学年高中数学第二章推理与证明.直接证明与间接证明..反证法课后提升训练含解析新人教A版选修-.docx

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1、第二章推理与证明2.2直接证明与间接证明2.2.2反证法课后篇稳固提升根底稳固1.在运用反证法推出矛盾的推理过程中,可以把以下哪些作为条件使用()结论的反设;条件;定义、公理、定理等;原结论.A.B.C.D.解析除原结论不能作为推理条件外,其余均可.答案C2.(1)p3+q3=2,求证p+q2.用反证法证明时,可假设p+q2.(2)a,bR,|a|+|b|,故(1)错误.“两根的绝对值都小于1的反面是“至少有一个根的绝对值大于或等于1,故(2)正确.答案D3.如果两个实数之和为正数,那么这两个数()A.至少有一个是正数B.都是正数C.一个是正数,一个是负数D.都是负数解析假设两个数都不是正数,

2、即都是负数或者0,其和必为负数或者0,与矛盾,所以两个数中至少有一个是正数,应选A.答案A4.用反证法证明命题“假设a+b+c0,abc0,那么a,b,c三个实数中最多有一个小于零的反设内容为()A.a,b,c三个实数中最多有一个不大于零B.a,b,c三个实数中最多有两个小于零C.a,b,c三个实数中至少有两个小于零D.a,b,c三个实数中至少有一个不大于零解析“最多有一个的否认是“至少有两个.应选C.答案C5.将“函数f(x)=4x2-2(p-2)x-2p2-p+1在区间-1,1上至少存在一个实数c,使f(c)0反设,所得命题为“.解析“至少存在一个反面是“不存在.答案函数f(x)=4x2-

3、2(p-2)x-2p2-p+1在区间-1,1上恒小于等于06.“x=0,且y=0的否认形式为.解析“p且q的否认形式为“􀱑p或􀱑q.答案x0或y07.完成反证法证题的全过程.题目:设a1,a2,a7是由数字1,2,7任意排成的一个数列,p=(a1-1)+(a2-2)+(a7-7),求证:p为偶数.证明:假设p为奇数,那么均为奇数.因为7个奇数之和为奇数,故有(a1-1)+(a2-2)+(a7-7)为.而(a1-1)+(a2-2)+(a7-7)=(a1+a2+a7)-(1+2+7)=.与矛盾,故假设不成立,故p为偶数.解析由假设p为奇数,可知a1-1,a2-2

4、,a7-7均为奇数,故(a1-1)+(a2-2)+(a7-7)为奇数,而(a1-1)+(a2-2)+(a7-7)=(a1+a2+a7)-(1+2+7)=0,矛盾,故假设不成立,故p为偶数.答案a1-1,a2-2,a7-7奇数08.a,b,c是互不相等的非零实数,求证:由y1=ax2+2bx+c,y2=bx2+2cx+a和y3=cx2+2ax+b确定的三条抛物线中至少有一条与x轴有两个不同的交点.证明假设题设中的函数确定的三条抛物线都不与x轴有两个不同的交点.由y1=ax2+2bx+c,y2=bx2+2cx+a,y3=cx2+2ax+b,得1=(2b)2-4ac0,且2=(2c)2-4ab0,且

5、3=(2a)2-4bc0.同向不等式求和得4b2+4c2+4a2-4ac-4ab-4bc0,2a2+2b2+2c2-2ab-2bc-2ac0.(a-b)2+(b-c)2+(a-c)20.a=b=c.这与题设a,b,c互不相等矛盾,因此假设不成立,从而原命题得证.9.如图,两个正方形ABCD和DCEF不在同一平面内,M,N分别为AB,DF的中点.用反证法证明:直线ME与BN是两条异面直线.证明假设ME与BN共面,那么AB平面MBEN,且平面MBEN平面DCEF=EN.由两正方形不共面,得AB平面DCEF.又ABCD,所以AB平面DCEF,而EN为平面MBEN与平面DCEF的交线,所以ABEN.又

6、ABCDEF,所以ENEF,这与ENEF=E矛盾,故假设不成立,所以ME与BN不共面,即直线ME与BN是两条异面直线.能力提升1.用反证法证明命题“如果实系数一元二次方程ax2+bx+c=0(a0)有有理数根,那么a,b,c中至少有一个是偶数时,以下假设正确的选项是()A.假设a,b,c都是偶数B.假设a,b,c都不是偶数C.假设a,b,c至多有一个是偶数D.假设a,b,c至多有两个是偶数解析“至少有一个的否认是“一个都没有.答案B2.在ABC中,假设AB=AC,P是ABC内的一点,APBAPC,求证:BAPCAP.用反证法证明时应分:假设和两类.解析反证法对结论的否认是全面否认,BAPCAP

7、.答案BAP=CAPBAPCAP3.设a,b是两个实数,给出以下条件:a+b1;a+b=2;a+b2;a2+b22;ab1.其中能推出“a,b中至少有一个大于1的条件是(填序号).解析假设a=12,b=23,那么a+b1,但a1,b2,故推不出;假设a=-2,b=-3,那么ab1,故推不出;假设a+b2,那么a,b中至少有一个大于1.用反证法证明:假设a1,且b1,那么a+b2与a+b2矛盾,因此假设不成立,故a,b中至少有一个大于1.故答案为.答案4.m是整数,且m2+6m是偶数,求证:m不是奇数.证明假设m是奇数,不妨设m=2k-1(kZ),那么m2+6m=(2k-1)2+6(2k-1)=

8、4k2+8k-5=4(k2+2k)-5,因为kZ,所以k2+2kZ,于是4(k2+2k)是偶数,从而4(k2+2k)-5为奇数,即m2+6m是奇数,这与条件中的m2+6m是偶数相矛盾,因此假设错误,即m不是奇数.5.直线m与直线a和b分别交于A,B,且ab.求证:过a,b,m有且只有一个平面.证明如下图,因为ab,所以过a,b有一个平面,又ma=A,mb=B,所以Aa,Bb,所以A,B.又Am,Bm,所以m.即过a,b,m有一个平面.假设过a,b,m还有一个平面异于平面,那么a,b,a,b,这与ab,过a,b有且只有一个平面相矛盾.因此,过a,b,m有且只有一个平面.6.设an是公比为q的等比

9、数列.(1)推导an的前n项和公式;(2)设q1,证明数列an+1不是等比数列.(1)解设an的前n项和为Sn,当q=1时,Sn=a1+a1+a1=na1;当q1时,Sn=a1+a1q+a1q2+a1qn-1,qSn=a1q+a1q2+a1qn,-得,(1-q)Sn=a1-a1qn,Sn=a1(1-qn)1-q,Sn=na1,q=1,a1(1-qn)1-q,q1.(2)证明假设an+1是等比数列,那么对任意的kN*,(ak+1+1)2=(ak+1)(ak+2+1),ak+12+2ak+1+1=akak+2+ak+ak+2+1,a12q2k+2a1qk=a1qk-1a1qk+1+a1qk-1+a1qk+1.a10,2qk=qk-1+qk+1.q0,q2-2q+1=0,q=1,这与矛盾.假设不成立,故an+1不是等比数列.