2022年黑龙江省绥化市中考物理试题及答案解析.docx

《2022年黑龙江省绥化市中考物理试题及答案解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年黑龙江省绥化市中考物理试题及答案解析.docx（27页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2022年黑龙江省绥化市中考物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）1. 下列光现象中，属于光的反射实例的是()A. 海市蜃楼B. 雨后彩虹C. 手影D. 演员对着镜子画脸谱2. 下列电路图中正确的是()A. B. C. D. 3. 下列有关声现象的说法中，正确的是()A. 声音是由物体振动产生的，以波的形式在真空中传播B. 物体振动的频率越低，响度越大C. 汽车安装倒车雷达是利用声传递信息D. 物体做规则振动时发出的声音一定不是噪声4. 下列电路图中，电压、电流关系正确的是()A. IAIBICB. UAC=UABUBCC. IA=IB+ICD. UAB=UCD+UEF5. 图中符

2、合安全用电的做法是()A. 使用试电笔时手指按住金属笔卡B. 多个大功率用电器同时工作C. 两只手分别接触火线和零线D. 用湿毛巾擦拭电器6. 下列有关力的说法中，正确的是()力是物体对物体的作用物体不发生形变也能产生弹力物体的重心总在物体上相互平衡的两个力一定作用在同一物体上物体的运动需要力来维持摩擦力可以为物体的运动提供动力A. B. C. D. 7. 甲、乙二人从同一位置沿同一方向做直线运动，其st图象如图所示，下列分析正确的是()A. 010min，甲通过的路程大于乙通过的路程B. 030min，甲的平均速度等于乙的平均速度C. 1020min，以乙为参照物，甲是静止的D. 2030m

3、in，甲、乙二人之间的距离越来越大8. 在测量液体密度的实验中，测得液体和烧杯的总质量m与液体体积V的关系如图所示，则空烧杯的质量和液体的密度分别为()A. 158g，0.75g/cm3B. 90g，0.9g/cm3C. 140g，0.9g/cm3D. 248g，1.4g/cm3二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）9. 下列说法中正确的是()A. 篆刻刀的刀口做得很锋利是通过减小受力面积来增大压强B. 拦河大坝上窄下宽是为了减小水对大坝底部的压强C. 从山下到山上的过程中，大气压是逐渐减小的D. 当列车驶过时，列车周围的空气流速增大，压强增大10. 图甲是探究欧姆定律的实验电路，电源电压恒

4、定，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻；图乙中的a、b分别是将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图象。下列说法中正确的是()A. 图线a是电流表A的示数随电压表V1的示数变化关系图象B. 当电压表V1、V2的示数相等时，滑片在滑动变阻器的中点位置C. 电源电压是6VD. 定值电阻阻值是10三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）11. 2022年6月5日神舟十四号载人飞船与天宫空间站对接成功，神舟十四号靠接收和发射_与地面联系；空间站利用的太阳能是_能源(选填“可再生”或“不可再生”)。12. 某次实验中各光学元件在如图所示位置光

5、屏上得到清晰倒立_的实像(选填“放大”“缩小”或“等大”)，生活中的_就是根据这个原理制成的(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。13. 如图所示是汽油机的_冲程，在此冲程中汽缸内气体的内能_(选填“增大”“不变”或“减小”)。14. 将a、b、c三个轻质小球悬挂起来，相互作用情况如图所示，已知a带正电，则c的具体带电情况是_；用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近a球，二者将互相_(选填“吸引”或“排斥”)。15. 如图所示的通电螺线管N极在_端(选填“A”或“B”)。发电机是利用_的原理发电的。16. 某饮水机额定加热功率为500W，水箱容积为1L，在额定电压下将满箱水从75加热到95，用时210s

