2022年四川省凉山州中考物理试题及答案解析.docx

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1、2022年四川省凉山州中考物理试卷一、单选题（本大题共11小题，共22.0分）1. 如图所示的科学家中，其名字被命名为“力”的单位的是()A. 牛顿B. 法拉第C. 伽利略D. 欧姆2. 深冬早晨同学们在学校教室里学习时，某同学观察到许多和物理知识相关的现象。下列解释正确的是()A. 教室窗户玻璃内侧出现水珠是汽化现象B. 同学们大声朗读增大了声音的音调C. 由于光的折射，同学们才能看到课本上的字D. 课桌上的书本所受重力的施力物体是地球3. 如图记录了甲、乙两辆汽车在平直公路上行驶时，在某段时间内的运动过程，关于甲、乙两车的运动情况，说法正确的是()A. 前300米内甲车运动的时间大于乙车运

2、动的时间B. 甲车运动的速度为20米每秒C. 乙车在做匀速直线运动D. 甲、乙两车在20秒内的平均速度相同4. 为减少碳排放，建设绿色家园，近几年西昌大力发展电动公交车，以取代部分燃油车。关于电动车和燃油车，下列说法错误的是()A. 电动车电动机工作时利用了磁场对电流的作用B. 电动车充电时将电能转化为化学能C. 电动车电动机将电能全部转化为机械能D. 电动车对环境的噪声污染比燃油车小5. 图中a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，当它在磁场中按箭头方向运动时，不能产生感应电流的情况是()A. B. C. D. 6. 甲、乙、丙是由不同材料制成、质量相等的实心球，把它们投入水中静止

3、后，甲球漂浮、乙球悬浮、丙球沉底，则它们受到浮力的情况是()A. 三球浮力相同B. 甲球浮力最小C. 乙球浮力最小D. 丙球浮力最小7. 中国女子足球运动员主罚任意球时，足球在空中划出一道美丽的弧线向球门飞去，下列对足球运动过程，判断正确的是()A. 脚踢足球使足球飞出去，说明力是维持物体运动的原因B. 足球在空中飞行的过程中，运动状态没有发生改变C. 足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性D. 足球在空中飞行的过程中，只受重力作用8. 某同学根据如图所示的电路图，测量小灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，闭合开关后发现小灯泡不发光，电流表指针无明显偏转，电压表指针有较大偏转，则可能的原因是()

4、A. 电压表断路B. 小灯泡断路C. 电流表断路D. 开关断路9. 如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小球，另一端固定在A点。B点是橡皮筋不系小球自然下垂时下端所在的位置，C点是小球从A点自由释放后所能达到的最低点，不考虑空气阻力，关于小球从A点到C点运动过程的说法，正确的是()A. 小球从A点下落到B点的过程中，重力势能转化为动能B. 小球从A点下落到B点的过程中，受到重力和弹力的作用C. 小球从B点下落到C点的过程中，速度一直减小D. 小球在B点时受到平衡力的作用10. 如图所示，电源电压不变，同时闭合开关S、S1，待电路稳定后再断开S1，则()A. 电流表A的示

5、数减小，电流表A1的示数不变，电压表V的示数不变B. 电流表A的示数不变，电流表A1的示数增大，电压表V的示数减小C. 电流表A的示数、电流表A1的示数、电压表V的示数均不变D. 电流表A的示数、电流表A1的示数、电压表V的示数均增大11. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V，定值电阻R1的规格为“101A”，滑动变阻器R2的规格为“501A”。闭合开关，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是()A. 电流表示数最大可达到0.6AB. 滑动变阻器R2允许接入电路的最小阻值为10C. 电阻R1消耗的电功率最大可达到1.8WD.

