最新人教版九年级物理第二十章电与磁专题练习练习题(含详解).docx

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1、人教版九年级物理第二十章电与磁专题练习 考试时间：90分钟；命题人：教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、我国航母舰载机起飞，将使用电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，舰载

2、机受到强大的推力而快速起飞。下列设备的工作原理与电磁弹射器的工作原理相同的是（）A电铃B电磁起重机C动圈式扬声器D动圈式话筒2、电吉他中电拾音器的基本结构如图所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法不正确的是（）A选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B取走磁体，电吉他将不能正常工作C增加线圈数可以增大线圈中的感应电流D弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化3、下列4个实验中能揭示电风扇工作原理的是ABCD4、如图所示，教室黑板上有一只“不掉”的黑板檫，一些同学认为这个黑板檫有磁性，有同学指出：“我们可以用黑板檫去吸一吸大头针”。

3、“吸一吸大头针”这一过程属于科学探究中的（）A进行实验B猜想与假设C评估D结论5、1元硬币的外观有银白色的金属光泽，同学们认为它可能是由铁制成的。在讨论时，有同学提出我们可以拿磁铁来吸下，就“认为它可能是由铁制成的”这一说法而言，属于科学探究中的（）A提出问题B猜想与假设C进行实验与收集证据D交流与合作6、关于磁场，下列说法中正确的是（ ）A磁场是由无数条磁感线组成的B任何物质在磁场中都能被磁化并保持磁性C磁极间的相互作用是通过磁感线发生的D磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在7、图所示为一些与电和磁有关的事例，下列认识中正确的是（）A图甲中，磁体能够吸引铜、铁、铝等所有金属B图乙

4、中，司南的长柄指南是地磁场的作用C图丙中，闭合开关导体ab运动时，机械能转化为电能D图丁中，电磁铁是利用电磁感应的原理制成的8、POS刷卡机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头，如图所示，使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息，图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）ABCD9、下列关于电磁信息的说法中，正确的是（）A通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关B发电机工作时，将机械能转化为电能C闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流D玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的10、如图所示，学

5、校的饭卡的内部其实是一组线圈与一个信息芯片相连，卡中没有电池。当饭卡接触感应器时，线圈给芯片供电使芯片工作，下列说法正确的是（）A线圈就是一个电磁铁B线圈相当于用电器C线圈工作原理与电动机原理类似D线圈工作原理属于电磁感应第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、在物理学的研究过程中，很多科学家呕心沥血，作出了杰出的贡献。如世界上第一个发现电与磁之间联系的科学家是_，第一个发现磁偏角的科学家是_。为了纪念德国物理学家，他通过实验归纳出一段导体中电流与电压和电阻之间的定量关系做出的杰出贡献，人们将他的名字命名为_的单位。2、闭合开关，通电螺线管左侧的小磁针水平静止，

6、如图所示。则小磁针右端为_极。若把滑动变阻器的滑片P向a端移动，通电螺线管的磁性将_（选填“增强”“不变”或“减弱”）。3、如图为小强同学探究“让线圈转起来”的实验装置图，线圈能够转动的原理是_，这原理是物理学家_最先发现的。在实验中，为了使线圈将能持续转动，可采取的方法是_，要使线圈转得更快些，采取的方法是_。4、小红按如图所示的电路进行实验。闭合开关后，螺线管的上端为_极，现在吸不起硬币，为了将螺线管下方的硬币吸起，她应当将滑动变阻器的滑片向_端移动。5、小刚将“220V 100W”的灯泡接在家庭电路中，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡（如图甲所示），发现发光的灯丝晃动了，这是由于

7、_。该灯正常工作1h消耗的电能是_kWh，能使图乙中的电能表的指示灯闪烁_次。如该灯泡接在110V的电路中，它的实际功率是_W。（不考虑灯丝电阻的变化）三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、图甲是某小区高层住宅电梯结构的示意图，它主要是由轿厢、滑轮、配重、缆绳及电动机等部件组成，小明家住该小区某栋楼的16楼，他乘电梯从1楼匀速升到16楼用时50s，已知每层楼的高度为3m。小明重600N。轿厢重5400N，动滑轮和细绳的重力以及摩擦力均忽略不计，针对此时程，解答下列问题。(1)拉力F的功率为多大？(2)动滑轮A提升小明的机械效率为多少？(3)图乙是该电梯超载自动报警系统工作原理的示意

