2022年浙江省绍兴市中考物理试题及答案解析.docx

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1、2022年浙江省绍兴市中考物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1. 实验室用于测量液体体积的仪器是()A. 刻度尺B. 量筒C. 温度计D. 秒表2. 科学研究常采用转换、模型、等效替代和控制变量等方法。下列实验中采用等效替代的是()A. 探究平面镜成像B. 探究种子萌发的条件C. 用石蕊试液判断酸碱性D. 模拟泥石流的形成3. 如图，小敏用条形磁铁使铁钉竖直静止在空中，细线紧绷且质量不计。下列说法正确的是()A. 铁钉上端被磁化成N极B. 铁钉受到的磁力与自身重力大小相等C. 桌面对石头的支持力和石头的重力是一对平衡力D. 细线对石头的拉力和石头对细线的拉力是一对相互作用力4.

2、 下列关于压强的实验说法不正确的是()A. 实验甲说明大气压的存在B. 实验乙说明液体的沸点随着气压的增大而升高C. 实验丙说明气体的压强随着流速的增大而增大D. 实验丁说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大5. 如图，小敏在家中做凸透镜成像实验，墙上出现一个倒立缩小清晰的像。下列说法正确的是()A. 墙上所成的烛焰像是虚像B. 手和透镜的影子是光的反射形成的C. 若透镜不动，蜡烛远离透镜，手和透镜的影子大小不变D. 若蜡烛不动，透镜靠近蜡烛，能再次呈现清晰的烛焰像6. 小敏在做“研究杠杆平衡条件”的实验时，先后出现杠杆右端下降的现象。为使杠杆水平平衡，下列操作正确的是()A. 图甲中平衡螺

3、母向左调节；图乙中右侧钩码向左移动B. 图甲中平衡螺母向左调节；图乙中右侧钩码向右移动C. 图甲中平衡螺母向右调节；图乙中左侧钩码向左移动D. 图甲中平衡螺母向右调节；图乙中左侧钩码向右移动7. 学习了质量测量工具的进化的STEAM课程，小敏认识并使用了如图台秤，发现指针偏转角度与所测物体质量成正比。根据台秤示数变化规律，小敏想选用电流表或电压表的示数来反映所测物体质量大小，设计的电路最合理的是()A. B. C. D. 二、填空题（本大题共2小题，共12.0分）8. 如图是手机无线充电的原理简化图。当充电器线圈接通电源之后，该线圈就会产生一个磁场，当手机放在充电器上的时候，手机中的线圈就会产

4、生感应电流，实现无线充电。(1)手机线圈中产生电流是利用_现象。(2)当充电器线圈中某一时刻的电流方向如图所示，则图中B点的磁场方向是_(选填“向上”或“向下”)。(3)与传统方式相比，请你对这种充电方式进行评价：_。9. 长度均为20厘米的相同均质木块A、B平放在水平桌面上，从图示位置开始推木块。当F为3牛时，木块静止；当F为6牛时，木块A、B开始沿桌面做匀速直线运动，2秒后木块A掉落；继续推木块B使其仍做匀速直线运动直到掉落。(1)推力为3牛时，AB整体受到摩擦力为_牛。(2)木块A在桌面上匀速运动的速度大小为_米/秒。(3)从开始推动到木块B掉落的过程中，推力共做功_焦。三、实验探究题（

5、本大题共2小题，共21.0分）10. 在“研究动能大小与速度关系”实验中，小敏利用图甲中的装置进行研究，在水平面铺上材料A制成的粗糙平板，同一小球从斜面不同高度静止释放，运动一段距离后停止，位置如图。(1)根据图甲实验结果，可得出的结论是：质量相同时，物体的速度越大，_。(2)图乙中，水平面铺上不同材料的平板，其中材料A、B、C粗糙程度依次减小。小敏先后三次将同一小球从同一高度静止释放，刚到底部时用频闪相机(间隔相同时间自动拍摄)开始记录小球在平板上的位置情况。请在材料C平板上画出第2、3次频闪相机拍摄到小球的大致位置。(3)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处

6、的能量损失，下列最符合实际的现象是_。11. 在“探究电流与电阻关系”的实验时，为了使实验操作简便，小敏用电阻箱来代替不同的定值电阻，电阻箱能提供的阻值是09999欧之间的任意整数值。现提供的器材有：电源(恒为6伏)、滑动变阻器(1安50欧)、电压表(03伏)、电流表(00.6安)、电阻箱、开关和导线若干。(1)请完成实物图甲的连接(要求滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大)。(2)实验中滑动变阻器的作用是_。(3)实验开始时，调节电阻箱使接入阻值为5欧，闭合开关，再调节滑片使电压表示数达到设定值，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为_伏。(4)小敏多次改变电阻箱的接入阻值，测得相应电流，

