2022年人教版九年级物理第十八章电功率专项攻克试题(无超纲).docx

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1、人教版九年级物理第十八章电功率专项攻克 考试时间：90分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、下列数据中，最接近生活实际的是（）A人步行的速度约为1.1m/sB一瓶普通矿泉水的质量约为50gC小汽车内的汽油机效率

2、可以达到95%D一台家用空调正常工作时功率约为400W2、下列用电器正常工作时，电功率最接近1000W的是（）A学生用计算器B手电筒C家用电冰箱D家用空调器3、小军同学在调查家里用电器的铭牌时，发现不同的用电器功率一般不同，电水壶标有“1200W”字样，电风扇标有“50W”字样。下列说法中正确的是（）A电水壶消耗的电能一定多B电风扇正常工作时，其实际功率小于50WC电水壶接在110V电压下工作时，其实际功率为600WD电水壶和电风扇都正常工作时，电流通过电水壶做功更快4、在国际单位制中，电功率的单位是（）A安培B伏特C焦耳D瓦特5、电熨斗通电一段时间后变得很烫，而连接电熨斗的导线却不怎么热，这

3、主要是因为（）A导线的绝缘皮隔热B导线的电阻远小于电熨斗电阻C通过导线的电流小于电熨斗的电流D导线散热比电熨斗快6、某调光灯电路如图所示，已知电源电压不变，不考虑灯丝电阻变化，当滑动变阻器滑片P滑至a端时，灯泡L的功率为36W；滑片P滑至b端时，灯泡L的功率为4W，则滑片P滑至ab的中点时，灯泡L的功率为（）A9WB16WC18WD27W7、如图所示的电路，电源电压为12V，灯泡L1标有“6V 3W”字样。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P位于某一位置时，L1正常发光；将L1换成“4V 2W”的灯泡L2，滑片P位于另一位置时，L2也正常发光.先后两种情况下列说法错误的是（）A电压表示数之比为43B

4、电流表示数之比为11CL1、L2电阻之比为32D变阻器功率之比为348、下列对有关物理量的估计，最接近实际的是（）A普通家用节能灯的工作电流约2AB教室中日光灯的正常工作电压为220VC手机电池的电压约为1.5VD人体的安全电压是36V9、对于我们所学的电学知识，下列说法正确的是（）A电风扇工作时只将电能转化为机械能B通过导体的电流跟电压成正比C某一盏路灯坏了，其它灯还能照常工作表明它们是并联的D电流的方向是从电源的负极经过导线、用电器到电源的正极10、某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器的电阻大小，测量并记录了多组电压表和电流表的读数，根据表格中记录的数据分析，他所连接的电路可能的是：（）（

5、图中L为实验室用小灯泡，R为实验室用定值电阻）U/V11.522.533.5I/A0.200.240.260.280.300.34ABCD第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、某电能表表盘如图所示，家里允许同时使用用电器的总功率应不大于_W：用电时电能表的铝盘每转过720转，接在该电能表上的用电器消耗的电能是_J。2、我市新区的亮化工程初见成效，每到夜晚，五光十色的小彩灯、霓虹灯将城区装扮得绚丽多彩，如下图左所示。小明和小华准备探究小彩灯的发光情况，通过观察发现，每个小彩灯上标有“2.5V 0.25A”的字样。（1）要使小彩灯正常发光，应将_个这样的小彩灯_联

6、在家庭电路的供电线路上；（2）他们发现，当其中一个小彩灯的灯丝断了，其余的小彩灯还能发光，这是为什么呢？他们找来一个小彩灯，砸破玻璃外壳，发现灯丝（设阻值为R1）上并联了一不发光的电阻R2，如下图右所示。关于R1与R2的大小，通过查阅资料，他们了解到彩灯有两种：一种是R2比R1小很多，灯丝R1发光时，由于R2与R1的接触处有一薄的绝缘层，电流只能从R1中通过。当某一只小彩灯的灯丝断了，电路电压将击穿绝缘层，R2相当于导线，使电路导通，其余小彩灯还能发光，但亮度与原来相比_（不变/变亮/变暗），原因是电路中的电流_，灯丝R1的实际功率_（不变/变大/变小），若R1的实际功率大于1W时，灯丝就会熔

7、断，则最多允许_盏小彩灯的灯丝断去，其余的小彩灯还能发光。一种是R2比R1大很多，灯丝R1发光时流过R2的电流可以忽略不计，当灯丝R1断了，R使电路导通，其余小彩灯还能发光，但亮度与原来相比_（不变/变亮/变暗）。若R215R1，且R1的实际功率小于0.1W时，灯丝R1就不能发光，则最多允许_盏小彩灯的灯丝断去，其余的小彩灯还能发光。3、一导体两端电压为4V，通过它的电流是0.5A，则此导体消耗的电功率是_W，此导体的电阻是_；如果此导体两端电压为0V，它的电阻为_。4、如图所示的电能表的示数为_kWh。5、小明家中的电能表5月初的示数为，电能表的部分参数及6月初的示数如图所示，小明家5月初至

