2021-2022年收藏的精品资料专题08 几何变换问题玩转压轴题争取满分之备战中考数学选填题高端精品解析版.doc
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1、玩转压轴题,争取满分之备战2018年中考数学选填题高端精品 专题八 几何变换问题【考法综述】知识点一:图形变换 1.图形的轴对称(1)定义:轴对称:把一个图形沿某一条直线翻折过去,如果它能够与另一个图形重合,那么就称这两个图形关于这条直线对称轴对称图形:如果一个平面图形沿着一条直线折叠,直线两旁的部分能够重合,那么这个图形叫做轴对称图形,这条直线叫做对称轴.(2)性质:如果两个图形关于某直线对称,那么对称轴是任何一对对应点所连线段的垂直平分线;反过来,成轴对称的两个图形中,对应点的连线被对称轴垂直平分. 2.图形的平移(1)定义:在平面内,将某个图形沿某个方向移动一定的距离,这样的图形运动称为
2、平移(2)性质:平移后,对应线段相等且平行,对应点所连的线段相等且平行;平移后,对应角相等且对应角的两边分别平行、方向相同;平移不改变图形的形状和大小, 只改变图形的位置,平移后新旧两个图形全等3.图形的旋转(1)在平面内,将一个图形绕一个定点沿某个方向旋转一个角度,这样的图形运动称为旋转,这个定点称为旋转中心,转动的角度称为旋转角来源:学&科&网(2)性质:在图形旋转过程中, 图形上每一个点都绕旋转中心沿相同方向转动了相同角度;注意每一对对应点与旋转中心的连线所成的角度都叫旋转角,旋转角都相等;对应点到旋转中心的距离相等来4.图形的中心对称(1)把一个图形绕着某一点旋转180,如果它能够与另
3、一个图形重合,那么这两个图形关于这个点对称或中心对称,该点叫做对称中心(2)关于中心对称的两个图形是全等形;关于中心对称的两个图形,对称点连线都经过对称中心,并且被对称中心平分;关于中心对称的两个图形,对应线段平行(或者在同一直线上)且相等.5.图形的位似(1)如果两个多边形不仅相似,而且对应顶点的连线相交于一点,这样的图形叫做位似图形,这个点叫做位似中心(2)性质:对应角相等,对应边之比等于位似比;位似图形上任意一对对应点到位似中心的距离之比等于位似比2.坐标与图形的位置及运动来源:Zxxk.Com来源:Zxxk.Com图形的平移变换在平面直角坐标系内,如果把一个图形各个点的横坐标都加上(或
4、减去)一个正数a,相应的新图形就是把原图形向右(或向左)平移a个单位长度;如果把它各个点的纵坐标都加上(或减去)一个正数a,相应的新图形就是把原图形向上(或向下)平移a个单位长度图形关于坐标轴成对称变换在平面直角坐标系内,如果两个图形关于x轴对称,那么这两个图形上的对应点的横坐标相等,纵坐标互为相反数;在平面直角坐标系内,如果两个图形关于y轴对称,那么这两个图形上的对应点的横坐标互为相反数,纵坐标相等图形关于原点成中心对称在平面直角坐标系内,如果两个图形关于原点成中心对称,那么这两个图形上的对应点的横坐标互为相反数,纵坐标互为相反数图形关于原点成位似变换在平面直角坐标系内,如果两个图形的位似中
5、心为原点,相似比为k,那么这两个位似图形对应点的坐标的比等于k或k知识点三:三视图 内 容1.三视图主视图:从正面看到的图形.俯视图:从上面看到的图形.左视图:从左面看到的图形.2.三视图的对应关系来源:学*科*网Z*X*X*K来源:学科网(1)长对正:主视图与俯视图的长相等,且相互对正;(2)高平齐:主视图与左视图的高相等,且相互平齐;(3)宽相等:俯视图与左视图的宽相等,且相互平行3.常见几何体的三视图常见几何体的三视图正方体:正方体的三视图都是正方形.圆柱:圆柱的三视图有两个是矩形,另一个是圆.圆锥:圆锥的三视图中有两个是三角形,另一个是圆.球的三视图都是圆.【典例剖析】考点一、平移的有