8、图，在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作，当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关S，电动机也不工作，在控制电路中，已知电源电压为6V，保护电阻R2=100，电阻式压力传感器R1的阻值随乘客压力（F压）大小变化如图丙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计，当电磁铁线圈电流超过0.02A时，电铃就会发出警报声，若乘客人均重为700N，该电梯最多可以乘载多少人？2、有一种电加热恒温箱，工作原理如图a所示控制电路由电压为U1=6V的电源、电磁继电器（线圈电阻不计）、滑动变阻器R0和热敏电阻R1组成；工作电路由电压为U2=220V的电源和电阻为

9、R2=48.4的电热丝组成当控制电路中的电流达到0.05A时，衔铁被吸下来，触点处断开，工作电路停止工作，当控制电路中的电流小于0.05A时，衔铁被弹回，触点处接通，加热电路正常工作热敏电阻R1的阻值随温度变化关系如图b所示(1) 工作电路正常工作1min，电热丝R2产生的电热是多少？(2) 通过调节控制电路中滑动变阻器R0接入电路的阻值，就能调节恒温箱中需要设定的不同温度，如果恒温箱的温度设定为50，求滑动变阻器R0应接入电路的阻值(3) 若要提高恒温箱的设定温度，滑动变阻器R0接入电路的阻值应调大还是调小？3、科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，

10、用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”其中控制电路电源电压为36V，R为可变电阻，Rt为热敏电阻（置于恒温箱内），热敏电阻阻值随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻R0为50已知当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到0.036A时，衔铁会被释放加热器的规格是“220V 1000W”，恒温箱内部空间大小是2m3，空气的密度是1.30kg/m3，比热容是103J/（kg）（1）如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？（2） 加热器产生的热量有80%转化为恒温箱内空气的内能，若使恒温箱内空气温度从25升高到65，加热器需正常工作多长时间？（3） 若

11、要使恒温箱内可获得上限为100的“恒温”，当可变电阻R调节到多大？ （4）如果需要将恒温箱内的下限温度设为50的“恒温”，则应将可变电阻R调节为多大？4、如图电磁继电器和热敏电阻R1等组成了恒温箱控制电路，R1处于恒温箱内电源电压U=6v，继电器线圈的电阻可不计如图为热敏电阻的R1-t图象，且已知在50150范围内，热敏电阻的阻值随温度的变化规律是：R1t=常数；电阻R2是可变电阻当线圈中的电流达到20mA时，继电器的衔铁被吸合已知此时可变电阻R2=225，恒温箱保持60恒温图中的“交流电源”是恒温箱加热器的电源（1）60时，热敏电阻R1的阻值是多少？ （2）应该把恒温箱的加热器接在A、B端还

12、是C、D端？ （3）如果要使恒温箱内的温度保持100，可变电阻R2的阻值应调为多少？5、电梯为居民出入带来很大的便利，出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示.已知控制电路的电源电压U=9V，保护电阻R1=200欧，压敏电阻R2的阻值随压力F大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计. （1）若电梯在20秒内将一位重600牛的乘客匀速提升l5米，求电梯对乘客做功的功率. （2）当电磁铁线圈电流达到20毫安时:衔铁刚好被吸住.若该电梯厢内站立总质量为1000千克的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载(g=10N/kg).（3）若R1换成50，电梯厢内站立总重

13、力为多少正好超载-参考答案-一、单选题1、C【解析】【详解】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。A电电铃的主要部件是电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故A不符合题意；B电磁起重机的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；C扬声器是将电信号转化成声信号，即其内部有磁铁和线圈，当线圈中通过变化的电流时，该线圈会在磁场中受力而有规律的振动，进而产生声音，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故C符合题意；D动圈式话筒工作时，声信号转化为电信号，是利用电磁

14、感应的原理制成的，故D不符合题意。故选C。2、A【解析】【详解】A铜不可以被磁化，则选用铜质弦，电吉他不能正常工作，故A错误，符合题意；B取走磁体，就没有磁场，振弦不能切割磁感线产生电流，电吉他将不能正常工作，故B正确，不符合题意；C增加线圈匝数，可增加电磁感应所产生的电压，在电路的总电阻不变时，可以增大线圈中的感应电流，故C正确，不符合题意；D弦振动过程中，磁场方向不变，弦的运动方向会不断变化，则线圈中的电流方向不断变化，故D正确，不符合题意。故选A。3、C【解析】【详解】电风扇工作核心元件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受力而运动的原理制成的。A此图是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通