7、并得出了实验结论。根据所给量程和设定电压，电阻箱可调节的范围为_。四、计算题（本大题共3小题，共22.0分）12. 在北京冬奥会上，中国运动员苏翊鸣勇夺单板滑雪大跳台金牌。(1)滑雪板底面越宽大，对雪地的压强_。(2)若滑雪板与雪地总接触面积为0.4米2，苏翊鸣和滑雪板的总质量为72千克，当他穿着滑雪板站立在水平雪地上时，对雪地的压强为多大？(3)图甲是他在决赛中的完美飞行轨迹，AB是飞跃跳台的上升阶段，BC是下落阶段。请在图乙中画出他在飞行过程中速度随时间变化的大致曲线图，(v0为A点的速度，不计空气阻力)13. 汽车在给人们的出行带来便利的同时，也带来了能源消耗、尾气污染等问题。材料一：如

8、图是一辆小汽车行驶时的能耗分配图。汽油在汽缸内完全燃烧时放出的能量，大约只有13%用于驱动汽车前进，而其余87%的能量则被损耗掉了。材料二：排出的尾气除了CO2、H2O外，还有CO、NO、NO2及未燃烧的碳氢化合物等有害气体。结合材料：(1)对汽车行驶时能量形式的转化与损耗途径作出分析。(2)请从节能、减排等方面对燃油汽车提出技术改进建议。14. 图甲是某款电火锅，其内部简化电路如图乙所示，S1是旋钮开关，S2是温控开关(当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合)，R是指示灯的分压电阻，不起到加热作用，发热管内部结构如图丙所示，滑片转动时只能与滑动触头接触，0挡为断开状态

9、，、挡是不同功率的挡位，电热丝被均分为四段接入电路，其他元件的电阻均忽略不计。(1)S1从0挡转到挡开始工作，温控开关S2的状态是_(选填“断开”或“闭合”)。(2)加热时，锅内水温逐渐升高，其中改变水的内能的方式是_(选填“做功”或“热传递”)。(3)图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，挡时功率最大。则接线柱a、b、c中连入电路的应该是_。(4)已知电火锅挡加热功率为1000瓦，若电火锅在挡工作5分钟，求发热管消耗的电能。五、综合题（本大题共1小题，共2.0分）15. “海洋强国”是国家战略，绍兴作为浙江海洋经济发展示范区的重要战略节点，正以积极的姿态规划发展海洋经济。提升通江达海

10、内河港是海洋经济发展的主通道。如图是上虞港集装箱吊机正在作业，随着船上货物增多，货船受到的浮力_(选填“变大”、“变小”或“不变”)。若货船从上虞淡水港出发入海，装货完毕后船身吃水位置在图甲“28”刻度处，那么在海上航行时，吃水位置在“28”刻度处_方(选填“上”或“下”)。答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、测量长度的工具是刻度尺，故A不合题意；B、量筒是测量液体体积的工具，故B符合题意；C、温度计是测量物体温度的工具，故C不合题意；D、秒表是用来测时间的，故D不合题意。故选：B。用量筒或量杯可以直接测量液体体积，间接测量固体体积(排液法)。本题考查测量工具的有关知识，难度不大。2.【答

11、案】A【解析】解：A、探究平面镜成像，用未点燃的蜡烛代替点燃蜡烛的像，采用了等效替代法，故A正确；B、探究种子萌发的条件，需控制其它条件相同是，探究其中的一个因素，采用了控制变量法，故B错误；C、用石蕊试液判断酸碱性，运用了对比法，故C错误；D、模拟泥石流的形成，不同的接触表面，运用了模拟法，故D错误。故选：A。等效替代法是指在研究某一个物理现象和规律中，因实验本身的特殊限制或因实验器材等限制，不可以或很难直接揭示物理本质，而采取与之相似或有共同特征的等效现象来替代的方法。本题主要考查对常用物理学方法的记忆与运用能力，常用的物理学方法有：控制变量法、转换法、放大法、比较法、实验推理法、模型法等