6、关问题例1如图,斜边长为6cm,A=30的直角三角板ABC绕点C顺时针方向旋转90至ABC的位置,再沿CB向左平移使点B落在原三角板ABC的斜边AB上则三角板向左平移的距离为cm【答案】()【解析】试题分析:根据平移的概念知各点移动的距离相等,并根据直角三角板的特点解答试题解析:设三角板向左平移后,与AB交于点D;故三角板向左平移的距离为BD的长AB=6cm,A=30BC=BC=3cm,AC=3cmBDBC,即BD=(3)cm;故三角板向左平移的距离为(3)cm考点:平移的性质;相似三角形的性质【点评】本题考查平移、旋转的性质;平移的基本性质是:平移不改变图形的形状和大小;经过平移,对应点所连
7、的线段平行且相等,对应线段平行且相等,对应角相等旋转变化前后,对应线段、对应角分别相等,图形的大小、形状都不改变,两组对应点连线的交点是旋转中心&变式训练&变式1.1把图中的一个三角形先横向平移x格,再纵向平移y格,就能与另一个三角形拼合成一个四边形,那么x+y()A是一个确定的值B有两个不同的值C有三个不同的值D有三个以上不同的值【答案】B【解析】试题分析:根据两个全等的直角三角形可以组成一个矩形或一个平行四边形可得出答案试题解析:(1)当两斜边重合的时候可组成一个矩形,此时x=2,y=3,x+y=5;(2)当两直角边重合时有两种情况,短边重合,此时x=2,y=3,x+y=5;长边重合,此时
8、x=2,y=5,x+y=7综上可得:x+y=5或7故选B考点:平移的性质学!科网【点评】本题考查了平移的知识,有一定难度,关键是利用两个全等的直角三角形可以组成一个矩形或一个平行四边形进行解答变式1.2已知:如图ABC的顶点坐标分别为A(4,3),B(0,3),C(2,1),如将B点向右平移2个单位后再向上平移4个单位到达B1点,若设ABC的面积为S1,AB1C的面积为S2,则S1,S2的大小关系为()AS1S2BS1=S2CS1S2D不能确定【答案】B【点评】本题考查了平移的性质:由平移知识可得对应点间线段即为平移距离学生在学习中应该借助图形,理解掌握平移的性质变式1.3如图,将网格中的三条
9、线段沿网格线平移后组成一个首尾相接的三角形,至少需要移动()A8格B9格C11格D12格【答案】B【解析】试题解析:如图所示:将网格中的三条线段沿网格线平移后组成一个首尾相接的三角形,至少需要移动4+3+2=9格故选B【点评】本题考查平移的基本性质是:平移不改变图形的形状和大小;经过平移,对应点所连的线段平行且相等,对应线段平行且相等,对应角相等考点二、旋转的有关问题例2如图,P是等边ABC外一点,把BP绕点B顺时针旋转60到BP,已知APB=150,PA:PC=2:3,则PB:PA 是()A:1B2:1C:2D:1【答案】C【解析】试题分析:连接AP,根据同角的余角相等可得ABP=CBP,然
10、后利用“边角边”证明ABP和CBP全等,根据全等三角形对应边相等可得AP=CP,连接PP,根据旋转的性质可得PBP是等边三角形,然后求出APP是直角,再利用勾股定理用PA表示出PP,又等腰三角形的三条边相等,代入整理即可得解试题解析:如图,连接AP,BP绕点B顺时针旋转60到BP,BP=BP,ABP+ABP=60,又ABC是等边三角形,AB=BC,CBP+ABP=60,ABP=CBP,在ABP和CBP中,ABPCBP(SAS),AP=PC,PA:PC=2:3,AP=PA,连接PP,则PBP是等边三角形,BPP=60,PP=PB,APB=150,APP=15060=90,APP是直角三角形,设P