15、电导体周围有磁场，故A不符合题意；B该实验说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流是电磁感应原理，故B不符合题意；C电路中有电源，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的原理，故C符合题意；D电磁铁是利用了通电螺线管周围存在磁场制成的，故D不符合题意。故选C。4、A【解析】【详解】利用磁铁吸引铁的性质， “吸一吸大头针”这一过程是对猜想正确性的验证，属于科学探究中的进行实验环节。故选A。5、B【解析】【详解】该同学“认为它可能是由铁制成的”是对问题的看法，并未开始实验，属于对问题的猜想与假设,故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。6、D【解析】【详解】A磁感线

16、是为研究磁场的性质而引入的一种理想化的物理模型，不是真实存在的，故A 错误；B只有铁磁性物质在磁场中才能被磁化，故B错误；C磁极间的相互作用是通过磁场发生的，故C错误；D磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针在磁场中受力而偏转感知它的存在，故D正确。故选D。7、B【解析】【详解】A图甲中的物体是磁体，磁体能够吸引铁、钴、镍，不能吸引铜、铝，故A错误；B司南的长柄指南是指向地理南极，地磁场的地磁北极在地理南极附近，所以司南的长柄指向地磁北极，是地磁场的作用，故B正确；C闭合开关导体ab运动是通电导线在磁场中受力转动，是电能转化为机械能，故C错误；D电磁铁是利用通电导体周围有磁场的原理制成的，故D错

17、误。故选B。8、A【解析】【详解】由题意知道，POS刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象。A由图知道，电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故A符合题意；B图中是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，故B不符合题意；C图中演示的是安培定则的应用，是螺线管通电后具有磁性，是电流的磁效应，故C不符合题意；D图中电路中有电源，演示的是通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。故选A。9、B【解析】【详解】A通电导体在磁场中的受力方向与导体中的电流方向和磁场方向有关，故A错误；B发电机工作时，消耗机械能，得到电能，是将机械能转化

18、为电能，故B正确；C闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，故C错误；D玩具电动车的电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故D错误。故选B。10、D【解析】【分析】【详解】当饭卡接触感应器时，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中有感应电流产生，线圈给芯片供电使芯片工作，这是电磁感应现象，线圈相当于电源，故D正确，ABC错误。故选D。二、填空题1、奥斯特 沈括 电阻 【详解】1丹麦物理学家奥斯特是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人。2在北宋学者沈括的梦溪笔谈中，记载了磁针所指方向不完全指南北这一事实，故他是世界上最早发现这一事实的人。3德国物理学家欧姆最先

19、通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律，为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为电阻的单位。2、S/南 减弱 【详解】1如图所示，电流从电源的正极流出，根据右手螺旋定则可以判断通电螺线管的左端为N极，根据磁体间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。可以判断小磁针右端为S极。2把滑动变阻器的滑片P向a端移动，电路中的总电阻增大，根据欧姆定律可以得出，电源电压不变时，电路中的总电阻增大，电路中的电流减小，则通电螺线管的磁性将减弱。3、通电导体在磁场中受力的作用 安培 将线圈引线一端接触支架的绝缘层全部刮掉，另一端刮掉半周 增大电流（或增强磁场） 【

20、详解】12线圈能够转动的原理是通电导体在磁场中受力的作用，这原理是物理学家安培最先发现的，电动机就是根据这一原理制成的。34为了使线圈能持续转动，正确的刮漆方法应该是将线圈引线一端接触支架的绝缘层全部刮掉，另一端刮掉半周；此时这一部位相当于直流电动机中的换向器，当线圈刚转过平衡位置时，能自动改变线圈中的电流方向，从而使线圈持续转动。线圈受力的大小与电流大小和磁场强弱有关，电流越大，磁场越强，线圈受到的磁力越大，所以要使线圈转得更快些，采取的方法是增大电流或增强磁场。4、N/北 右 【详解】1由图知道，电流从上端流入，下端流出，由安培定则知道，螺线管的上端为N极，下端为S极。2螺线管吸不起硬币，

21、说明螺线管的磁性较弱，对硬币的引力较小；要想吸起硬币，需要增强螺线管的磁性，螺线管的匝数一定，需要增大通过螺线管的电流，由欧姆定律知道，要减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以，滑片应该向右移动。5、磁场对通电导体有力的作用 0.1 160 25 【详解】1小灯泡中通以交流电流，故小灯泡的灯丝在磁场中受力方向是变化的，故小灯泡的灯丝将抖动。说明了磁场对通电导体有力的作用。2据灯泡正常工作，所以此时的功率是100W，即0.1kW。由可得，灯正常工作1h消耗的电能W=Pt=0.1kW1h=0.1kWh3据电能表盘上标有1600imp/kWh，所以电能表的指示灯闪烁的次数是n=16000.1=160im