8、6月初消耗的电能是_kWh，小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过_kW，若电能表转盘在10min内转过30转，则用电器的总功率为_kW。三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、下表是小明同学家饮水机的铭牌参数，学习电学知识后，他好奇饮水机的工作原理，请教老师后得到饮水机的电路原理图如图所示，当蓄水箱中装满水时，请你帮他解决如下问题：额定电压220V额定功率加热500W保温蓄水箱的容积1L（1）蓄水箱中水的质量是多少?（水）（2）如果饮水机把蓄水箱中的水从加热到用了210s，求此饮水机的加热效率（）；（3）铭牌上的保温功率已模糊不清，已知R1=1000，求饮水机的保温功率。2、即热

9、式热水宝是一种无内胆的纳米管加热装置，因为其体积小、加热速度快，真正实现即开即热的使用功能，得到了广泛应用。其电路原理如图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变水龙头控制开关S、S0的状态，可以选择出凉水、温水或开水。该管线机的额定电压是220V，开水加热电功率是4400W，温水加热电功率是2200W。已知：电热丝R1、R0电阻不随温度变化，水的比热容，水的密度1103 kg/m3，g取10N/kg。求：（1）开关S断开时，水龙头出_（凉水、温水或开水）。开关S、S0都闭合时，水龙头出_（凉水、温水或开水）；（2）现在需要100 的开水500ml，已知水的初温是20 ，

10、水需要吸收多少热量_？（3）如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多长时间_？3、某中学纳米课题小组的同学了解到的某一厂家生产的新产品“纳米电热水器”工作时有高温、中温、低温三挡部分技术参数表和电路原理图如图所示。（1）开关S接哪一挡（“1”、“2”、“3”）时为低温挡；（2）求R1的阻值；（3）求满箱初温为20的水升温升至40需要吸收的热量（c=4.2103J/（kg）（4）若中温挡的加热效率为80%，求达到第（3）问效果需要的时间。型号额定电压（V）水箱容量（L）频率（Hz）额定功率（kW）DJW50N22050500.5/1.0/2.24、在如图所示的电路

11、中，电源电压为12V且不变，电阻R2为20。（1）求电流表A2的示数I2；（2）闭合开关S时，电流表A1的示数变化了0.4A，求此时电流表A1的示数I和电阻R1；（3）整个电路在10min消耗的电能。5、人类正面临能源危机，为了找到更节能的光源，科学家做了大量的实验，实验发现下表中的LED灯和白炽灯在正常工作时，光照强度相同。请通过计算回答下列问题：类型LED灯白炽灯发光原理二极管发光钨丝高温发光额定电压24伏220伏响应时间10-9秒10-3秒额定功率12瓦100瓦（1）LED灯正常发光时的电流是多大？（2）LED灯正常发光时的电阻是多大？（3）正常工作10h，使用LED灯比白炽灯要节约多少

12、电能？-参考答案-一、单选题1、A【详解】A人步行的速度约为1.1m/s，符合实际；故A正确；B一瓶普通矿泉水的质量约为500g；故B错误；C汽车内的汽油机效率在30%左右；故C错误；D家用空调正常工作时功率约1000W以上；故D错误。故选A。2、D【详解】A学生用计算器的工作电流约为电压为3V，由功率公式可得B手电筒灯泡工作电流约为电压为3V，由功率公式可得C电冰箱工作电流约为，电压为220V，由功率公式可得D家用空调器工作电流约为，电压为220V，由功率公式可得故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。3、D【详解】A依题意得，电热水壶的功率大于电风扇的功率，由得，做功的多少与功率大小和做功

13、时间长短有关，电水壶消耗的电能不一定比较多，故A错误；B电风扇正常工作时，其实际功率等于额定功率，为50W，故B错误；C电热水壶在不同电压下工作，电阻大小不变，电热水壶正常工作时，电压为220V，电功率大小为1200W，电水壶接在110V电压下工作时，由得，其实际功率为故C错误；D功率表示做功的快慢，电水壶和电风扇都正常工作时，电热水壶的功率较大，因此电流通过电水壶做功更快，故D正确。故选D。4、D【详解】A安培简称安，用A表示，是电流的单位，故A不符合题意；B伏特简称伏，用V表示，是电压的单位，故B不符合题意；C焦耳简称焦，用J表示，是一切功和能的单位，故C不符合题意；D瓦特简称瓦，用W表示

