的飞行时间相同C.a的水平速度比b 的小D.b 的初速度比c 的大答案 BD 解析 平抛运

7、动的时间是由下落高度决定的，高度相同，时间一样，高度高，飞行时间长。 A 错， B 正确。水平位移由速度和高度决定，由hgvx2得 C 错 D 正确。运动图像、功（10 年） 16如图所示，在外力作用下某质点运动的t图象为正弦曲线。从图中可以判断A在 0t1时间内，外力做正功B在 0t1时间内，外力的功率逐渐增大名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 2 页，共 8 页 - - - - - - - - - C在 t2时刻，外力的功率最大D在 t1 t2时间内，外力做的总功为零

8、【答案】 AD【解析】 根据P=Fv 和图象斜率表示加速度，加速度对应合外力，外力的功率先减小后增大， B 错误。 t2时刻外力的功率为零，C 错误。机械能（ 11 年） 16. 一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关答案： ABC 解析：主要考查功和能的关系。运动员到达最低点过程中，重力做

9、正功，所以重力势能始终减少， A 项正确。蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加，B 项正确。蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹性力做功，所以机械能守恒， C项正确。重力势能的改变与重力势能零点选取无关，D项错误。万有引力（ 10 年） 20.太阳系中的8 大行星的轨道均可以近似看成圆轨道。下列4 幅图是用来描述这些行星运动所遵从的某一规律的图像。图中坐标系的横轴是lg(/)OT T,纵轴是lg(/)OR R;这里 T 和 R分别是行星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径，OT和0R分别是水星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径。下列4 幅图中正确的是【答案】

10、 B【 解 析 】 根 据 开 普 勒 周 期 定 律 ：23TkR，2300TkR两 式 相 除 后 取 对 数 ， 得 ：232300lglgTRTR，整理得：002lg3lgTRTR，选项 B 正确。万有引力（ 11 年） 19. 卫星电话信号需要通过地球同步卫星传送。如果你与同学在地面上用卫星电话通话，则从你发出信号至对方接收到信号所需最短时间最接近于（可能用到的数据：月球绕地球运动的轨道半径约为3.8 105km，运行周期为27 天，地球半经为6400km ，无线电信号的传播速度为3.0 108m/s）A.0.1sB.0.25s C.0.5s D.1s 名师资料总结 - - -精品资

11、料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 3 页，共 8 页 - - - - - - - - - 答案： B 解析：主要考查开普勒第三定律。月球、地球同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据开普勒第三定律有13222321rTrT解得2232121TrrT(R1 = 3.8108m ,21127TT) ，代入数据求得724.2 10rm.如图所示，发出信号至对方接收到信号所需最短时间为202()RRtc(R0= 6.4106m , c= 3.0108m/s) ,则222863822212380(3.8106.4

12、10 )(6.4)0.23883 10273009RrstsssvC，代入数据求得t=0.28s.所以正确答案是B。万有引力（ 12 年） 21(2012 全国新课标 ).假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体。一矿井深度为d。已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零。矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为A.Rd1 B. Rd1C. 2)(RdR D. 2)(dRR答案 A 解析 物体在地面上时的重力加速度可由2334RmRGmg得出。根据题中条件，球壳对其内部物体的引力为零，可认为矿井部分为一质量均匀球壳，故矿井底部处重力加速度可由2334/)()(dRmdRGmg得出，故RdRgg/

13、1212ktaamm。 木 块 和 木 板 相 对 运 动 时 ，211m gam恒 定 不 变 ，22ktagm。所以正确答案是A。31（电路、电场、磁场）测电源电动势（10 年） 19电源的效率定义为外电路电阻消耗的名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 4 页，共 8 页 - - - - - - - - - 功率与电源的总功率之比。在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中u 为路端电压， I 为干路电流， a、 b 为图线上的两点，相应状态下电源的效率

14、分别为a、b。由图可知a、b的值分别为A.34、14 B.13、23 C.12、12 D.23、13【答案】 D【解析】 电源效率UE， E 为电源的总电压（即电动势），根据图象可知Ua=23E、Ub=13E，所以选项D 正确。带电粒子在电场中运动、曲线运动（10 年） 17静电除尘器是目前普遍采用的一种高效除尘器。某除尘器模型的收尘板是很长的条形金属板，图中直线ab为该收尘板的横截面。工作时收尘板带正电，其左侧的电场线分布如图所示；粉尘带负电，在电场力作用下向收尘板运动，最后落在收尘板上。若用粗黑曲线表示原来静止于P点的带电粉尘颗粒的运动轨迹，下列 4 幅图中可能正确的是(忽略重力和空气阻力

15、) 【答案】 A【解析】 粉尘受力方向为电场线方向，从静止开始运动应该是A 图情况，不会是BCD 情况， A 正确。电场力曲线运动（11 年） 20. 一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从 a 运动到c，已知质点的速率是递减的。关于b 点电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）答案： D 解析：由于负电荷所受电场力方向与速度夹角大于90，指向曲线的凹侧，场强方向与负电荷受力方向相反，D正确。电容器（ 12 年） 18(2012 全国新课标 ).如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电