12、。3.【答案】D【解析】解：A、条形磁铁的下端时N极，异名磁极相互吸引，铁钉上端被磁化成S极，故A错误；B、铁钉在竖直方向上受到竖直向下的重力和细线的拉力，竖直向上的磁力，这三个力是平衡力，磁力等于重力和拉力的和，故B错误；C、桌面对石头的支持力、细线的拉力和石头的重力是一对平衡力，故C错误；D、细线对石头的拉力和石头对细线的拉力作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。故选：D。(1)同名磁极相互排斥异名磁极相互吸引。(2)对铁钉受力分析可得。(3)二力平衡的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。(4)相互作用力的条件是：作用在两个物体上、大小相等、方向相反、作

13、用在同一直线上。本题考查了平衡力和相互作用力的区分，属于基础题。4.【答案】C【解析】解：A、图中的水在大气压力作用下被托起，证明了大气压的存在，故A正确；B、气压越高，液体沸点越高，气压越低，沸点越低，故B正确；C、气体的压强随着流速的增大而减小，故C错误；D、同种液体中的压强随着深度的增加而增大，故D正确。故选：C。分析各图示现象，根据各图反应的现象及图示涉及的相关知识分析答题。本题考查了大气压，流体压强和流速的关系、液体压强、液体沸点与气压的关系，比较综合。5.【答案】D【解析】解：A、由题意可墙上出现一个倒立缩小清晰的像，根据凸透镜成像规律可知应得到倒立缩小的实像，故A错误；B、手和透

14、镜的影子是光的直线传播形成的，故B错误；C、若透镜不动，蜡烛远离透镜，手和透镜的影子变小；D、图中，蜡烛经凸透镜成倒立缩小的实像，此时物距u2f，若蜡烛不动，透镜靠近蜡烛，在fu2f还能成倒立放大的实像，即能再次呈现清晰的烛焰像，故D正确。故选：D。(1)凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；(2)光在同种均匀介质中沿直线传播；(3)靠近光源，影子越长；(4)凸透镜成实像时，若蜡烛、光屏的位置不变，改变凸透镜的位置，光屏上能两次成像。本题主要探究的是凸透镜成像的规律，这是今后学习光学，研究光现象的基础，应该熟练掌握，并注意加以区分，不能混淆。6.【答案】A【解析】解：由图甲可知，是在

15、探究之前，因此应将平衡螺母向左调节，由图乙可知，是在探究过程中，应将钩码向左移动，故A正确。故选：A。探究杠杆平衡条件时，探究之前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，探究过程中移动钩码或调节钩码的个数时杠杆在水平位置平衡。本题考查探究杠杆平衡条件时杠杆平衡的调节，注意探究之前调节平衡螺母，过程中调节钩码。7.【答案】B【解析】解：由图可知，物体的质量越大，重力越大，滑动变阻器的滑片向下滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，A、图A中，电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电压表的示数：UV=UU0=UIR0=UUR+R0，由数学知识可知，U

16、V与R不成正比，故A错误；B、图B中，电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R上端的电压，因为电压表内阻很大，在电路中相当于开路，因此滑片移动的过程中，电路中的总电阻不变，电路中的电流不变，因此电压表的示数：UV=IR接入，由数学知识可知，UV与R接入成正比，故B正确；CD、图CD中，电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路的电流，电流表的示数：I=UR0+R，由数学知识可知，I与R不成正比，故CD错误。故选：B。根据台秤的指针偏转角度与所测物体质量成正比可知，电表的示数应与滑动变阻器接入电路的电阻成正比分析。本题考查滑动变阻器的原理和欧姆定律的应用，知道列出表达式判断电表的示数与相应

17、的物理量是否成正比是解题的关键。8.【答案】电磁感应 向上 优点：使用方便、兼容性强、可以一对多进行充电；缺点：充电效率较低、电磁辐射较大【解析】解：(1)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流。所以手机线圈中产生电流是利用电磁感应现象。(2)电流从上往下看是逆时针转动，利用右手螺旋定则判断B点磁场方向是向上；(3)和传统充电相比，无线充电不需要数据线，避免了多种充电接口，所以充电方便、可以兼容多种充电接口的手机充电、可以一对多进行充电；缺点：电磁辐射较大、充电效率低。故答案为：(1)电磁感应；(2)向上；(3)优点：无线充电不需要数据线，避免了多种充电接口，