11、A=x,则AP=x,根据勾股定理,PP=x,则PB=x,PB:PA=x:x=:2故选C考点:R2:旋转的性质;KK:等边三角形的性质【点评】本题考查了旋转的性质,全等三角形的判定与性质,勾股定理的应用,作辅助线构造出全等三角形以及直角三角形,把PA、PC以及PB长度转化到同一个直角三角形中是解题的关键&变式训练&变式2.1如图,ABC为等边三角形,以AB为边向形外作ABD,使ADB=120,再以点C为旋转中心把CBD旋转到CAE,则下列结论:D、A、E三点共线;DC平分BDA;E=BAC;DC=DB+DA,其中正确的有()A1个B2个C3个D4个【答案】D试题解析:设1=x度,则2=(60x)
12、度,DBC=(x+60)度,故4=(x+60)度,2+3+4=60x+60+x+60=180度,D、A、E三点共线;BCD绕着点C按顺时针方向旋转60得到ACE,CD=CE,DCE=60,CDE为等边三角形,E=60,BDC=E=60,CDA=12060=60,DC平分BDA;BAC=60,E=60,E=BAC由旋转可知AE=BD,又DAE=180,DE=AE+ADCDE为等边三角形,DC=DB+BA考点:R2:旋转的性质;KD:全等三角形的判定与性质;KK:等边三角形的性质;M5:圆周角定理【点评】本题考查了旋转的性质、全等三角形的判定与性质、等边三角形的性质、圆周角定理等相关知识,要注意旋
13、转不变性,找到变化过程中的不变量学科!网变式2.2如图,在正方形ABCD中,O是对角线AC与BD的交点,M是BC边上的动点(点M不与B,C重合),CNDM,CN与AB交于点N,连接OM,ON,MN下列五个结论:CNBDMC;CONDOM;OMNOAD;AN2+CM2=MN2;若AB=2,则SOMN的最小值是,其中正确结论的个数是()A2B3C4D5【答案】D【解析】试题分析:根据正方形的性质,依次判定CNBDMC,OCMOBN,CONDOM,OMNOAD,根据全等三角形的性质以及勾股定理进行计算即可得出结论试题解析:正方形ABCD中,CD=BC,BCD=90,BCN+DCN=90,又CNDM,
14、CDM+DCN=90,BCN=CDM,又CBN=DCM=90,CNBDMC(ASA),故正确;根据CNBDMC,可得CM=BN,又OCM=OBN=45,OC=OB,OCMOBN(SAS),OM=ON,COM=BON,DOC+COM=COB+BPN,即DOM=CON,又DO=CO,CONDOM(SAS),故正确;BON+BOM=COM+BOM=90,MON=90,即MON是等腰直角三角形,又AOD是等腰直角三角形,OMNOAD,故正确;AB=BC,CM=BN,BM=AN,又RtBMN中,BM2+BN2=MN2,AN2+CM2=MN2,故正确;OCMOBN,四边形BMON的面积=BOC的面积=1,
15、即四边形BMON的面积是定值1,当MNB的面积最大时,MNO的面积最小,设BN=x=CM,则BM=2x,MNB的面积=x(2x)=x2+x,当x=1时,MNB的面积有最大值,此时SOMN的最小值是1=,故正确;综上所述,正确结论的个数是5个,故选:D考点:S9:相似三角形的判定与性质;KD:全等三角形的判定与性质;LE:正方形的性质【点评】本题属于四边形综合题,主要考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质,相似三角形的判定以及勾股定理的综合应用,解题时注意二次函数的最值的运用变式2.3在平面直角坐标系中,已知点 A(3,0),B(0,4),将BOA绕点A按顺时针方向旋转得CDA,使点B在直线