22、p4根据可得，灯泡的电阻将它接在110V的电路中时，该灯泡消耗的实际功率三、计算题1、 (1)；(2)10%；(3)12人【解析】【详解】(1)根据动滑轮的特点可知细绳拉力大小轿厢上升的高度拉力移动距离拉力做的功拉力的功率(2)滑轮提升小明做的有用功动滑轮A提升小明的机械效率(3)由欧姆定律可得，电路总电阻此时压力传感器的电阻值根据图像可知此时的最大压力为9000N，则电梯承载的人数人答：(1)拉力F的功率为；(2)动滑轮A提升小明的机械效率为10%；(3)该电梯最多可以乘载12人。2、 (1) 6104J (2)4 0 (3)调大【解析】【详解】（1）电热丝正常工作1分钟，产生的热量： ；（

23、2）当温度为50时，R1=80，在控制电路中， ，R2=R总R1=12080=40；（3）若提高恒温箱的温度，则R1的电阻减小，因为工作电路正常工作时，控制电流不变，因此控制电路的总电阻不变，R1电阻减小，因此变阻器接入电路的电阻应调大3、（1）4.55A（2）130s（3）450（4）150【解析】【详解】(1)由图甲所示电路可以知道，工作电路是通路，加热器处于加热状态受控电路电源电压为220V，加热器的规格“220V 1000W”，此时加热器在额定电压下工作，其电流为：(2) 恒温箱内空气温度从25升高到65需要吸收的热量为：设加热器需正常工作时间为t，则放出的热量为W=Pt（其中P=10

24、00W），根据已知列方程如下：80%Pt=1.04105J，计算得t=130s；(3) 若要使恒温箱内可获得上限为100的“恒温”，欲使电流达到0.04A的最高衔接电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知100时热敏电阻的阻值为400，所以可变电阻R此时调节为：90040050=450；(4) 当获得最高温度为50时，欲使电流达到0.036A的最低释放电流，控制电路的电阻应该为，读图乙可知50时热敏电阻的阻值为800，所以可变电阻R此时调节为：100080050=150；4、 75 由图2可知，当恒温箱内的温度升高时，热敏电阻的阻值随之减小，电路中的电流增大，当电流达到20mA时，电磁铁能够吸引

25、下衔铁，使动触点与C、D所在的电路接通若把加热器接在此电路中，会使恒温箱内的温度持续升高相应的，热敏电阻的阻值继续减小，电流持续增大，电磁铁的磁性继续增强，使CD这个电路始终接通，加热器永远工作达不到控制温度的目的所以，要把恒温箱的加热器应接在A、B端 255【解析】【详解】 (1)60时，控制电路I20mA0.02A，R总300,R1R总R230022575;(2)由图2可知，当恒温箱内的温度升高时，热敏电阻的阻值随之减小，电路中的电流增大，当电流达到20mA时，电磁铁能够吸引下衔铁，使动触点与C. D所在的电路接通若把加热器接在此电路中，会使恒温箱内的温度持续升高相应的，热敏电阻的阻值继续

26、减小，电流持续增大，电磁铁的磁性继续增强，使CD这个电路始终接通，加热器永远工作达不到控制温度的目的所以，要把恒温箱的加热器应接在A. B端(3)设100热敏电阻的阻值为,R1t常数,7560100,解得45,R总300,30045255.点睛：（1）要求R1的阻值，由电路图可知，R1、R2串联后接在6V的电源上，电源电压已知，此时电路中的电流也知道，可用电源电压与电流求出总电阻，然后减去R2，即可解得R1（2）恒温箱的加热器接在A、B端还是C、D端，主要是由热敏电阻随温度的变化趋势来决定的（3）要求电阻R2此时的阻值应调为多少，首先要知道此时热敏电阻R1的阻值是多少，而R1t常数是一个非常关键的突破口5、 (1)450W；(2)超载了；(3)7000N【解析】【详解】(1)根据题意，电梯对乘客做功的功率(2)当站立总质量为1000千克时，其重力为10000N，根据图像可知，此时压敏电阻阻值为100，则此时电路中的电流超过20mA，因此此时超载；(3)若R1换成50，电流为20mA时，压敏电阻根据图像可知，对应重力为7000N；答：(1)功率为450W；(2)超载了；(3)总重力为7000N正好超载