6、滑动变阻器滑片滑到最右端时电压表的示数为2V二、填空题（本大题共10小题，共24.0分）12. 近年来我州践行绿色发展理念，挖掘自然资源优势，减少化石燃料的使用，大力发展水能、风能等绿色能源。目前经常使用的化石能源属于_(选填“可再生”或“不可再生”)能源，大力推广的风力发电是将_能转化为_能。13. 深秋早晨草地上出现的霜是_(填物态变化名称)现象，它的形成需要_热。14. 某同学在做探究凸透镜成像规律实验时，蜡烛和光屏的位置如图所示，此时在光屏上得到了倒立、等大、清晰的实像。接下来把蜡烛移动到35cm刻度处，则应将光屏向_(选填“左”或“右”)移动，光屏上才可以得到倒立、_、清晰的实像。1

7、5. 某同学在小瓶里装一些带颜色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中，从管子上端吹入少量气体，就制成了一个简易的气压计(如图甲所示)。周末他带着简易气压计乘坐爸爸的轿车外出，轿车外形如图乙所示，当轿车在水平平直公路上高速行驶时，轿车对地面的压力_(选填“大于”“等于”或“小于”)轿车的重力；当轿车从山脚开到山顶时，不考虑温度改变，简易气压计玻璃管内水柱的高度会_(选填“上升”“下降”或“不变”)。16. 如图所示，某同学手握矿泉水瓶不动，矿泉水瓶受到的摩擦力方向_；他用手捏瓶壁，瓶子变扁，说明力可以改变物体的_；他将矿泉水喝去一部分，继续握在手里，则瓶

8、子受到的摩擦力将_(选填“变大”“变小”或“不变”)。17. 工人师傅用如图所示的滑轮组将重为400N的货物匀速提升了1m，动滑轮重为100N，不考虑绳重和摩擦，工人师傅做的额外功为_J，该滑轮组的机械效率为_。18. 某同学家的电能表面板如图所示，则他家同时使用的用电器总功率不能超过_W，图中电能表的示数为_kWh。如将某用电器单独接在该电能表上工作10min，电能表上的指示灯闪烁了320次，那么该用电器在上述时间内消耗的电能为_J，该用电器功率为_W。19. 如图所示，两个底面积相同且质量相等的容器甲和乙放置在水平桌面上，向容器中分别注入两种不同的液体，已知距容器底部等高的A、B两点所受液

9、体的压强相等，则两容器底部所受液体压强p甲_p乙，所受液体的压力F甲_F乙(均选填“”“=”或“”)。20. 把标有“6V3W”的和“6V6W”的两个灯泡串联接入电路中，在保证安全使用的情况下让其中一个灯泡正常发光，忽略温度对灯丝电阻的影响，则电源两端电压是_V，此时两灯消耗的总功率为_W。21. 在“探究电流与电压的关系”的实验中，某同学根据实验数据分别画出了电阻R1和R2的IU图像如图所示，则R1与R2的阻值之比为_，完成实验后分析数据可以得出在电阻一定时，电流与电压成_比。三、作图题（本大题共4小题，共8.0分）22. 请画出下列两个光路图中的折射光线示意图。23. 某同学在游乐场游玩时

10、从滑梯滑下，请画出该同学受到的重力和支持力的示意图。24. 如图所示，根据磁体及周围磁场分布情况，在图中标出通电螺线管的N极及电源的正极。25. 请将图中的灯泡和开关接入照明电路。四、实验探究题（本大题共4小题，共14.0分）26. 如图甲所示，物体的长度为_cm；某同学在做观察水沸腾实验时温度计示数如图乙所示，此时水的温度为_。27. 在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，某同学利用了多个完全相同的铁块和海绵进行了如图所示的实验。(1)实验中通过观察海绵的_来比较压力作用效果；(2)由_两图可以探究压力作用效果与压力大小的关系；(3)对比乙、丙两图可以得出：当压力一定时，_越小，压力

11、作用效果越明显；(4)对比甲、丙两图，该同学认为压力作用效果与压力大小无关，他的观点是_(选填“正确”或“错误”)的，理由是_。28. 某同学在“探究小灯泡亮度与实际功率关系”的实验中，找来了电压为3V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，电流表、电压表各一只，滑动变阻器一个，开关一个，导线若干，组装电路。(1)如图甲所示，当滑动变阻器的滑片向右滑动时灯泡变亮，请你用笔画线代替导线将电路图正确连接；(2)该同学共进行了3次测量，并将相关数据记录在下面表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_W；实验序号电压U/V电流I/A电阻R/电功率P/W灯泡的亮度11.5

