2022年高考物理模拟试卷 2.pdf

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1、第 1 页（共 29 页）“ 超级全能生 ”26 省联考高考物理模拟试卷（乙卷）一、选择题（本大题共8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1-4 题只有一项符合题目要求，第5-8 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得 0 分）1我国古代力学的发展较为完善例如， 淮南子中记载 “ 物之功，动而有益，则损随之 ” 这里的 “ 功” 已初步具备现代物理学中功的含义下列单位分别是四位同学用来表示功的单位，其中正确的是（）AN?m?s1Bkg?m2?s2CC?V?sDV?s2采用不同的方法来估算银河系的质量，会得出不同的结果例如按照目侧

2、估算，在离恨河系中心距离R=3109R0的范围内聚集的质量M=1.51011M0，其中R0是地球轨道半径， M0是太阳质量假设银河系的质量聚集在中心，如果观测到离银河系中心距离R 处的一颗恒星的周期为T=3.75108年，那么银河系中半径为 R的球体内部未被发现的天体的质量约为（）A4.01010 M0B1.91011M0 C4.01011M0 D5.51011 M03如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k 的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为6mg（g为重力加速度），已知两根弹簧与竖直方向的夹角为=60，则此时每根弹簧的伸长量为（）A B

3、 C D4如图所示，电量均为 +q 的两个点电荷相距2r，O 点是其连线的中点， P点是其中垂线上的电场强度最大的点已知静电力常量为k，关于 P点的位置和 P点的电场强度，下列描述正确的是（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 29 页第 2 页（共 29 页）AOP=r，Ep=BOP=r，Ep=COP=r，Ep= DOP=r，Ep=5如图所示， abcd 为一正方形区域， e、f 分别是 ad、cd 的中点若该区域内只存在有由 d 指向 b 的匀强电场，沿对角线 ac 方向以速度 v 入射的带电粒子（不计粒子的重力）恰好从

4、 e 点射出若该区域内只存在有垂直纸面向内的匀强磁场，沿对角线 ac 方向以速度 v 入射的带电粒子恰好从f 点射出则匀强电场的电场强度和匀强磁场的磁感应强度的比值为（）Av B2v C 3v D10v6质点做直线运动的位移x 与时间 t 的关系为 x=6+5tt2（各物理量均采用国际单位制单），则该质点（）A第 1s内的位移是 10 mB前 2s内的平均速度是3 m/sC运动的加速度为1 m/s2D任意 1s 内的速度增量都是 2 m/s7如图所示，某交流发电机的线圈共n 匝，面积为 S，内阻为 r，线圈两端与 R的电阻构成闭合回路当线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，以角速度绕轴 OO 匀

5、速转动时，下列说法正确的是（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 29 页第 3 页（共 29 页）A产生感应电动势的有效值E=B从图示位置转过90 的过程中，通过电阻R横截面的电荷量 q=C线圈经过中性面时，感应电流达到了最大值D线圈中的电流每经过时间方向改变一次8如图所示，质量为m 的物块 A 和质量为 mB的重物 B由跨过定滑轮 D 的轻绳连接，A 可在竖直杆上自由滑动， 杆上的 C点与滑轮 D 的连线水平 当轻绳与杆夹角为 37 时，A 恰好静止；当在 B 的下端悬挂质量为mQ的物体 Q 后，A 恰好上升到 C点 已

6、知 sin37 =0.6， cos37=0.8， 不计一切摩擦，下列说法正确的是 （）AA 上升到 C点时，加速度大小a=gBmB=mCmQ=0.75mDA 上升过程中，轻绳上的拉力始终等于mBg二、非选择题（包括必考题和选考题两部分第9-12 题为必考题，每个试题考生都必须作答第 33-40题为选考题，考生根据要求作答） （一）必考题（共 129分）9如图所示为一种摆式摩擦因数测量仪，可侧量轮胎与地面间动摩擦因数，其主要部件有：底部固定有轮胎橡胶片的摆锤和连接摆锤的可绕轴O 在竖直平面内自由转动的轻质细杆具体实验步骤如下：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - -

7、 - - - - -第 3 页，共 29 页第 4 页（共 29 页）I、将测量仪固定在水平地面上；、将摆锤从与 O等高的位置由静止释放；、当摆锤摆到最低点附近时， 侧量出橡胶片紧压地面摩擦过的一小段距离s（sL） ，之后继续摆至最高位置，测量出细杆与竖直方向的角度 （1）为测量轮胎与地面间动摩擦因数，还需要测量的物理量有；（2）若将摆锤对地面的压力视为大小为F 的恒力，重力加速度为g，橡胶片与地面之间的动摩擦因数为；（3）为进一步减小实验误差，你认为本实验还可以在哪些地方改进？10 （9 分）某同学用下列器材组装的简易欧姆表，如图所示a、干电池一节：电动势为1.5V且其内电阻可忽略；b、电流

8、计一块：量程为0 至 1mA，最小刻度 0.1mA，内电阻 20 ；c、可变电阻一只：阻值范围为100至 2500 （1）测量电阻前，先进行欧姆调零将可变电阻P的阻值调节为 R=，此时电流计指针指到最大刻度；（2）欧姆表正确调零后，将待测电阻的两端分别连至红、黑表笔，若电流计的示数为 0.5mA，待测电阻的阻值Rx=；（3）若将电流计示数范围限制在0.1mA 到 0.9mA 之间，欧姆表可量测的电阻范围为；（4）如果将 r=20的电阻与电流计并联，重新调零后，与第（3）问相比，可测见的电阻范围将如何变化？精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -

9、第 4 页，共 29 页第 5 页（共 29 页）11 （12 分）如图所示，有质量为m1=2kg、m2=3kg 的两个物体放置于水平地面上，它们与地面的动摩擦因数分别为1=0.2，2=0.1用 F=22N的水平推力推两物体，使它们由静止开始一起向右运动，经过一段时间后撤去力F，当两物块都停止运动后， 相距 x=6.75m已知重力加速度 g=10m/s2，求力 F作用的时间 t？12 （20 分）如图所示，两条光滑平行导轨所在平面与水平地面的夹角为 ，间距为 L，导轨上端接有一电阻，阻值为R导轨处于长度为x 的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B，方向垂直于导轨平面在导轨上放置一质量为m、阻值也为

10、R的金属棒，棒可沿导轨下滑，且在下滑过程中保持与导轨垂直并良好接触让金属棒从距离磁场上边界x 处由静止释放， 当运动到距离磁场上边界处恰好达到匀速已知重力加速度大小为g，不计其他电阻，且x求金属棒从静止释放到刚好离开磁场的过程中，（1）金属棒中所产生的焦耳热Q；（2）所经历的总时间t 物理一选修 3-313 （5 分）下列说法正确的是（）A布朗运动就是悬浮在液体中小颗粒分子的无规则运动精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 29 页第 6 页（共 29 页）B叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C第二类永动机违反了热传导

11、的方向性D当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大E一定质量的理想气体先经等容降温，再经等温压缩，压强可以回到初始的数值14 （10 分）如图所示，质量为m、横截面积为 S的两个密闭活塞将开口向上竖直放置的导热气缸内的理想气体分成I、II 两部分，当在活塞 A 上放有质量为 2m的铁砂后，整个装置处于静止状态，此时I、II 两部分气体的高度均为l0已知环境温度、大气压强为p0均保持不变，且满足mg=p0S，不计一切摩擦当取走铁砂后，两活塞在某位置重新处于平衡，求活塞A 上升的高度 物理一选修 3-415湖面上停着 A、B 两条小船，它们相距20m一列水波正在湖面上沿AB 连线的方向传播，每条小

12、船每分钟上下浮动20 次当 A 船位于波峰时， B 船在波谷，两船之间还有一个波峰下列说法正确的是（）A水波的波长是mB水波的频率是HzC水波的波速是m/sD若引起水波的波源振动加快，波的传播速度将变慢E若引起水波的波源振动减慢，波的传播速度将变快16如图所示， 一细光束由空气中射到一透明平行平板的上表面，经折射后由平板下表面射出此细光束由两种不同频率的单色光和构成用 i 表示入射角，用 n1和 n2分别表示平板对和的折射率，且已知n1n2（I）当满足什么条件时，两种单色光在穿过平板的过程中所用的时间相等？（II）若 n1=，n2=可做出什么判断？精选学习资料 - - - - - - - -