6、，则水箱中的水吸收的热量是_J，该饮水机的效率是_。17. 如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R，R1、R2为定值电阻，已知R：R1：R2=1：1：2，当滑片P移动到a端时，闭合开关S1、S2，通过R1与R2的电流之比是_；当滑片P移动到b端时，只闭合开关S2，通电1min，R与R2产生的热量之比是_。18. 如图所示，一个底面积为800cm2的薄壁圆柱形容器中装有某种液体，将一边长为10cm的正方体木块轻放入该容器中，木块静止时露出液面的高度为2cm，液体对容器底部的压强变化了80Pa。则该木块底部受到的液体压强为_Pa，木块受到的浮力为_N。四、作图题（本大题共2小题，共2.0

7、分）19. 画出图中折射光线的入射光线。20. 请用笔画线表示导线，将电灯和开关接入家庭电路中。五、实验探究题（本大题共5小题，共28.0分）21. 图甲是用海波和石蜡“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验装置。(1)组装器材时，应先固定图甲中的_。(选填“A”“B”或“C”)(2)开始实验后，某一时刻温度计的示数如图甲所示，温度为_。(3)根据实验数据绘制的两种物质熔化时温度随时间变化图象如图乙所示，由图象可知石蜡是_(选填“晶体”或“非晶体”)，海波熔化持续了_min。(4)由实验可得到晶体熔化特点：_。(5)由实验可知，晶体的温度是熔点时，可能处于_态。A.固B.液C.固液共存22. “

8、探究影响导体电阻大小的因素”的实验装置如图所示，在实验中使用四根电阻丝，其材料规格如表所示。编号材料长度/m横截面积/mm2灯泡亮度A锰铜合金0.50.8亮B镍铬合金0.50.8较亮C镍铬合金0.50.4较暗D镍铬合金1.00.4暗(1)实验中通过观察_比较电阻丝电阻的大小。(2)实验中采用的研究方法是_和转换法。(3)分别将编号为_的电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的材料有关。(4)分别将编号为B、C的电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的_有关。(5)分别将编号为C、D的电阻丝接入电路进行实验，其得到的实验结论被实际应用到了_的工作原理中。A.电

9、压表B.电流表C.滑动变阻器(6)实验过程中某小组同学更换电阻丝后发现小灯泡亮度变化不明显，可用_代替小灯泡完成实验。23. 为了探究动能大小的影响因素，利用斜面、钢球、木块等器材在同一水平面上开展了如图所示的探究活动。(1)该实验中所探究物体的动能是指_的动能。(选填“钢球”或“木块”)(2)由甲、乙两图可知，当物体质量相同时，速度越大，动能越大。(3)如甲、丙两图所示，让不同质量的钢球从同一斜面的_由静止滚下，目的是_，可得出结论：_。(4)若斜面下方水平面光滑，本实验_达到实验目的。(选填“能”或“不能”)24. 如图为“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。(1)挂钩码前杠杆

10、静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于_状态。(选填“平衡”或“不平衡”)(2)为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向_调节。(选填“左”或“右”)(3)实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是_。收集实验数据如表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件：_。次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.015.01.510.021.020.04.05.032.015.03.010.0(4)为了进一步验证实验结论，又做了图乙所示的实验，现将弹簧测力计从a位置移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平

11、位置平衡，弹簧测力计示数将_。(选填“变大”“不变”或“变小”)25. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小灯泡上标有“2.5V”字样。(1)实验原理是_。(2)图甲中有一根导线多余导致电路错误，请在这根导线上打“”(3)改正电路错误后，在闭合开关前，应将图甲中滑动变阻器的滑片调至_端。(选填“A”或“B”)(4)闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是_。A.更换小灯泡B.检查电路是否断路C.移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光(5)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为_W。(6)小华用如图丙所示的电路也完成了该实验。电源电压不变，R1和R2为

12、滑动变阻器，R2的最大阻值为R0。实验步骤如下：只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表的示数为U额；只闭合开关S、S2，调节R1，使电压表的示数仍为U额；接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额=_。(用U额、R0、U1、U2表示)六、计算题（本大题共2小题，共14.0分）26. 如图甲所示，有一底面积为0.01m2，质量为3kg的正方体物块，在拉力F的作用下在水平面上做直线运动。拉力随时间变化、速度随时间变化图象分别如图乙、丙所示，已知物块在24s的运动距离为2m。求：(1)物块静止时对水平面的压强；(