12、0.246.250.36较暗22.5正常33.00.329.380.96很亮(3)根据实验目的分析实验数据及现象，可以得出结论：小灯泡的亮度随着实际功率的增大而变_(选填“亮”或“暗”)；(4)通过分析还可以得出结论：小灯泡的电阻随着实际功率的增大而变_(选填“大”或“小”)。29. 用如图所示的器材探究平面镜成像的特点，在此实验中：(1)选用_(选填“平面镜”或“透明玻璃板”)的目的是便于确定像的位置；(2)实验时应在_(选填“甲”或“乙”)侧观察蜡烛A所成的像；(3)当蜡烛A远离反射面时，其像的大小_(选填“变大”“变小”或“不变”)。五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）30. 某品

13、牌电热水壶铭牌中部分参数如表所示，现将其接入220V电路中，向壶内盛入1.5L的水，在标准大气压下将水从20加热至沸腾，求：额定电压220V额定功率1000W容量1.5L(1)此过程中壶内水吸收了多少热量；(2)该电热水壶正常工作时电阻是多大；(3)若烧水实际耗时为10min，求此过程电热水壶的热效率是多少。31. 某同学在野外捡到一块小石块，在课外兴趣活动小组活动中进行了如下探究：如图甲所示，在托盘秤上放一只盛了适量水的容器，托盘秤的示数为1kg；用细线将该石块系住，手握细线将石块慢慢放入水中(水不溢出)，当石块浸没到如图乙所示位置，稳定后托盘秤的示数是1.1kg；如图丙所示，松手后该石块沉

14、到容器底部，稳定后托盘秤的示数为1.26kg。根据以上探究情况，求：(1)该石块的重力为多少；(2)该石块的密度(要求写出必要的文字说明和计算过程)。答案和解析1.【答案】A【解析】解：为了纪念牛顿在物理学上的突出贡献，以他的名字命名了力的单位，故A正确。故选：A。力的单位是牛顿，简称牛，符号是N。在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压伏特、电流安培、电阻欧姆、功和能量焦耳、功率瓦特、力牛顿、压强帕斯卡等。2.【答案】D【解析】解：A、教室窗户的玻璃室内侧上有时会出现小水珠，是教室内的水蒸气遇冷的玻璃变成的小水珠，是液化现象，故A错误；

15、B、同学们大声朗读是通过增大振幅来增大声音的响度，故B错误；C、同学们看课本上的字时，光都在空气中传播，属于光的直线传播，故C错误；D、课桌上的书本所受重力的施力物体是地球，故D正确。故选：D。(1)物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；(2)物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；(3)光在同种均匀物质中沿直线传播；光由一种物质斜射入另一种物质时改变传播方向的现象叫做光的折射；(4)重力是由于地球对物体的吸引而产生的力，地球附近的一切物体都受到重力的作用，重力的施力物体是地球。本题考查物态变化、声音

16、三要素、光现象的的辨析以及重力的相关知识，是一道基础题。3.【答案】B【解析】解：A、由图可知，甲车到达300m处所用的时间为15s，乙车到达300m处所用的时间也等于15s，所以甲、乙两车前300m内所用时间相等，故A错误；B、由图可知，甲车在相同的时间内通过的路程相等，说明甲车做匀速直线运动，甲车通过400m所用的时间为20s，所以甲车的速度：v=s甲t甲=400m20s=20m/s，故B正确；C、由图可知，乙车在相同的时间内通过的路程在变大，说明乙车在做变速运动，故C错误；D、甲在20s内通过的路程s甲=400m，乙在20s内通过的路程s乙=450m，即甲、乙两车在相同的时间内通过的路程

17、不相等，则根据v=st可知，甲、乙两车的平均速度不相同，故D错误。故选：B。(1)分析前300m内甲车和乙车运动所用的时间即可得出结论；(2)分析甲车在相等时间内通过路程的关系得出乙车的运动状态，利用速度公式v=st求出甲车的速度；(3)分析乙车在相等时间内通过路程的关系得出乙车的运动状态；(4)根据甲、乙两车在20s内通过的路程利用速度公式v=st比较平均速度。本题考查匀速直线运动和变速直线运动的定义、速度公式的运用，注意路程和时间的一一对应，能从图中获取有用的信息是本题的关键。4.【答案】C【解析】解：A、电动车电动机工作时利用了磁场对电流的作用，故A正确；B、给电动车充电时，蓄电池相当于