13、- 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 29 页第 7 页（共 29 页） 物理一选修 3-517 图甲是光电效应的实验装置， 图乙是光电流与加在阴极K和阳极 A 上的电压的关系下列说法正确的是（）A在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大B对某种确定的金属来说，其遏止电压只由入射光的频率决定C遏止电压越大，说明从该金属中逃出来的光电子的最大初动能越大D入射光的频率低于截止频率时，如果光足够强，也可能发生光电效应E只要增大电压，光电流就会一直增大18如图所示，墙角固定着一根轻质弹簧，质量为m 的物块与弹簧接触并对弹簧压缩，弹簧此时的弹性势能为Ep质量为 M=2m 的

14、光滑圆弧形滑槽静止在光滑水平面上，滑槽底端与水平面相切现释放弹簧，重力加速度为g，求（I）物块能冲上滑槽的最大高度；（II）物块再次压缩弹簧时，弹簧的最大弹性势能Epm精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 29 页第 8 页（共 29 页）2016 届“ 超级全能生 ” 26 省联考高考物理模拟试卷 （乙卷）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8 小题，每小题 6 分，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第 1-4 题只有一项符合题目要求，第5-8 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得

15、 0 分）1我国古代力学的发展较为完善例如， 淮南子中记载 “ 物之功，动而有益，则损随之 ” 这里的 “ 功” 已初步具备现代物理学中功的含义下列单位分别是四位同学用来表示功的单位，其中正确的是（）AN?m?s1Bkg?m2?s2CC?V?sDV?s【考点】 功的计算【分析】 功的单位是焦耳，可以根据功的定义来解答【 解 答 】 解 ： A 、 功 的 单 位 是 焦 耳 ， 根 据 功 的 定 义W=FL 可 知 ：1J=1N?m=kg?m2?s2故 A 错误， B正确；C、根据电功的公式： W=Pt=UIt，电压的单位是V，电流的单位是A，时间的单位是 s，所以： 1J=1V?A?s=1

16、V?C 故 C错误；D、根据电热的公式： Q=所以： 1J=故 D错误故选： B【点评】该题考查常见的单位， 本题的解题关键是掌握W=Fl、W=qU、 Q=等与功、能有关的公式以及各物理量单位之间的关系，即可进行判断2采用不同的方法来估算银河系的质量，会得出不同的结果例如按照目侧估算，在离恨河系中心距离R=3109R0的范围内聚集的质量M=1.51011M0，其中R0是地球轨道半径， M0是太阳质量假设银河系的质量聚集在中心，如果观测到离银河系中心距离R 处的一颗恒星的周期为T=3.75108年，那么银河系中半径为 R的球体内部未被发现的天体的质量约为（）精选学习资料 - - - - - -

17、- - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 29 页第 9 页（共 29 页）A4.01010 M0B1.91011M0 C4.01011M0 D5.51011 M0【考点】 万有引力定律及其应用；向心力【分析】离银河系中心 R处的一颗星球绕银河系中心作匀速圆周运动，万有引力提供向心力， 再次根据牛顿第二定律列式求解出天体的质量对地球，同样运用万有引力等于向心力列式；最后联立求解即可【解答】解：离银河系中心 R处的一颗星球绕银河系中心作匀速圆周运动，万有引力提供向心力，可得：解得：对地球，根据牛顿第二定律，有：解得：联立解得： M=4.01010M0故选： A【点评】本

18、题关键明确环绕天体受到的引力提供向心力，然后根据牛顿第二定律列方程求解出周期表达式后分析，计算较繁琐，要细心3如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k 的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为6mg（g为重力加速度），已知两根弹簧与竖直方向的夹角为=60，则此时每根弹簧的伸长量为（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 29 页第 10 页（共 29 页）A B C D【考点】 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】 先对物体 m 受力分析，根据牛顿第二定律列式得

19、到加速度；再对质量不计的底盘和物体m 整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律并结合正交分解法列式求解弹簧的拉力；最后根据胡克定律列式求解每根弹簧的伸长量【解答】 解：对物体 m，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：Nmg=ma其中： N=6mg解得： a=5g再对质量不计的底盘和物体m 整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向： 2Fcos60mg=ma解得： F=6mg根据胡克定律，有： x= =故选： D【点评】本题是动力学问题， 关键是受力分析后根据牛顿第二定律并结合正交分解法列式求解，注意研究对象的灵活选择，不难4如图所示，电量均为 +q 的两个点电荷相距2r