14、，是所有功率的单位，也是电功率的单位，故D符合题意。故选D。5、B【详解】电熨斗与导线串联，电流相等，根据公式Q=I2Rt，电流和通电时间相同时，导线的电阻远小于电熨斗电热丝的电阻，导线放出的热量远少于电熨斗，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。6、A【详解】设电源的电压为U，当滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电路为L的简单电路；灯泡的功率为当滑片P滑至b端时，电路为L与滑动变阻器的最大阻值R串联；由串联电阻的规律及欧姆定律，电路中的电流为此时灯泡的功率为 当滑片P滑至ab的中点时，电路为L与0.5R串联，此时电路中的电流为此时灯泡的功率为除以可得即R2RL；将R2RL带入式可得故选A。7、

15、A【详解】由图知道，闭合开关S，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，L1正常发光时，通过电路的电流灯泡的电阻串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压为UR1=U-U1=12V-6V=6V滑动变阻器的功率为PR1=I1UR1=0.5A6V=3WL2正常发光时，通过电路的电流灯泡的电阻串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压为UR2=U-U2=12V-4V=8V滑动变阻器的功率为PR2=I2UR2=0.5A8V=4W综上所述，知道A电压表示数之比为34，故A错误，符合题意；B电流表示数之比为11，故B正确，不符合题意；

16、CL1、L2电阻之比为32，故C正确，不符合题意；D变阻器功率之比为34，故D正确，不符合题意。故选A。8、B【详解】A普通家用节能灯的电功率约为20W，工作电压为220V，正常工作时通过的电流故A不符合题意；B我国家庭电路的电压为220V，教室中日光灯的正常工作电压为220V，故B符合题意；C每节干电池的电压约为1.5V，手机电池的电压约为3.7V，故C不符合题意；D经验证明，对人体安全的电压不高于36V，故D不符合题意。故选B。9、C【详解】A电风扇工作时将电能转化为机械能和一部分内能，故A错误；B电阻一定时，通过导体的电流跟电压成正比，故B错误；C某一盏路灯坏了，其它灯还能照常工作，彼此

17、间不受影响，表明它们是并联的，故C正确；D在电源外部，电流的方向是从电源的正极经过导线、用电器到电源的负极，故D错误。故选C。10、A【详解】AC由知道，每次实验与电压表并联的电阻分别为5、6.25、7.7、8.9、10、10.3，说明此电阻随电流、电压的增大而增大，即与电压表并联的电阻是变化的，由于灯泡的电阻随电压的增大而增大，所以，说明电压表是并联在小灯泡的两端，电流表测量电路的电流，故A符合题意，C不符合题意；BD图中电压表测量的是电源电压，随着滑动变阻器的电阻大小改变，电压表示数不变，故BD不符合题意。故选A。二、填空题1、 2200 3.6106【解析】【详解】1家里允许同时使用用电

18、器的总功率应不大于P=UI=220V10A=2200W2用电时电能表的铝盘每转过720转，接在该电能表上的用电器消耗的电能是W=720r720r/kWh=1kWh=3.6106J2、 88 串 变亮 变大 变大 18 变暗 9【解析】【详解】（1）12因照明电路电压为220V，小彩灯的额定电压为2.5V，要使灯泡正常发光，应将灯泡串联，要使串联后的总电压为220V，由串联电路的特点可知，串联个数应为n=220V2.5V=88（2）345当R2比R1小很多时，某一只小彩灯的灯丝断了，R2接入电路中总电阻应减小，则电路中电流变大，流过其余的每一个小彩灯的电流变大，则由P=I2R得，其余彩灯里的灯丝

19、R1的实际功率变大，亮度变亮。6根据每个小彩灯上标有“2.5V 0.25A”字样可知。小彩灯的电阻为R1=U额I额=2.5V0.25A=10若R1的实际功率等于1W时，由P=U2R可知，R1两端电压为U=PR1=1W103.16V则此时电路中没有烧断的灯泡的个数为n=220V3.16V69.6取n=70，故最多允许小彩灯的灯丝断的个数为8870=187当R2比R1大很多，某一只小彩灯的灯丝断了，R2接通时，电路总电阻应变大，则电路中电流应变小，即流过其余小彩灯的电流变小，则灯泡的功率变小，灯泡亮度变暗。8设R2=15R1，则R2=1510=150若其余小彩灯上R1的实际功率为0.1W时，电路中

20、的电流为I=PR1=0.1W10=0.1A故总电阻为R=UI=220V0.1A=2200因有88个彩灯串联，断去R1小彩灯的个数为n，则由串联电路的电阻特点有nR2+（88n）R1=2200将R1=10,R2=150代入解得n=9.4，又由P=I2R可知，若n变大，电路中的总电阻R变大，电流I变小；小灯泡的电阻R不变，通过的电流I变小，P会变小，所以小灯泡的实际功率会低于0.1W，造成不能发光；所以n只能取9，即最多允许9盏小彩灯的灯丝R1断去，其余的小彩灯还能发光。3、 2 8 8【解析】【详解】1根据P=UI可知导体消耗的电功率P=UI=4V0.5A=2W2根据I=UR可知导体的电阻R=U

