2022年c++常见面试题 .pdf

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1、本文的写作目的并不在于提供C/C+ 程序员求职面试指导， 而旨在从技术上分析面试题的内涵。文中的大多数面试题来自各大论坛，部分试题解答也参考了网友的意见。许多面试题看似简单，却需要深厚的基本功才能给出完美的解答。企业要求面试者写一个最简单的strcpy 函数都可看出面试者在技术上究竟达到了怎样的程度，我们能真正写好一个strcpy 函数吗？我们都觉得自己能，可是我们写出的strcpy 很可能只能拿到10 分中的 2 分。读者可从本文看到strcpy 函数从 2 分到 10 分解答的例子，看看自己属于什么样的层次。此外，还有一些面试题考查面试者敏捷的思维能力。分析这些面试题，本身包含很强的趣味性

2、；而作为一名研发人员，通过对这些面试题的深入剖析则可进一步增强自身的内功。2.找错题试题 1：void test1() char string10; char* str1 = 0123456789; strcpy( string, str1 ); 试题 2：void test2() char string10, str110; int i; for(i=0; i10; i+) str1i = a; strcpy( string, str1 ); 试题 3：void test3(char* str1) char string10; if( strlen( str1 ) = 10 ) strcpy

3、( string, str1 ); 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 1 页，共 17 页 - - - - - - - - - 解答：试题 1 字符串 str1 需要 11 个字节才能存放下（包括末尾的0 ） ，而 string 只有 10 个字节的空间， strcpy 会导致数组越界；对试题 2，如果面试者指出字符数组str1 不能在数组内结束可以给3 分；如果面试者指出strcpy(string, str1)调用使得从str1 内存起复制到string 内存起所复制

4、的字节数具有不确定性可以给 7 分，在此基础上指出库函数strcpy 工作方式的给10 分；对试题 3，if(strlen(str1) = 10) 应改为 if(strlen(str1) = - EPSINON) & (x =”或“ =”形式。如果写成if (x = 0.0) ，则判为错，得0 分。3 C/C+ 程序员应聘常见面试题收集 试题 2：以下为Windows NT 下的 32 位 C+程序，请计算sizeof 的值void Func ( char str100 ) sizeof( str ) = ? void *p = malloc( 100 ); sizeof ( p ) = ?

5、解答：sizeof( str ) = 4 sizeof ( p ) = 4 剖析：Func ( char str100 ) 函数中数组名作为函数形参时，在函数体内，数组名失去了本身的内名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 7 页，共 17 页 - - - - - - - - - 涵，仅仅只是一个指针；在失去其内涵的同时，它还失去了其常量特性，可以作自增、自减等操作，可以被修改。数组名的本质如下：（ 1）数组名指代一种数据结构，这种数据结构就是数组；例如：char str10

6、; cout sizeof(str) endl; 输出结果为10，str 指代数据结构char10。（ 2）数组名可以转换为指向其指代实体的指针，而且是一个指针常量，不能作自增、自减等操作，不能被修改；char str10; str+; / 编译出错，提示str 不是左值（ 3）数组名作为函数形参时，沦为普通指针。Windows NT 32 位平台下， 指针的长度（占用内存的大小） 为 4 字节，故 sizeof( str ) 、 sizeof ( p ) 都为 4。试题 3：写一个“标准”宏MIN ，这个宏输入两个参数并返回较小的一个。另外，当你写下面的代码时会发生什么事？least = M

7、IN(*p+, b); 解答：#define MIN(A,B) (A) = (B) ? (A) : (B) MIN(*p+, b)会产生宏的副作用剖析：这个面试题主要考查面试者对宏定义的使用，宏定义可以实现类似于函数的功能，但是它终归不是函数，而宏定义中括弧中的“参数”也不是真的参数，在宏展开的时候对“参数”进行的是一对一的替换。程序员对宏定义的使用要非常小心，特别要注意两个问题：名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 8 页，共 17 页 - - - - - - - - -