18、所以充电方便、可以兼容多种充电接口的手机充电、可以一对多进行充电；缺点：充电效率较低、电磁辐射较大。(1)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流；(2)判断电流方向，然后利用右手螺旋定则去判断磁极；(3)和传统充电相比，无线充电不需要数据线，避免了多种充电接口，所以充电方便、兼容性强、可以一对多进行充电；缺点：电磁辐射较大、充电效率低。本题主要考查了电磁相关的应用，涉及电磁感应的概念、右手螺旋定则的应用和无线充电的利弊。9.【答案】3 0.05 1.2【解析】解：(1)推力为3N时，木块静止，根据二力平衡条件可知摩擦力和推力是一对平衡力，所以摩擦力为3N；(2

19、)当木块A一半体积离开桌面时，木块A就会掉落，此时移动的距离s=20cm2=10cm=0.1m；木块A在桌面上匀速运动的速度v=st=0.1m2s=0.05m/s；(3)木块A掉落前做的功W1=F1s=6N0.1m=0.6J；当木块B一半体积离开桌面时，木块B就会掉落，从A掉落到B掉落，一共移动距离s=0.1m+0.1m=0.2m；这段路程中，压力大小变成了之前的一半，摩擦力变为原来的一半，所以推力F2=12F1=3N；这段路程做功W2=F2s=3N0.2m=0.6J；从开始推动到木块B掉落的过程中，推力做的功W=W1+W2=0.6J+0.6J=1.2J；故答案为：(1)3；(2)0.05；(

20、3)1.2。(1)木块静止，根据二力平衡条件可知摩擦力和推力是一对平衡力；(2)当木块A一半体积离开桌面时，木块A就会掉落，此时移动的距离为木块长度的一半；由v=st可得木块A在桌面上匀速运动的速度；(3)推力做的功W分为两部分，一部分是木块A掉落前做的功，另外一部分是从A掉落到B掉落这段路程做的功；分别找到对应的力和移动距离，就可计算相应的功。本题考查了摩擦力的大小的判断和做功的分析计算，属于中档题。10.【答案】动能越大 B【解析】解(1)图甲实验分析，随着小球放置在静止位置的高度变高时，则小球到达水平面的速度变大。小球在水平面上运动的距离变得更远，说明小球的动能更大。(2)材料越光滑，移

21、动速度越快，所以材料C中小球速度最快，大致位置如图；(3)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处的能量损失，材料A制成的粗糙平板，由于摩擦力做功，部分能量转化为为内能，达不到一开始静止位置的高度，故A、C错误，B正确；故答案为：(1)动能越大；(2)如图所示；(3)B。(1)质量一定时，物体动能的大小与物体的运动速度有关，物体运动速度越大，物体的动能越大；(2)材料C的粗糙程度最小，所以速度减小的最慢，相同时间内移动的距离最大；(3)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，由于存在摩擦力，小球滑动后会有能量损失，不会达到一开始静止时候的高度；本题考查了探究影响动能大小的相

22、关因素，属于分析综合题，难度不大。11.【答案】保护电路和控制定值电阻两端的电压不变 2 425【解析】解：(1)滑动变阻器串联在电路中，滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：；(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，因此实验中滑动变阻器的作用控制定值电阻两端的电压不变，同时还有保护电路的作用；(3)由图乙可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，则电阻箱两端的电压为：UV=IR=0.4A5=2V，即电压表的示数为2V；(4)由(3)可知，电阻箱两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的

23、电压：U滑=UUV=6V2V=4V，则电阻箱两端的电压为变阻器分得电压的2V4V=0.5倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻最大50时，电阻箱接入电路的电阻为：R大=0.550=25；因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为00.6A，由串联电路的电流特点可知，电路中允许通过的最大为0.6A，由欧姆定律可知，此时电阻箱接入电路的最小电阻：R小=UVI大=2V0.6A3.3，由电阻箱的特点可知，电阻箱接入电路的最小电阻为4，因此电阻箱可调节的范围为425。故答案为：(1)如图所示；(2)保护电路和控制定值电阻两端的电压不变；(3)2；(4)425。(1)根据滑片在最右端时滑动

24、变阻器接入阻值最大确定滑动变阻器接入的接线柱；(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，据此分析滑动变阻器的作用；(3)根据图乙电流表所选量程确定分度值读数，根据欧姆定律求出电阻箱两端的电压，即为电压表的示数；(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时电阻箱接入电路的阻值，根据滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中最大电流，根据欧姆定律求出电阻箱接入电路的最小电阻，进而确定电阻箱可调节的范围。本题探究电流与电阻关系，考查电路连接、滑动变阻器的作用、控制变量法和欧姆定