13、2)在24s物块受到的摩擦力；(3)在前6s内，拉力F做的功。27. 如图甲所示的电路，电源电压可调，R为标有“1A”字样的滑动变阻器，a、c为其两个端点，电流表量程为03A，电压表量程为015V，L1、L2是额定电压均为6V的小灯泡，其电流与电压的关系如图乙所示。求：(1)L1正常发光时的电阻；(2)闭合开关S，断开S1、S2，在不损坏电路的情况下，使其中一盏灯正常发光，电压表示数是多少？(3)闭合开关S、S2，断开S1，将电源电压调至14V，当滑动变阻器滑片P在b点时，小灯泡正常发光，此时Rab：Rbc=1：2，则滑动变阻器的最大阻值是多少欧姆？(4)若不限制电路中各开关的状态，滑动变阻器

14、滑片P的移动范围为中点位置至最大阻值处；现移动滑片P的同时调节电源电压，使电路中有小灯泡正常发光，其它各元件均安全，每种电路对应的总功率变化范围。答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故A不符合题意；B、雨后天边出现的彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故B不符合题意；C、手影游戏中影子是因为手挡住了沿直线传播的光，属于光的直线传播现象，故C不符合题意；D、演员对着镜子画脸谱属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意。故选：D。(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直

15、线传播，与光的直线传播相关的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。本题考查了光的反射现象的应用，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；还要区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射。2.【答案】B【解析】解：A、电路缺少开关，为不完整电路，故A错误；B、包括电源、开关、导线和用电器四部

16、分，为完整的电路，故B正确；C、闭合开关，会形成短路，故C错误；D、电灯没有接入电路，故D错误。故选：B。一个完整的电路至少由电源、开关、用电器组成，据此分析各电路图，进行解答。本题考查了电路是否完整的判断，是一道基础题；知道完整电路的组成要素、分析清楚图示电路是解题的关键，并要掌握电路的短路状态是不可取的。3.【答案】C【解析】解：A、声音是由振动产生的，以波的形式在介质中传播，真空不能传声，故A错误；B、物体振动的频率越低，音调越低，故B错误；C、汽车安装倒车雷达是利用声传递信息，故C正确；D、发声体做有规则振动时发出的声音如果影响人们的工作、学习、休息或对人们要听的声音起干扰作用也会成为

17、噪声，故D错误。故选：C。(1)声音是由物体振动产生的，以波的形式向前传播；声音的传播需要介质。(2)音调表示声音的高低，它和发声体的振动频率有关；响度指声音的强弱，是由发声体振动的振幅和距离决定的。(3)声音能够传递信息，也能够传递能量。(4)从物理学角度，噪声是物体做无规则振动发出的声音；从环保的角度，噪声是指妨碍人正常休息、学习和生活的声音以及对人们要听到的声音起干扰作用的声音。本题综合考查了声音的产生和传播、声音的特征、声音的利用、噪声的定义等知识，基础题。4.【答案】C【解析】解：A、由图知，L1和L2串联，串联电路中各处的电流相等，IA=IB=IC，故A不正确；B、由图知，L1和L

18、2串联，串联电路中总电压等于各串联电压之和，UAC=UAB+UBC，故B不正确；C、由图知，L1和L2并联，并联电路中总电流等于各支路之和，IA=IB+IC，故C正确；D、由图知，L1和L2并联，并联电路中总电压等于各支路电压，UAB=UCD+UEF，故D不正确；故选：C。(1)根据串联电路中各处的电流相等，可得出电流的关系；(2)根据串联电路中总电压等于各串联电压之和，可得出电压的关系；(3)根据并联电路中总电流等于各支路之和，可得出电流的关系；(4)根据并联电路中总电压等于各支路电压，可得出电压的关系。解答此题的关键主要抓住串联和并联电路的电流和电压特点，从而可判断出通过的电流和电压关系。