21、I=4V0.5A=83因为导体的电阻受材料，长度，横截面积和温度的影响，与导体两端的电压大小和通过的电流大小无关，所以导体两端电压为0V，它的电阻仍为8。4、2038.5【解析】【详解】从电能表上可以看出电能表的示数为20385，最后一位是小数，单位是kWh，故电能表的读数为2038.5kWh。5、 120 4.4 0.15【解析】【详解】1电能表的示数最后一位为小数点后一位，所以他家一个月消耗的电能为W1342.8kWh1222.8kWh120kWh2电能表正常工作的电压是220V，允许通过的最大电流是20A，因此此表正常使用时允许接入用电器的最大功率P最大UI220V20A4400W4.4

22、kW3电能表转盘在10min内转过30转，则用电器消耗的电能W=30r1200r/kWh=140kWh工作的时间为t=10min=16h用电器的功率P=Wt=140kWh16h=0.15kW三、计算题1、（1）1kg；（2）80%；（3）48.4W【详解】解：（1）根据密度公式，蓄水箱中水的质量（2）饮水机把蓄水箱中的水从75加热到95吸收的热量这个过程消耗的电能饮水机的加热效率（3）分析图可知，闭合开关S、S0，R1和R2并联接入电路，当只闭合开关S，电路中只有R1接入电路，根据并联电阻小于其中任一电阻，由可知，只闭合开关S时，电路的功率较小，电路处于保温状态，此时饮水机的保温功率答：（1）

23、蓄水箱中水的质量是1kg；（2）此饮水机的加热效率为80%；（3）饮水机的保温功率为48.4W。2、凉水 开水 1.68105J 48s 【详解】（1）1根据题意和电路图可知，当S断开时电路处于断路状态，水龙头出凉水。2当S，S0都闭合时，电热丝R0单独接入电路中，根据可知电阻最小，功率最大，所以出开水。（2）3由可得水的质量为mV1103 kg/m350010-6 m30.5kg水吸收的热量为（3）4由可得消耗的电能由可得加热时间3、（1）3；（2）22；（3）4.2106J；（4）5250s【详解】解：（1）由电路图可知，开关S接1时，只有R1连入电路中；开关S接2时，R1、R2串联接入电

24、路中；开关S接3时，R1、R2、R3三个电阻串联接入电路中；因串联电阻大于其中任一电阻，故可知开关S接3时，电路中总电阻最大，根据可知，当S接3时为低温挡。（2）S接1时，只有R1连入电路中，因此时电路的电阻最小，由可知，此时功率最大，由表中数据可知P大=2.2kW=2200W解得电阻R1的阻值为（3）由题意可知，水箱容量为50L，由可得，满箱水的质量为水箱中的水从20的升温至40吸收的热量为（4）S接2时，R1、R2串联接入电路中，电路的电阻较大，为中温挡，由表中数据可知，P中=1000W，由可得，达到第（3）问效果需要消耗的电能为需要的时间为答：（1）开关S接3时为低温挡；（2）R1的阻值

25、为22；（3）满箱初温为20的水升温升至40需要吸收的热量为4.2106J；（4）若中温挡的加热效率为80%，达到第（3）问效果需要的时间为5250s。4、（1）0.6A；（2）1A，30；（3）7200J【详解】解：（1）由电路图可知，开关S断开时，电路为R2的简单电路，电流表A1和电流表A2均测量电路电流；电流表A2的示数（2）开关S闭合后，R1、R2并联，电流表A2测量电阻R2的电流，电流表A1测量干路电流； 因并联电路中各支路互不影响，因此闭合开关S后，通过电阻R2的电流不变，仍为0.6A，又因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且闭合开关S时，电流表A1的示数变化了0.4A，所以通

26、过电阻R1的电流为0.4A，电流表A1的示数为II1+I20.4A+0.6A1A因并联电路中各支路两端电压相等，所以电阻R1的阻值（3）整个电路在10min消耗的电能WUIt12V1A1060s7200J答：（1）电流表A2的示数为0.6A；（2）电流表A1的示数为1A，电阻R1的阻值为30；（3）整个电路在10min消耗的电能为7200J。5、（1）0.5A；（2）48；（3）0.88kWh【详解】解：（1）该LED灯正常工作时电流（2）由欧姆定律可得LED灯正常发光时的电阻（3）每天正常工作10h，使用一个LED灯比使用一个白炽灯可节约电能W=(P白炽灯-PLED)t=(0.1kW-0.012kW)10h=0.88kWh答：（1）LED灯正常发光时的电流是0.5A；（2）LED灯正常发光时的电阻是48；（3）正常工作10h，使用LED灯比白炽灯要节约0.88kWh的电能。