8、 （ 1）谨慎地将宏定义中的“参数”和整个宏用用括弧括起来。所以，严格地讲，下述解答：#define MIN(A,B) (A) = (B) ? (A) : (B) #define MIN(A,B) (A = B ? A : B ) 都应判 0 分；（ 2）防止宏的副作用。宏定义 #define MIN(A,B) (A) = (B) ? (A) : (B)对 MIN(*p+, b)的作用结果是：(*p+) = (b) ? (*p+) : (*p+) 这个表达式会产生副作用，指针p 会作三次 +自增操作。除此之外，另一个应该判0 分的解答是：#define MIN(A,B) (A) = (B) ?

9、 (A) : (B); 这个解答在宏定义的后面加“;” ，显示编写者对宏的概念模糊不清，只能被无情地判0 分并被面试官淘汰。试题 4：为什么标准头文件都有类似以下的结构？#ifndef _INCvxWorksh #define _INCvxWorksh #ifdef _cplusplus extern C #endif /*.*/ #ifdef _cplusplus #endif #endif /* _INCvxWorksh */ 解答：头文件中的编译宏#ifndef _INCvxWorksh #define _INCvxWorksh 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - -

10、- - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 9 页，共 17 页 - - - - - - - - - #endif 的作用是防止被重复引用。作为一种面向对象的语言，C+支持函数重载，而过程式语言C 则不支持。函数被C+编译后在symbol 库中的名字与C 语言的不同。例如，假设某个函数的原型为：void foo(int x, int y); 该函数被C 编译器编译后在symbol 库中的名字为_foo，而C+编译器则会产生像_foo_int_int 之类的名字。 _foo_int_int 这样的名字包含了函数名和函数参数数量及类型信息，

11、C+就是考这种机制来实现函数重载的。为了实现C 和 C+的混合编程， C+提供了 C 连接交换指定符号extern C 来解决名字匹配问题，函数声明前加上extern C 后，则编译器就会按照C 语言的方式将该函数编译为_foo，这样 C 语言中就可以调用C+的函数了。试题5：编写一个函数，作用是把一个char 组成的字符串循环右移n 个。比如原来是“abcdefghi”如果 n=2，移位后应该是“hiabcdefgh”4 C/C+ 程序员应聘常见面试题收集 函数头是这样的：/pStr 是指向以 0结尾的字符串的指针/steps 是要求移动的n void LoopMove ( char * p

12、Str, int steps ) /请填充 . 解答：正确解答1：void LoopMove ( char *pStr, int steps ) int n = strlen( pStr ) - steps; char tmpMAX_LEN; strcpy ( tmp, pStr + n ); strcpy ( tmp + steps, pStr); *( tmp + strlen ( pStr ) ) = 0; strcpy( pStr, tmp ); 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - -

13、- - - - 第 10 页，共 17 页 - - - - - - - - - 正确解答2：void LoopMove ( char *pStr, int steps ) int n = strlen( pStr ) - steps; char tmpMAX_LEN; memcpy( tmp, pStr + n, steps ); memcpy(pStr + steps, pStr, n ); memcpy(pStr, tmp, steps ); 剖析：这个试题主要考查面试者对标准库函数的熟练程度，在需要的时候引用库函数可以很大程度上简化程序编写的工作量。最频繁被使用的库函数包括：（ 1） s

14、trcpy （ 2） memcpy （ 3） memset 试题 6：已知 WAV 文件格式如下表，打开一个WAV 文件，以适当的数据结构组织WAV 文件头并解析WAV 格式的各项信息。WAVE 文件格式说明表偏移地址字节数数据类型内 容文件头00H 4 Char RIFF 标志04H 4 int32 文件长度08H 4 Char WA VE 标志0CH 4 Char fmt 标志10H 4 过渡字节（不定）14H 2 int16 格式类别16H 2 int16 通道数18H 2 int16 采样率（每秒样本数） ，表示每个通道的播放速度1CH 4 int32 波形音频数据传送速率20H 2