20、，O 点是其连线的中点， P点是其中垂线上的电场强度最大的点已知静电力常量为k，关于 P点的位置和 P点的电场强度，下列描述正确的是（）AOP=r，Ep=BOP=r，Ep=COP=r，Ep= DOP=r，Ep=精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 29 页第 11 页（共 29 页）【考点】 电势差与电场强度的关系【分析】 设 PO=x ，根据点电荷场强公式E=k和电场的叠加原理得到P 点的场强 Ep与 x 的关系式，再由数学知识求解【解答】 解：设 PO=x ，则两个点电荷在P 点产生的场强大小均为E=k，设 E的方向与

21、x 轴正方向的夹角为 则 P点的电场强度为：EP=2Ecos=2k?=求导得： EP=当 EP=0 时，EP最大，由上式解得： x=r，Ep=故选： B【点评】 解决本题的关键要列出Ep与 x 的关系式，运用数学知识求解极值，要扎实的数学基本功，并能熟练运用5如图所示， abcd 为一正方形区域， e、f 分别是 ad、cd 的中点若该区域内只存在有由 d 指向 b 的匀强电场，沿对角线 ac 方向以速度 v 入射的带电粒子（不计粒子的重力）恰好从 e 点射出若该区域内只存在有垂直纸面向内的匀强磁场，沿对角线 ac 方向以速度 v 入射的带电粒子恰好从f 点射出则匀强电场的电场强度和匀强磁场的

22、磁感应强度的比值为（）Av B2v C 3v D10v【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在混合场中的运动精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 29 页第 12 页（共 29 页）【分析】粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动， 由类平抛运动规律与牛顿第二定律可以求出E与 B间的关系【解答】 解：设正方向边长为L，粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向：L=vt，竖直方向：L= at2=?t2，联立解得： E=；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得： q

23、vB=m，画出磁场中的运动轨迹，如图所示：图中 fad= ，结合几何关系，有： cos（45 + ）=，sin =，cos=；结合三角函数知识可以解得：r=；粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，有：qvB=m，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 29 页第 13 页（共 29 页）联立解得： B=，联立解得：；故 ABC错误， D 正确；故选： D【点评】本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、 应用类平抛运动规律与牛顿第二定律即可正确解题；本题难点在于结合几何关系得到轨道半径，要结合三角函数的

24、和差化积公式列式求解6质点做直线运动的位移x 与时间 t 的关系为 x=6+5tt2（各物理量均采用国际单位制单），则该质点（）A第 1s内的位移是 10 mB前 2s内的平均速度是3 m/sC运动的加速度为1 m/s2D任意 1s 内的速度增量都是 2 m/s【考点】 匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度，结合位移表达式求出位移，根据平均速度的定义式求出平均速度的大小【解答】 解：A、第 1s内的位移 x1=（6+511）6m=4m，故 A 错误B、前2s 内的位移x2=（6+524） 6m=6m，则前2s 内的平均速度，故 B 正

25、确C、根据得，加速度 a=2m/s2，任意 1s 内速度的增量v=at=21m/s=2m/s故 C错误， D 正确故选： BD【点评】 解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式，并能灵活运用，基础题精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 29 页第 14 页（共 29 页）7 （2016 秋?信宜市校级月考）如图所示，某交流发电机的线圈共n 匝，面积为S，内阻为 r，线圈两端与 R 的电阻构成闭合回路当线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，以角速度绕轴 OO 匀速转动时，下列说法正确的是（）A产生感应电动势的

26、有效值E=B从图示位置转过90 的过程中，通过电阻R横截面的电荷量 q=C线圈经过中性面时，感应电流达到了最大值D线圈中的电流每经过时间方向改变一次【考点】 交流发电机及其产生正弦式电流的原理【分析】 根据已知条件写出感应电动势的瞬时值表达式，e=nBS sin t，可以计算出感应电动势的有效值；利用电荷量q=，而平均感应电流，平均感应电动势，推导出电荷量计算公式q=；根据发电机原理判断线圈经过中性面时，感应电流的大小；由角速度 计算出交流电的周期，再根据一个周期内线圈中电流方向改变2 次，计算出线圈中的电流每经过时间方向改变一次【解答】 解：A、线圈中产生的感应电动势最大值Em=nBS ，产

