2022年高中物理 5.2《平抛运动》课时练3 新人教版必修2.doc

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1、2014年高中物理 5.2平抛运动课时练3 新人教版必修2一、选择题(本题共8小题，每小题4分，共32分，每小题至少有一个选项正确)1如图1所示，在光滑的水平面上有一小球a以初速度v0运动，同时刻在它的正上方有一小球b也以v0的初速度水平抛出，并落于c点，则()A小球a先到达c点B小球b先到达c点 图1C两球同时到达c点D不能确定解析：小球b在水平方向的分运动是以速度v0做匀速直线运动，a球在光滑水平面上也是以速度v0做匀速运动，所以两球将同时到达c点，C正确。答案：C2斜抛运动与平抛运动相比较，正确的是()A斜抛运动是曲线运动，它的速度方向不断改变，不可能是匀变速运动B都是加速度逐渐增大的曲

2、线运动C平抛运动是速度一直增大的运动，而斜抛运动是速度一直减小的运动D都是任意两段相等时间内的速度变化大小相等的运动解析：斜抛运动和平抛运动都是只受重力作用，加速度恒为g的匀变速曲线运动，A、B错；斜抛运动的速度是增大还是减小，要看速度与重力的夹角，成锐角，速度增大；成钝角，速度减小。斜下抛运动也是速度增大的运动，C错；由vgt知D对。答案：D3以速度v0水平抛出一球，某时刻其竖直分位移与水平分位移相等，则下列判断中错误的是()A竖直分速度等于水平分速度B此时球的速度大小为v0C运动的时间为D运动的位移是解析：设水平速度为v0，下落的时间为t，由题意得v0tgt2，解得t，竖直分速度为vy2v

3、0，所以A错，C正确；速度vv0；位移s，所以B、D正确。答案：A4一水平抛出的小球落到一倾角为的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图2中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为() 图2Atan B2tan C. D.解析：小球在竖直方向下落的距离与水平方向通过的距离之比即为平抛运动合位移与水平方向夹角的正切值。小球落在斜面上速度方向与斜面垂直，故速度方向与水平方向夹角为，由平抛运动结论：平抛运动速度方向与水平方向夹角正切值为位移方向与水平方向夹角正切值的2倍，可知：小球在竖直方向下落的距离与水平方向通过的距离之比为tan()，D项正确。答案：D5一个物体以速度

4、v0水平抛出，落地时速度的大小为2v0，不计空气的阻力，重力加速度为g，则物体在空中飞行的时间为()A. B.C. D.解析：如图所示，gt为物体落地时竖直方向的速度，由(2v0)2v(gt)2得t，C正确。答案：C6在抗震救灾中，一架飞机水平匀速飞行。从飞机上每隔1 s释放1包物品，先后共释放4包，若不计空气阻力，从地面上观察4包物品()A在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是等间距的B在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是不等间距的C在空中任何时刻总在飞机正下方，排成竖直的直线，它们的落地点是等间距的D在空中任何时刻总在飞机正下方，排成竖直的直线，它们的落地点是不等间距的解析：

5、因为不计空气阻力，物品在水平方向将保持和飞机一致的匀速运动，因而4包物品在空中任何时刻总在飞机正下方，排成竖直的直线；因为飞机高度一致，物品做平抛运动的时间一致，水平速度一致，间隔时间一致，所以它们的落地点是等间距的。答案：C7. (2012新课标全国卷)如图3所示，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的。不计空气阻力，则()Aa的飞行时间比b的长图3Bb和c的飞行时间相同Ca的水平速度比b的小Db的初速度比c的大解析：抛体运动在竖直方向上的分运动为自由落体运动，由hgt2可知，飞行时间由高度决定，hbhch

6、a，故b与c的飞行时间相同，均大于a的飞行时间，A错，B对；由题图可知a、b的水平位移满足xaxb，由于飞行时间tbta，根据xv0t得v0av0b，C错；同理可得v0bv0c，D对。答案：BD8如图4所示，在一次空地演习中，离地H高处的飞机以水平速度v1发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度v2竖直向上发射炮弹拦截。设拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2关系应满足() 图4Av1v2 Bv1v2Cv1 v2 Dv1v2解析：只要满足h1h2H，即gt2(v2tgt2)H，拦截就会成功，而t，解以上两式可得v1v2。答案：D二、非选择题(

7、本题共2小题，共18分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)9(9分)光滑斜面体倾角为，长为L，一小球从斜面体顶端紧贴斜面沿水平方向以初速度v0抛出，如图5所示，小球滑到底端时，沿初速度方向的水平位移为多大？解析：水平方向：xv0t。图5沿斜面向下：Lat2。由牛顿第二定律有mgsin ma。联立求解xv0 。答案：v0 10.(9分)如图6所示，水平台面AB距地面高度h0.80 m。有一滑块从A点以v06.0 m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与水平台面间的动摩 图6擦因数0.25。滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出。已知AB2.2 m，不计空气阻力，g取10 m/s2，结果保留两位有效数字。求：(1)滑块从B点飞出时的速度大小；(2)滑块落地点到平台边缘的水平距离。解析：(1)设滑块从B点飞出时的速度大小为v，由牛顿第二定律和运动学方程分别得mgma，v2v2ax，解得v，代入数据得v5.0 m/s。(2)设滑块落地点到平台边缘的水平距离为x1，由平抛运动的规律得x1vt，hgt2，解得x1v，代入数据得x12.0 m。答案：(1)5.0 m/s(2)2.0 m4