15、int16 数据块的调整数（按字节算的）22H 2 每样本的数据位数24H 4 Char 数据标记符”data”名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 11 页，共 17 页 - - - - - - - - - 28H 4 int32 语音数据的长度解答：将 WAV 文件格式定义为结构体WAVEFORMAT ：typedef struct tagWaveFormat char cRiffFlag4; UIN32 nFileLen; char cWaveFlag4; char

16、cFmtFlag4; char cTransition4; UIN16 nFormatTag ; UIN16 nChannels; UIN16 nSamplesPerSec; UIN32 nAvgBytesperSec; UIN16 nBlockAlign; UIN16 nBitNumPerSample; char cDataFlag4; UIN16 nAudioLength; WAVEFORMAT; 假设 WAV 文件内容读出后存放在指针buffer 开始的内存单元内，则分析文件格式的代码很简单，为：WAVEFORMAT waveFormat; memcpy( &waveFormat, bu

17、ffer,sizeof( WA VEFORMAT ) ); 直接通过访问waveFormat 的成员，就可以获得特定WAV 文件的各项格式信息。剖析：试题 6 考查面试者组织数据结构的能力，有经验的程序设计者将属于一个整体的数据成员组织为一个结构体，利用指针类型转换，可以将memcpy、memset 等函数直接用于结构体地址，进行结构体的整体操作。透过这个题可以看出面试者的程序设计经验是否丰富。试题 7：编写类String 的构造函数、析构函数和赋值函数，已知类String 的原型为：class String public: String(const char *str = NULL); /

18、普通构造函数名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 12 页，共 17 页 - - - - - - - - - String(const String &other); / 拷贝构造函数 String(void); / 析构函数String & operate =(const String &other); / 赋值函数private: char *m_data; / 用于保存字符串; 解答：/普通构造函数String:String(const char *str) if(s

19、tr=NULL) m_data = new char1; / 得分点：对空字符串自动申请存放结束标志0的空/加分点：对m_data 加 NULL 判断*m_data = 0; else int length = strlen(str); m_data = new charlength+1; / 若能加NULL 判断则更好strcpy(m_data, str); 5 C/C+ 程序员应聘常见面试题收集 / String 的析构函数String:String(void) delete m_data; / 或 delete m_data; /拷贝构造函数String:String(const Str

20、ing &other) / 得分点：输入参数为const 型 int length = strlen(other.m_data); m_data = new charlength+1; /加分点：对m_data 加 NULL 判断strcpy(m_data, other.m_data); 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 13 页，共 17 页 - - - - - - - - - /赋值函数String & String:operate =(const String &

21、other) / 得分点：输入参数为const 型 if(this = &other) /得分点：检查自赋值return *this; delete m_data; /得分点：释放原有的内存资源int length = strlen( other.m_data ); m_data = new charlength+1; /加分点：对m_data加 NULL 判断strcpy( m_data, other.m_data ); return *this; /得分点：返回本对象的引用 剖析：能够准确无误地编写出String 类的构造函数、 拷贝构造函数、 赋值函数和析构函数的面试者至少已经具备了C+

22、基本功的60%以上！在这个类中包括了指针类成员变量m_data，当类中包括指针类成员变量时，一定要重载其拷贝构造函数、赋值函数和析构函数，这既是对C+程序员的基本要求，也是Effective C+中特别强调的条款。仔细学习这个类，特别注意加注释的得分点和加分点的意义，这样就具备了60%以上的C+基本功！试题 8：请说出static 和 const 关键字尽可能多的作用解答：static 关键字至少有下列n 个作用：（ 1）函数体内static 变量的作用范围为该函数体，不同于auto 变量，该变量的内存只被分配一次，因此其值在下次调用时仍维持上次的值；（ 2）在模块内的static 全局变量可

23、以被模块内所用函数访问，但不能被模块外其它函数访问；（ 3）在模块内的static 函数只可被这一模块内的其它函数调用，这个函数的使用范围被限制在声明它的模块内；（ 4）在类中的static 成员变量属于整个类所拥有，对类的所有对象只有一份拷贝；（ 5）在类中的static 成员函数属于整个类所拥有，这个函数不接收this 指针，因而只能名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 14 页，共 17 页 - - - - - - - - - 访问类的static 成员变量。cons