18、用电器，这一过程是将电能转化为化学能，故B正确；C、电动车电动机能够将电能大部分转化为机械能，但也会产生一少部分内能，故C错误；D、电动车工作时噪声小，对环境的噪声污染比燃油车小，故D正确。故选：C。(1)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；电动机将电能转化为机械能，同时也会产生少量内能；(2)蓄电池充电的过程，是电能转化为化学能的过程；放电的过程，是化学转化为电能的过程；(3)电动机正常工作时几乎不产生噪声。本题考查了电动机的原理，能量的转化，能量的利用及对环境的影响等，也提醒我们尽量低碳出行，绿色出行。5.【答案】D【解析】解：由图分析可知，A、B、C中的导体运动时都会切割磁

19、感线，所以会产生感应电流；只有D没有切割磁感线，所以不会产生感应电流；故选：D。闭合回路中的部分导体产生感应电流的条件是导体需要在磁场中做切割磁感线运动。解决此类问题的关键是知道产生感应电流的条件，属于基础题目。6.【答案】D【解析】解：三个球的质量相等，由G=mg可知，三个球的重力相等，由物体的浮沉条件可知，甲球漂浮，F浮甲=G；乙球悬浮，F浮乙=G；丙球沉底，F浮丙G，故D正确。故选：D。物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮G；悬浮或漂浮时，F浮=G；下沉时，F浮G；本题考查物体浮沉条件的应用，难度不大，属于常考题型。7.【答案】C【解析】解：A、脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运

20、动状态。故A错误；B、足球在空中运动过程中，受到竖直向下的重力与空气的阻力，这两个力不是平衡力，所以足球的运动状态一定发生改变，故B错误；C、足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故C正确；D、足球在空中飞行的过程中，受到重力和空气阻力的作用，故D错误。故选：C。(1)力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持；(2)物体不受力或受平衡力运动状态不变；物体受力不平衡时，运动状态一定改变；(3)物体保持原来运动状态的性质叫做惯性；(4)对足球受力分析，据此判断。本题考查了重力、力的作用效果、力与运动的关系，深入理解基本规律，是正确解答的关键。8.【答案】B【解

21、析】解：连接完电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表指针均无偏转，说明电路存在断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电路故障原因是灯泡断路造成的，故B正确。故选：B。连接完电路后，闭合开关，电流表指针均无偏转，说明电路存在断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外不存在断路。本题考查电路故障的分析，是电学实验中的常见问题，是基础性题目。9.【答案】A【解析】解：小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落；在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长(大于原长)，弹力逐渐增大。当拉力小于重力时，小球仍处于加

22、速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。A、从A点到B点运动过程中小球的重力势能转化为动能，故A正确；B、由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，所以在AB段，橡皮筋对小球没有弹力，故B错误；C、从B点下落到C点的过程中，小球速度先加速后减速，故C错误；D、过B点后橡皮筋开始伸长(大于原长)，弹力逐渐增大。当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态，故C点时受到并不是平衡力，故D错误。故选：A。(1)小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落；在BC段受到橡皮筋的拉力作用：当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。(2)物体保持静

23、止状态或匀速直线运动状态，即为平衡状态。物体受到的合力方向和物体运动方向相同时，物体处于加速状态；物体受到的合力方向和物体运动方向相反时，物体处于减速状态。10.【答案】A【解析】解：电源电压不变，同时闭合开关S、S1，两电阻并联，电流表A测得是干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电压表V测的是电源电压；待电路稳定后再断开S1，断开R1所在的支路，只有R2接在电源两端工作，且并联电路中各支路互不影响，因此在干路的电流表A的示数减小，电流表A1的示数不变，电压表V的示数不变，故A正确，BCD错误。故选：A。并联电路干路电流等于各支路电流之和，并联电路中，各支路的用电器可以独立工作，互不影响；电

24、源电压不变，同时闭合开关S、S1，两电阻并联；待电路稳定后再断开S1，断开R1所在的支路，只有R2接在电源两端工作。本题其实考查了学生对并联电路特征的辨别能力，了解并联电路的连接方式、电流规律、电压规律是解答本题的基础。11.【答案】B【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。由题可知，电源两端电压为6V保持不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“101A”，当电压表的示数最大为U1=3V时，即定值电阻R1两端的电压U1=3V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的电流I1=I=I2=UR1=3V10=0.