27、生的是正弦交流电，则感应电动势的有效值E=，A 正确；B、从图示位置转过90 的过程中，通过电阻R横截面的电荷量 q=，而平均感应电流，平均感应电动势，故 q=，而线圈从图示位置转过 90 的过程中，磁通量的变化=BS ，可得，B错误；C、线圈经过中性面时，磁通量最大，但磁通量的变化率最小为0，因此感应电动势最小为 0，故感应电流达到了最小值，C错误；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 29 页第 15 页（共 29 页）D、线圈中的电流周期为，一个周期内线圈中电流方向改变2 次，则线圈中的电流每经过时间方向改变一次， D

28、 正确；故选： AD【点评】本题考查交流发电机的原理， 解题关键是掌握感应电动势最大值和平均值的计算公式，会推导计算电荷量的公式，另外注意各物理量之间的关系8如图所示，质量为m 的物块 A 和质量为 mB的重物 B由跨过定滑轮 D 的轻绳连接，A 可在竖直杆上自由滑动， 杆上的 C点与滑轮 D 的连线水平 当轻绳与杆夹角为 37 时，A 恰好静止；当在 B 的下端悬挂质量为mQ的物体 Q 后，A 恰好上升到 C点 已知 sin37 =0.6， cos37=0.8， 不计一切摩擦，下列说法正确的是 （）AA 上升到 C点时，加速度大小a=gBmB=mCmQ=0.75mDA 上升过程中，轻绳上的拉

29、力始终等于mBg【考点】 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；功能关系【分析】 （1）物块 A 到达 C 处时合力等于重力，根据牛顿第二定律求解A 的加速度；（2）初始位置，先后对B和 A 受力分析，根据平衡条件列式求解B 的质量；（3）从 A 到 C过程，三个物体过程的系统只有动能和重力势能相互转化，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解Q 的质量（4）结合牛顿第二定律分析绳子的拉力【解答】解：A、当小物块 A 到达 C处时，由受力分析可知：水平方向受力平衡，竖直方向只受重力作用，所以小物块A 的加速度a=g故 A 正确；B、设小物块 B的质量为 mB，绳子拉力为 FT；精选学习资料 -

30、 - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 29 页第 16 页（共 29 页）未加小物块 Q 时，系统处于平衡状态，根据平衡条件：对 A 有：FTcos37=mg 对 B有：FT=mBg 联立解得： mB=m故 B错误；C、设小物块 Q的质量为 mQ，根据系统机械能守恒得：mghAC=（mB+mQ）ghBhAC=dcot37 =1.6m hB=d=0.8m 解得： mQ=m故 C正确；D、A 向上做变速运动，不是处于平衡状态，所以绳子的拉力不可能绳子等于mBg故 D 错误故选： AC【点评】本题是绳系的系统问题， 要根据系统的状态选择相应的规律

31、求解，当系统处于静止状态，采用隔离法，运用平衡条件研究；当物体有加速度时，直接根据牛顿第二定律列式求解； 第三问系统机械能守恒， 也可以对系统运用动能定理列式求解二、非选择题（包括必考题和选考题两部分第9-12 题为必考题，每个试题考生都必须作答第 33-40题为选考题，考生根据要求作答） （一）必考题（共 129分）9 （2016 春?衡水校级月考）如图所示为一种摆式摩擦因数测量仪，可侧量轮胎与地面间动摩擦因数， 其主要部件有： 底部固定有轮胎橡胶片的摆锤和连接摆锤的可绕轴 O在竖直平面内自由转动的轻质细杆具体实验步骤如下：I、将测量仪固定在水平地面上；、将摆锤从与 O等高的位置由静止释放；

32、、当摆锤摆到最低点附近时， 侧量出橡胶片紧压地面摩擦过的一小段距离s（sL） ，之后继续摆至最高位置，测量出细杆与竖直方向的角度 （1）为测量轮胎与地面间动摩擦因数，还需要测量的物理量有摆锤的质量为精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 29 页第 17 页（共 29 页）m，摆锤重心到 O 点的距离 L；（2）若将摆锤对地面的压力视为大小为F 的恒力，重力加速度为g，橡胶片与地面之间的动摩擦因数为；（3）为进一步减小实验误差，你认为本实验还可以在哪些地方改进？多测量几次求平均值，也可以用传感器来测量摆锤对地面的压力【考点】