16、容器，则在此过程中，该粒子A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 5 页，共 8 页 - - - - - - - - - D.做匀变速直线运动答案 BD 解析 要使粒子在电场中直线运动，必须使合力与运动方向在一直线上，由题意可受力分析可知，受重力竖直向下，电场力垂直极板向上，合力水平向左。故A 错。因电场力做负功，故电势能增加。B 正确。合力做负功，故动能减少。C 错。因合力为定值且与运动方向在一直线上，故D 正确。电

17、磁（ 10 年） 14在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法正确的是 A奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象 B麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在 C库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值 D安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【答案】 AC【解析】 赫兹用实验证实了电磁波的存在，B 错误。洛仑磁发现了磁场对运动电荷作用的规律， D 错误。电磁（ 11 年） 14. 为了解释地球的磁性，19 世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I 引起的。在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电

18、流方向的是答案： B 解析：地磁的北极(N 极) 在地理南极附近，由安培定则知，环形电流的方向如图B所示。32（电磁感应、变压器）电磁感应（ 10 年） 21如图所示，两个端面半径同为R 的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕导线并与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场。一铜质细直棒 ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直。让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落 距 离 为0 2R时 铜 棒 中 电 动 势 大 小 为 ， 下 落 距 离 为0 8R时 电0012121231603023122TLE E R R R RFF动势大小为E。忽略涡流损耗和边缘效应。关于1E、2E的大

19、小和铜棒离开磁场前两端的极性，下列判断正确的是A1E2E，a端为正 B1E2E，b 端为正C1E2E，a端为正 D1E2E， b端为正【答案】 D 【解析】根据E=BLv，12 0.960.2EBR gR，22 0.360.8EBR gR，可见E1E2。又根据右手定则判定电流方向从a到 b，在电源内部电流时从电源负极流向正极，所以D 正确。电磁感应（ 11 年） 18. 电磁轨道炮工作原理如图所示。待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触。电流I 从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回。轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与I

20、成正比。通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。现欲使弹体名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 6 页，共 8 页 - - - - - - - - - 的出射速度增加至原来的2 倍，理论上可采用的方法是A.只将轨道长度L 变为原来的2 倍B.只将电流I 增加至原来的2 倍C.只将弹体质量减至原来的一半D.将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L 变为原来的2倍，其它量不变答案： BD 解析：主要考查动能定理。设轨道间距为d， B=kI 。由F=BId，212FLmv利用动

21、能定理有212BIlLmv, 解得22kI lLvm。所以正确答案是BD 。电磁感应（ 12 年） 19(2012 全国新课标 ).如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为 B0.使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度 匀速转动半周，在线框中产生感应电流。现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化。为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率tB的大小应为A.04 B B.02 B C.0B D.20B答案 C 解析 匀速转动时感应电动势与磁场变化时感应电动势

22、相同即可。匀速转动时感应电动势221BRE式中R 为半径。磁场变化时感应电动势22RtBE。二者相等可得答案。电磁感应图像（12 年） 20 如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行。已知在t=0 到 t=t1的时间间隔内，直导线中电流i 发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右。设电流i 正方向与图中箭头方向相同，则i 随时间 t 变化的图线可能是答案 A 解析 要求框中感应电流顺时针，根据楞次定律，可知框内磁场要么向里减弱（载流直导线中电流正向减小），要么向外增强（载流直导线中电流负向

23、增大）。线框受安培力向左时，载流直导线电流一定在减小，线框受安培力向右时，载流直导线中电流一定在增大。名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 7 页，共 8 页 - - - - - - - - - 故答案选 A。电路、变压器（11 年） 17. 如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W ；原线圈电路中接有电压表和电流表。现闭合开关，灯泡正常发光。若用U 和 I 分别表示此时电压表和电流表的读数，则A.U =

24、110 V， I = 0.2 A B.U = 110 V，I = 0.05 A C.2 U110V，I = 0.2 A D.2 U110V，.2I0 2A答案： A 解析：主要考查理想变压器原副线圈电压、电流与匝数的关系。U2=220V，根据U1：U2=n1:n2得， U1=110V。I2=P/U2=0.1A，根据 I1：I2= n2：n1得 I1=0.2A 。所以正确答案是A。变压器（ 12 年） 17.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调。已知变压器线圈总匝数为 1900 匝；原线圈为1100 匝，接在有效值

25、为220V 的交流电源上。当变压器输出电压调至最大时，负载R 上的功率为2.0kW。设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和 I1分别约为A.380V 和 5.3A B.380V 和 9.1A C.240V 和 5.3A D.240V 和 9.1A 答案 B 解析 先判断出原副线圈的匝数，由式Error! Objects cannot be created from editing field codes. 得 Error! Objects cannot be created from editing field codes. V。负载 R 上的功率就是变压器的输出功率，因为是理想变压器，故输入功率U1I1 等于输出功率，从而求出I1=9.1A 。名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 8 页，共 8 页 - - - - - - - - -