25、3A 【解析】解：B点的深度大于A点的深度，A、B两点所受液体的压强相等，根据公式p=gh可知，甲的密度大于乙的密度，A、B到底部的深度相等，所以A点下面液体产生的压强大于B点下面液体产生的压强；因为距容器底部h处A、B两点所受液体的压强pA和pB相等，所以容器底部甲产生的压强大于乙产生的压强，即p甲p乙；因为容器底面积相等，根据p=FS的变形公式F=pS可知，容器底部甲产生的压力大于乙产生的压力，即F甲F乙。故选：；。已知A、B两点所受液体的压强pA和pB相等，B点的深度小于A点的深度，根据公式p=gh可知，液体的密度的大小关系，再利用公式p=gh判断出两容器底部所受液体压强的大小关系，根据

26、p=FS的变形公式F=pS判断出两容器底部所受液体压力的大小关系。本题考查压强和压力大小的判断，关键是公式的应用，难点是判断出液体的密度的大小关系。20.【答案】9 4.5【解析】解：由P=U2R可得，两灯泡的电阻分别为R1=U12P1=(6V)23W=12；R2=U22P2=(6V)26W=6；两灯泡的额定电流分别为I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且一个灯泡正常发光，所以，电路中的电流I=I2=0.5A；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电源两端电压U=IR串=0.5A(12+6)=9V；所以，整个电路此时消耗的总功率P=I

27、2R串=(0.5A)2(6+12)=4.5W。故答案为：9；4.5。根据P=U2R求出两灯泡的电阻，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合题意求出电路中的电流，根据欧姆定律得出电源两端电压，根据P=I2R求出此时两灯消耗的总功率。本题考查了串联电路的特点和电功率公式、欧姆定律的综合应用，正确得出电路中的电流是关键。21.【答案】1：2 正【解析】解：由图像及电阻的计算式R=UI可得：当I=0.2A时，U1=2V，U2=4V，故R1：R2=U1I：U2I=U1：U2=2V：4V=1：2，由图像可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。故答案为：1：2；正。由电

28、阻的计算式R=UI可得R1与R2的阻值之比；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。本题考查电流与电压的关系以及欧姆定律的应用，要求学生会分析实验图像得出结论，难度中等。22.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜的折射光线过焦点，如下图；光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，折射光线更靠近法线，如下图。【解析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；确定入射光线的位置，然后根据光的折射规律画出折射光线。本题考查光的折射作图，重点是掌握经过凸透镜三条特殊光线和光的折射规律。23.【答案】【解析】重力方向竖直向下，滑梯对同学的支持力垂直滑梯向上，由此作图。本题考查力的示意图的

29、作图，画力的示意图的步骤：确定受力物体；在受力物体上画出力的作用点；确定力的方向后沿力的方向画一条线段；在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。24.【答案】解：因外部磁感线总是由N极指向S极，由图可知磁感线都指向内侧，所以螺线管右端为N极，左端为S极，则由右手螺旋定则可得电流由左侧流出，右侧流入，故电源左侧为正极，右侧为负极；故答案如图所示：【解析】由外部磁感线的特点及图中磁感线的形状可判断通电螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可得出电源的正负极。本题考查磁体周围磁感线的特点及右手螺旋定则，要熟记常见磁铁的形状及熟练应用右手螺旋定则。25.【答案】解：灯泡的接法：火线首先要

30、进入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接螺旋套。故答案为：如下图【解析】开关与灯泡接法：开关与被控制的灯泡串联。为了安全，开关应接在火线与灯泡顶端的金属点之间。掌握家庭电路中灯泡、开关的连接方法。26.【答案】1.50 86【解析】解：(1)由图知：图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；此图是以0.50cm作为“零”刻度，物体末端对应的刻度值为2.20cm，因此物体的长度为：2.20cm0.050cm=1.50cm；(2)图中温度计分度值为1，由此可读出该温度计的示数86。故答案为：1.50；86。将紧挨物体左侧的0.50cm当作“零”刻度，然后让最后的读数减去“零”刻