33、探究功与速度变化的关系【分析】摆锤在上述过程中动能变化为零，重力势能减小， 损失的机械能为减小的重力势能，根据除了重力以外的力做功量度机械能的变化求解动摩擦因数的表达式，从而确定还需要测量的物理量，【解答】 解： （1、2）摆锤运动过程中，根据动能定理得：mgLcos Fs=0，橡胶片与地面之间的动摩擦因数=，所以还需要测量摆锤的质量为 m，摆锤重心到 O点的距离 L，（3）为进一步减小实验误差，我们可以多测量几次求平均值，也可以用传感器来测量摆锤对地面的压力故答案为：（1）摆锤的质量为 m，摆锤重心到 O 点的距离 L；（2）；（3）多测量几次求平均值，也可以用传感器来测量摆锤对地面的压力【

34、点评】能够分析运动过程中动能和势能的变化情况，知道根据除了重力以外的力做功量度机械能的变化，难度适中10 （9 分）某同学用下列器材组装的简易欧姆表，如图所示a、干电池一节：电动势为1.5V且其内电阻可忽略；b、电流计一块：量程为0 至 1mA，最小刻度 0.1mA，内电阻 20 ；c、可变电阻一只：阻值范围为100至 2500 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 17 页，共 29 页第 18 页（共 29 页）（1）测量电阻前，先进行欧姆调零将可变电阻P的阻值调节为 R=1480，此时电流计指针指到最大刻度；（2）欧姆表正确调零后，

35、将待测电阻的两端分别连至红、黑表笔，若电流计的示数为 0.5mA，待测电阻的阻值Rx=1500；（3）若将电流计示数范围限制在0.1mA 到 0.9mA 之间，欧姆表可量测的电阻范围为167 13500 ；（4）如果将 r=20的电阻与电流计并联，重新调零后，与第（3）问相比，可测见的电阻范围将如何变化？可测量的电阻范围将变小【考点】 用多用电表测电阻【分析】 （1） （2）由全电路欧姆定律可求得电阻阻值（3）将电流值代入全电路欧姆定律可求得其阻值范围（4）电阻与电流计并联后，调零时，通过电流计的最大电流为1 mA，通过干路的电流为 2mA，确定其阻值【解答】 解： （1）电流计的读数为1 m

36、A时，全电路的电阻为=1500A所以，可变电阻的阻值为1500 20=1480 （2）调零后，可变电阻的阻值为1480，电流计的示数为 0.5 mA时，待测电阻的阻值为1480 20=1500 （即欧姆表内阻等于中值电阻）（3） 电流计示数 0.1 mA， 待测电阻的阻值为1480 20=1350 ；电流计示数 0.9 mA，待测电阻的阻值为1480 20 167 欧姆表可量测的电阻范围167 13500 （4）可测量的电阻范围将变小， 因电流计两端并联与电流计内阻相同的电阻后，电路中的总电流变为原来的两倍，而电池的电动势仍为1.5V，故可测量的电阻范精选学习资料 - - - - - - -

37、- - 名师归纳总结 - - - - - - -第 18 页，共 29 页第 19 页（共 29 页）围将变小或者：电阻与电流计并联后，调零时，通过电流计的最大电流为1 mA，通过干路的电流为 2mA，全电路的电阻为=750所以，可变电阻的阻值为750 10=740 电流计示数 0.1 mA，待测电阻的阻值为740 10=6750 ，电流计示数 0.9 mA，待测电阻的阻值为740 10 83 ，欧姆表可量测的电阻范围83 6750 答： （1）1480（2）1500（3）167 13500（4）可测量的电阻范围将变小或者83 67500【点评】考查欧姆表的原理为闭合电路欧姆定律，明确使用欧姆