25、律的运用，属于中等难度的题目。12.【答案】越小【解析】解：(1)压强的大小与压力大小和受力面积大小有关，所以滑雪板底面越宽大，在压力相同的情况下，由于受力面积越大，所以滑雪板对雪地的压强越大；(2)苏翊鸣和滑雪板的总重力：G=mg=72kg10N/kg=720N；当他穿着滑雪板站立在水平雪地上时，对雪地的压力F=G=720N；对雪地的压强：p=FS=720N0.4m2=1800Pa；(3)他在飞行过程中，上升阶段：动能转化为重力势能，动能减小，速度减小；下落阶段：重力势能转化为动能，动能增大，速度增大；所以他在整个过程中的速度先变小，当上升到最高点B时，速度最小，接着下落过程速度变大；速度随

26、时间变化的大致曲线图如图所示： 答：(1)减小；(2)当他穿着滑雪板站立在水平雪地上时，对雪地的压强为1800Pa；(3)图见解析。(1)影响压强大小的因素：压力大小和受力面积大小；在压力一定时，可以通过增大受力面积来减小压强；(2)利用G=mg计算出苏翊鸣和滑雪板的总重力；当他穿着滑雪板站立在水平雪地上时，对雪地的压力F=G，利用p=FS计算出对雪地的压强；(3)他在飞行过程中，上升阶段：动能转化为重力势能，动能减小，速度减小；下落阶段：重力势能转化为动能，动能增大，速度增大；据此可知他在飞行过程中速度随时间变化的大致曲线图。本题考查压强的影响因素、重力的计算、压强的计算以及物体运动过程中速

27、度的变化情况。13.【答案】答：(1)汽车行驶时的能量转化分析：汽油的化学能转化为气体内能，然后再转化为活塞机械能，最后为汽车机械能，转化率很低；损耗途径分析：绝大部分是以热能形式损失的，部分是未完全燃烧的碳氢化合物损失，还有少量是汽油蒸发损失。(2)技术改进建议：减少散热器、排气管和发动机的热损失；减少汽油的蒸发；使汽油充分燃烧；研制和使用混合动力或者纯电动的新能源汽车。【解析】从能量转化、损耗途径、技术改进建议角度去回答。本题为开放题型，认真分析图表，然后分析能量转化和能量损耗，并提出相应的改进措施。14.【答案】闭合 热传递 b、c【解析】解：(1)因为当锅体温度达到设定值时温控开关自动

28、断开，当锅体温度低于一定值时温控开关自动闭合，所以S1从0挡转到挡刚开始工作，温度较低，温控开关S2的状态闭合；(2)加热时，锅内水温逐渐升高，其中改变水的内能的方式是热传递；(3)图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，挡时功率最大。由P=U2R可知，在挡时连入电路的电阻最小，则应将b、c连入电路；(4)已知电火锅挡加热功率为1000瓦，则挡加热时的电阻为：R=U2P=(220V)21000W=48.4，所以挡工作时的电阻为：R=2R=248.4=96.8，所以电火锅在挡工作5分钟消耗的电能为：W=UIt=U2Rt=(220V)296.8560s=1.5105J。故答案为：(1)闭合；

29、(2)热传递；(3)b、c；(4)电火锅在挡工作5分钟，发热管消耗的电能为1.5105J。(1)根据“当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合”分析S1从0挡转到挡开始工作，温控开关S2的状态；(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；(3)图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，挡时功率最大。根据P=U2R可知，在挡时连入电路的电阻最小，从而判断接线柱的连接情况；(4)根据P=U2R可求出挡加热时的电阻，从而确定挡工作时的电阻，根据W=UIt=U2Rt求出此时发热管消耗的电能。本题主要考查了电路分析、改变内能

30、的方式、电功率公式及电能公式的理解与应用，综合性强。15.【答案】变大 下【解析】解：由于船处于漂浮状态，根据漂浮条件可知F浮=G；如果向船上装货物时，船的重力增大，则船受到的浮力将变大；货船由河里驶入海里时，因船在海水中也处于漂浮状态，所受浮力不变；由于水的密度变大，根据F浮=水gV排可知：排开水的体积变小，货船上浮一些，所以在海上航行时，吃水位置在“28”刻度处下方。故答案为：变大；下。物体漂浮在液体中时，浮力等于物体的重力；该船从河里驶入海里，因自重不变、水的密度变大，则根据漂浮条件和阿基米德原理可求得浮力及排开水的体积的变化。此题涉及到漂浮的特点，应当深刻理解漂浮时浮力等于物重这一特点，属于基础题。第15页，共16页