24、t 关键字至少有下列n 个作用：（ 1）欲阻止一个变量被改变，可以使用const 关键字。在定义该const 变量时，通常需要对它进行初始化，因为以后就没有机会再去改变它了；（ 2）对指针来说，可以指定指针本身为const，也可以指定指针所指的数据为const，或二者同时指定为const；（ 3）在一个函数声明中，const 可以修饰形参，表明它是一个输入参数，在函数内部不能改变其值；（ 4）对于类的成员函数，若指定其为const 类型，则表明其是一个常函数，不能修改类的成员变量；（ 5）对于类的成员函数，有时候必须指定其返回值为const 类型，以使得其返回值不为“左值”。例如：const

25、classA operator*(const classA& a1,const classA& a2); operator* 的返回结果必须是一个const 对象。 如果不是， 这样的变态代码也不会编译出错：classA a, b, c; (a * b) = c; / 对 a*b 的结果赋值操作 (a * b) = c 显然不符合编程者的初衷，也没有任何意义。剖析：惊讶吗？小小的static 和 const 居然有这么多功能，我们能回答几个？如果只能回答12个，那还真得闭关再好好修炼修炼。这个题可以考查面试者对程序设计知识的掌握程度是初级、中级还是比较深入，没有一定的知识广度和深度，不可能对这

26、个问题给出全面的解答。大多数人只能回答出static 和 const关键字的部分功能。4.技巧题试题 1：请写一个C 函数，若处理器是Big_endian 的，则返回0；若是 Little_endian 的，则返回 1 解答：名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 15 页，共 17 页 - - - - - - - - - int checkCPU() union w int a; char b; c; c.a = 1; return (c.b = 1); 剖析：嵌入式系统开

27、发者应该对Little-endian 和 Big-endian 模式非常了解。采用Little-endian 模式的 CPU 对操作数的存放方式是从低字节到高字节，而Big-endian 模式对操作数的存放方式是从高字节到低字节。例如，16bit 宽的数 0 x1234 在 Little-endian 模式 CPU 内存中的存放方式（假设从地址0 x4000 开始存放）为：内存地址存放内容0 x4000 0 x34 0 x4001 0 x12 而在 Big-endian 模式 CPU 内存中的存放方式则为：内存地址存放内容0 x4000 0 x12 0 x4001 0 x34 32bit 宽的

28、数 0 x12345678 在 Little-endian 模式 CPU 内存中的存放方式 （假设从地址0 x4000开始存放）为：内存地址存放内容0 x4000 0 x78 0 x4001 0 x56 0 x4002 0 x34 0 x4003 0 x12 而在 Big-endian 模式 CPU 内存中的存放方式则为：内存地址存放内容0 x4000 0 x12 0 x4001 0 x34 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 16 页，共 17 页 - - - - -

29、- - - - 0 x4002 0 x56 0 x4003 0 x78 联合体 union 的存放顺序是所有成员都从低地址开始存放，面试者的解答利用该特性，轻松地获得了CPU 对内存采用Little-endian 还是 Big-endian 模式读写。如果谁能当场给出这个解答，那简直就是一个天才的程序员。试题 2：写一个函数返回1+2+3+,+n 的值（假定结果不会超过长整型变量的范围）解答：int Sum( int n ) return ( (long)1 + n) * n / 2; /或 return (1l + n) * n / 2; 剖析：对于这个题， 只能说， 也许最简单的答案就是最好的答案。下面的解答， 或者基于下面的解答思路去优化，不管怎么“折腾”，其效率也不可能与直接return ( 1 l + n ) * n / 2相比！int Sum( int n ) long sum = 0; for( int i=1; i=n; i+ ) sum += i; return sum; 所以程序员们需要敏感地将数学等知识用在程序设计中。名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 17 页，共 17 页 - - - - - - - - -