38、表测电阻时要选择合适的档位， 指针要指在刻度盘中央刻度附近；对电表读数时， 要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直11 （12分） （2016 春?衡水校级月考）如图所示，有质量为m1=2kg、m2=3kg的两个物体放置于水平地面上， 它们与地面的动摩擦因数分别为1=0.2， 2=0.1 用F=22N的水平推力推两物体， 使它们由静止开始一起向右运动，经过一段时间后撤去力 F，当两物块都停止运动后，相距x=6.75m已知重力加速度 g=10m/s2，求力 F作用的时间 t？【考点】 牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】先对整体分析，根据牛顿

39、第二定律求出整体的加速度，隔离分析；再对撤去拉力后的两物体进行分析，求出各自的加速度； 再根据运动学公式分析， 明确力 F作用的时间【解答】 解：设撤去力 F时两物块的共同速度为v，撤去力 F之前，由牛顿第二定律精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 19 页，共 29 页第 20 页（共 29 页）F（1m1g+2m2g）a（ 1）根据速度公式可知：v=at（2）撤去力 F之后，由牛顿第二定律物体 1：1m1g=m1a1（3）物体 22m2g=m2a2（4）由运动学公式对物体 1 有：v2=2a1x1（5）对物体 2 有：v2=2a2x2

40、（6）而x=x2x1（7）联立解得 t=s答：力 F作用的时间 t 为s【点评】 本题考查了牛顿第二定律的基本运用， 求出两个物体具有相同的加速度，要掌握整体法和隔离法的灵活运用12 （20 分）如图所示，两条光滑平行导轨所在平面与水平地面的夹角为 ，间距为 L，导轨上端接有一电阻，阻值为R导轨处于长度为x 的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B，方向垂直于导轨平面在导轨上放置一质量为m、阻值也为R的金属棒，棒可沿导轨下滑，且在下滑过程中保持与导轨垂直并良好接触让金属棒从距离磁场上边界x 处由静止释放， 当运动到距离磁场上边界处恰好达到匀速已知重力加速度大小为g，不计其他电阻，且x求金属棒从静止释

41、放到刚好离开磁场的过程中，（1）金属棒中所产生的焦耳热Q；（2）所经历的总时间t精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 20 页，共 29 页第 21 页（共 29 页）【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律； 电磁感应中的能量转化【分析】 （1）明确物理过程，根据磁场中的匀速运动可求得安培力大小，再根据闭合电路欧姆定律以及法拉第电磁感应定律分析金属棒的运动情况，再对全面过程根据功能关系可分析金属棒产生的焦耳热；（2）分析运动过程，分别根据牛顿第二定律和功能关系进行分析，求出各段所用的时间，即可求得总时间【解答】 解： （1）在

42、磁场中匀速运动时，速度为v，由受力平衡知： FA=mgsin（FA表示安培力）（1）又：FA=BIL （2）由闭合电路欧姆定律有：I=（3）由法拉第电磁感应定律由：E=BLv （4）联立（ 1）（ 4）得：=mgsin （5）x? x，说明在金属棒进入磁场前还未达到最大速度从开始运动到导体棒出磁场，动能定理：WG+WL=mv2（ 6）重力做功： WG=mg（x+x）sin （7）安培力做功： WA=Q2R（其中 Q2R指全电路中产生的焦耳热）（8）由电路结构，金属棒产生的焦耳热Q 为：Q= Q2R（ 9）（5）（ 9）得： Q=mgsin （2）由题知：可知，金属棒在进入磁场前做匀加速直线运动

43、，加速度为a1受力，牛顿第二定律： mgsin=ma1（10）金属棒仅在重力作用下， 匀加速直线运动： x=a1t （11）由（10）（ 11）得： t1=（12）在磁场中前半部分，位移为，全电路焦耳热为Q1精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 21 页，共 29 页第 22 页（共 29 页）从金属棒开始运动到匀速，历时t2由功能关系得： t2=（ 13）在磁场中运动的后半部分，位移为x，速度为匀速运动时的速度v时间 t3为：t3=（14）由（5）和（ 14）得： t3=（15）导体棒运动的总时间为：t=t1+t2+t3（16）代入上述

44、式子可得：t=+答： （1）金属棒中所产生的焦耳热Q 为 mgsin ；（2）所经历的总时间t为+【点评】本题考查导体切割磁感线中的功能关系以及动力学规律的应用，要注意明确运动过程、 受力分析以及功能关系的转化规律等，明确物理规律的准确应用即可求解，过程较为复杂，要注意认真分析每一步 物理一选修 3-313 （5 分） （2015 秋?淄博校级期末）下列说法正确的是（）A布朗运动就是悬浮在液体中小颗粒分子的无规则运动B叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C第二类永动机违反了热传导的方向性D当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大E一定质量的理想气体先经等容降温，再经等温压缩，压强可以回