16、CD上,连接OD交AB于点M,直线CD的解析式_【答案】y=x+4【解析】试题分析:首先证明ODAB,求出直线OD解析式,与直线AB解析式联立求出M坐标,确定出D坐标,设直线CD解析式为y=mx+n,把B与D坐标代入求出m与n的值,即可确定出解析式试题解析:BOA绕点A按顺时针方向旋转得CDA,BOACDA,AB=AC,OA=AD,B、D、C共线,ADBC,BD=CD=OB,OA=AD,BO=CD=BD,ODAB,设直线AB解析式为y=kx+b,把A与B坐标代入得:,解得:,直线AB解析式为y=x+4,直线OD解析式为y=x,联立得:,解得:,即M(,),M为线段OD的中点,D(,),设直线C
17、D解析式为y=mx+n,把B与D坐标代入得:,解得:m=,n=4,则直线CD解析式为y=x+4故答案为:y=【点评】此题属于一次函数综合题,涉及的知识有:待定系数法求一次函数解析式,一次函数与坐标轴的交点,两直线的交点坐标,坐标与图形性质,以及旋转的性质,得出B,D,C三点共线是解本题的关键考点三、翻折(对称)的有关问题例3如图,折叠菱形纸片ABCD,使得AD的对应边A1D1过点C,EF为折痕,若B=60,当A1EAB时,的值等于()ABCD【答案】D【解析】试题分析:先延长AB,D1A1交于点G,根据三角形三角形外角性质以及等腰三角形的判定,即可得到BC=BG=BA,设BE=1,AE=x=A
18、1E,则AB=1+x=BC=BG,A1G=2x,在RtA1GE中,依据勾股定理可得A1E2+GE2=A1G2,进而得出方程x2+(x+2)2=(2x)2,据此可得AE=1+,即可得出的值GE=1+x+1=x+2,RtA1GE中,A1E2+GE2=A1G2,x2+(x+2)2=(2x)2,解得x=1+,(负值已舍去)AE=1+,=,故选:D考点:PB:翻折变换(折叠问题);L8:菱形的性质【点评】本题主要考查了折叠问题,等腰三角形的判定,解一元二次方程以及勾股定理的运用,解决问题的关键是作辅助线构造直角三角形,依据勾股定理列方程求解解题时注意方程思想的运用&变式训练&变式3.1如图,将BAC沿D
19、E向BAC内折叠,使AD与AD重合,AE与AE重合,若A=30,则1+2=()A50B60C45D以上都不对【答案】B考点:PB:翻折变换(折叠问题)【点评】本题通过折叠变换考查学生的逻辑思维能力,解决此类问题,应结合题意,最好实际操作图形的折叠,易于找到图形间的关系变式3.2如图,已知等边ABC的面积为4,P、Q、R分别为边AB、BC、AC上的动点,则PR+QR的最小值是()A3B2CD4【答案】B【解析】试题分析:作ABC关于AC对称的ACD,点E与点Q关于AC对称,连接ER,根据点E,R,P在同一直线上,且PEAB时,PR+QR的最小值是PE的长,根据等边ABC的面积为4,即可得到PR+
20、QR的最小值试题解析:如图,作ABC关于AC对称的ACD,点E与点Q关于AC对称,连接ER,则QR=ER,当点E,R,P在同一直线上,且PEAB时,PR+QR的最小值是PE的长,设等边ABC的边长为x,则高为x,等边ABC的面积为4,xx=4,解得x=4,等边ABC的高为x=2,即PE=2,故选:B考点:PA:轴对称最短路线问题;KK:等边三角形的性质【点评】本题主要考查了最短路线问题以及等边三角形的性质的运用,解题时注意:凡是涉及最短距离的问题,一般要考虑线段的性质定理,多数情况要作点关于某直线的对称点变式3.3如图,正方形ABCD中,AD=4,点E是对角线AC上一点,连接DE,过点E作EF
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