31、度的读数即为该物体的长度，注意刻度尺的读数需要进行估读；温度计读数时，要先确认分度值，然后看液柱上表面所对的刻度值。题主要考查了刻度尺的读数、弹簧测力计的读数以及电能表参数的意义，难度不大；27.【答案】凹陷程度 甲、乙 受力面积 错误 比较时没有控制受力面积相同【解析】解：(1)根据转换法可知，实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；(2)图甲、乙中，受力面积相同，乙图的压力大，海绵凹陷程度大，压力作用效果越明显，因此由甲、乙两图可以探究压力作用效果与压力大小的关系；(3)对比乙、丙两图可知，压力相同，乙的受力面积小，压力的作用效果明显，故可得出结论：当压力一定时，受力面积越小，压

32、力的作用效果越明显；(4)根据控制变量法，探究压力作用效果与压力大小的关系，应控制受力面积相同，对比甲、丙两图可知，实验中在改变压力的同时，没有控制受力面积相同，故不能得出压力作用效果与压力大小无关的结论，因此该同学的观点是错误的。故答案为：(1)凹陷程度；(2)甲、乙；(3)受力面积；(4)错误；比较时没有控制受力面积相同。(1)实验中通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；(2)压力的作用效果跟压力大小和受力面积大小有关，需要用控制变量法探究压力作用效果的影响因素；探究压力作用效果跟压力大小的关系时，控制受力面积不变，改变压力的大小；探究压力作用效果跟受力面积大小的关系时，控

33、制压力大小不变，改变受力面积；(3)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定压力作用效果与变化量之间的关系；(4)根据控制变量法，探究压力作用效果与压力大小的关系，应控制受力面积相同，据此分析解答。本题考查了探究压力作用效果与什么因素有关的实验，重点是控制变量法和转换法在实验中的应用，难度不大。28.【答案】0.75 亮 大【解析】解：(1)滑动变阻器与小灯泡串联，滑片向右滑动时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：；(2)图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则小灯泡的额定功率是：P额=U额I额=2

34、.5V0.3A=0.75W；(3)由表中数据可知，小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮，因此可得结论：小灯泡的亮度随着实际功率的增大而变亮；(4)由表中可知，小灯泡两端的电压增大，通过小灯泡的电流也增大，但小灯泡两端的电压增加比通过小灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，由P=UI可知，电压和电流都增大时，电功率增大，说明小灯泡的电阻随着实际功率的增大而变大。故答案为：(1)如图所示；(2)0.75；(3)亮；(4)大。(1)滑动变阻器与小灯泡串联，滑片向右滑动时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；(2)根据电

35、流表选用小量程确定分度值读出示数，根据P=UI可求出灯泡的额定功率；(3)分析表中小灯泡的亮度与实际功率得出结论；(4)由表中数据可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，根据欧姆定律和P=UI分析小灯泡的电阻随着实际功率的变化。本题探究小灯泡亮度与实际功率关系，考查电路连接、电流表读数、电功率的计算、欧姆定律的应用和分析数据归纳结论的能力。29.【答案】透明玻璃板 甲 不变【解析】解：(1)选用透明玻璃板的目的是便于确定像的位置；(2)实验时应在物体一侧，即甲侧观察蜡烛A所成的像；(3)当蜡烛A远离反射面时，其像的大小不变。故答案为：(1

36、)透明玻璃板；(2)甲；(3)不变。(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置；(2)平面镜所成的像和物体大小相等。本题为探究平面镜成像特点的实验，主要考查实验的注意事项、平面镜成像特点等知识。30.【答案】解：(1)由=mV可得，水的质量：m=水V=1.0103kg/m31.5103m3=1.5kg，在一标准大气压下，水的沸点为100，将1.5kg的水从20加热至沸腾需要吸收的热量：Q吸=c水m(t2t1)=4.2103J/(kg)1.5kg(10020)=5.04105J；(2)由P=U2R得，该电热水壶正常工作时电阻：R=U2P=(220V)21000W=48.4；(3)烧水实际耗时10min消耗电能：W=Pt=1000W1060s=6105J，此过程电热水壶的热效率：=Q吸W100%=5.04105J6105J100%=84%。答：(1)此过程中壶内水吸收了热量5.04105J；(2)该电热水壶正常工作时电阻是48.4；(3)若烧水实际耗时为10min，求此过程电热水壶的热效