45、到初始的数精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 22 页，共 29 页第 23 页（共 29 页）值【考点】 理想气体的状态方程；布朗运动；热力学第二定律【分析】布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动；叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用； 第二类永动机不违背能的转化和守恒定律，但违背了热力学第二定律 绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水蒸汽的饱和压强之比正确应用理想气体状态方程解答有关问题【解答】 解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，不是液体分子的无规则运动，而是液体分子无规则运动的

46、间接反映故A 错误B、叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用形成的，故B正确C、第二类永动机违反了热传导的方向性，即违反了热力学第二定律， 故 C正确D、当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定比较大，绝对湿度不一定较大，人们感到干燥时，空气的相对湿度一定比较小，绝对湿度不一定较小；故D 错误；E、根据理想气体的状态方程：可知，一定质量的理想气体先经等容降温，压强减小；再经等温压缩，压强又增大，所以压强可以回到初始的数值故E正确故选： BCE【点评】 本题考查热力学多个知识点， 重点要理解并掌握布朗运动的实质和意义，知道温度的微观意义和热力学第二定律等等基础知识14 （10 分） （2016

47、?葫芦岛一模）如图所示，质量为m、横截面积为 S的两个密闭活塞将开口向上竖直放置的导热气缸内的理想气体分成I、II 两部分，当在活塞 A 上放有质量为2m 的铁砂后，整个装置处于静止状态，此时I、II 两部分气体的高度均为 l0已知环境温度、大气压强为p0均保持不变，且满足mg=p0S ，不计一切摩擦 当取走铁砂后， 两活塞在某位置重新处于平衡，求活塞 A上升的高度精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 23 页，共 29 页第 24 页（共 29 页）【考点】 理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】活塞导热且环境温度保持不变，所以两部分

48、气体为等温变化， 先写出两部分气体的状态，然后由玻意耳定律列式解方程即可【解答】 解：对气体 I，初状态 p1=p0+=4p0末状态 p=p0+=2p0由玻意耳定律 p1l0S=pl1S解得 l1=2l0气体，初状态 p2=p1+=5p0末状态 p=p+=3p0由玻意耳定律 p2l0S=pl2Sl2=l0A活塞上升的高度 l=（l1l0）+（l2l0）=l0答：活塞 A 上升的高度是【点评】该题考察理想气体状态变化方程，找出初末状态的状态参量， 列理想气体状态变化方程即可，注意气体的状态的变化； 物理一选修 3-415湖面上停着 A、B 两条小船，它们相距20m一列水波正在湖面上沿AB 连线的

49、方向传播，每条小船每分钟上下浮动20 次当 A 船位于波峰时， B 船在波谷，两船之间还有一个波峰下列说法正确的是（）A水波的波长是mB水波的频率是HzC水波的波速是m/sD若引起水波的波源振动加快，波的传播速度将变慢E若引起水波的波源振动减慢，波的传播速度将变快精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 24 页，共 29 页第 25 页（共 29 页）【考点】 波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】甲船位于波峰时乙船恰位于波谷，两船之间还有一个波峰， 两船之间的距离等于一个半波长，即可求出波长，由每只船每分钟上下浮动20 次，求出每秒振

50、动的次数即为频率，再由波速公式v=f 求波速波速由介质的性质决定，与波源无关【解答】解：ABC 、由题知，每只船每分钟上下浮动20 次，则每秒振动=次，则波的频率为Hz当甲船位于波峰时乙船恰位于波谷，两船之间还有一个波峰， 则两船之间的距离等于 1.5 个波长，即有 1.5=20m，得 =m波速为 v=f=m/s，故 ABC正确DE、波的传播速度由介质的性质决定，与波源的振动速度无关，故DE错误故选： ABC【点评】 本题考查由波动图求解波长的能力 对于波往往根据空间距离研究波长，根据时间研究周期16如图所示， 一细光束由空气中射到一透明平行平板的上表面，经折射后由平板下表面射出此细光束由两种