19、5.【答案】A【解析】解：A、据测电笔的使用可知，使用试电笔时，手一定要接触到笔尾金属体，故A符合安全用电的原则；B、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，故B不符合安全用电原则；C、当人体直接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电，故C不符合安全用电原则；D、用湿毛巾擦拭用电器，因生活用水是导体，容易造成触电事故，因此不能用湿市擦拭与电源连通的用电器，故D不符合安全用电原则；故选：A。(1)使用试电笔时，手必须碰到笔尾金属体；(2)多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大；(3)当人体直接接触火线并形成电流通路的时候，就

20、会有电流流过人体，从而造成触电；(4)湿毛巾擦灯泡时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上。本题的解题关键是了解安全用电的基本原则，相对比较简单，属于基础题。6.【答案】D【解析】解：(1)力是物体对物体的作用，施力物体与受力物体一定同时存在，故正确；(2)弹力是物体由于发生弹性形变而产生的力，则不发生弹性形变不产生弹力，故不正确；(3)形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，但物体的重心不一定在物体上，故不正确；(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，故正确；(5)物体的运动是需要力来改变，而不是需要力来维持，故不正确；(6)摩擦力的方向总是

21、与物体相对运动的方向相反，摩擦力的方向可以为物体的运动提供动力，故正确；故选：D。(1)力是物体对物体的作用，谈到力一定涉及两个物体，一个是施力物体一个是受力物体，只有一个物体不会产生力；(2)物体由于发生弹性形变而产生的力叫做弹力；(3)规则物体的重心在物体的几何中心，但物体的重心不一定在物体上；(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，缺一不可；(5)物体的运动是需要力来改变，而不是需要力来维持；(6)摩擦力的方向总是与物体相对运动的方向相反，摩擦力的方向可以为物体的运动提供动力。本题考查力的相关知识，力的定义、力的相互作用、弹力、重心、摩擦力等基础基础。7

22、.【答案】B【解析】解：A、由图可知，第10min时，甲的路程小于乙的路程，故A错误。B、由图可知030min，甲、乙的路程和时间都相等，根据v=st，则他们的平均速度相等，故B正确。C、由图可知1020min，甲做匀速直线运动，乙的路程不变，处于静止状态，甲、乙之间的位置不断发生变化，因此以乙为参照物，甲是运动，故C错误。D、由图可知2030min，甲、乙都做匀速直线运动，开始甲在乙的前边，第30min时甲、乙相遇，说明甲、乙二人之间的距离越来越小，故D错误。故选：B。在st图像中倾斜直线代表物体做匀速运动，据此分析甲、乙两物体的运动状态，利用速度公式求路程和速度。本题考查了速度公式及其应用

23、，理解运动图像的含义，并从图像中读取相关信息是解题的关键。8.【答案】C【解析】解：设空烧杯的质量为m杯，液体的密度为，由=mV可得变形式m=V，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=158g 可得：20cm3+m杯=158g- 当液体体积为V2=120cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=248g 可得：120cm3+m杯=248g- 得液体的密度：=0.9g/cm3=0.9103kg/m3。代入得：m杯=140g。故选：C。空烧杯的质量为m杯，液体的密度为，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=158g；当液体体积

24、为V2=120cm3时，液体和杯的总质量m总2=248g，根据“液体的质量+空烧杯的质量=总质量”列方程求出液体密度和空烧杯质量。读取图象获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，即考查了密度的相关计算，同时更考查了对图象的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。9.【答案】AC【解析】解：A、篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积增大压强，故A正确；B、液体压强随深度的增大而增大，拦河大坝下面修得很宽是为了能承受更大的压强，但不是减小水对大坝底部的压强，故B错误；C、根据大气压与海拔高度的关系：海拔越高，大气压越低。所以从山下到山上的过程中，

25、大气压是逐渐减小的，故C正确；D、当列车驶过时，列车周围的空气流速增大，压强减小，故D错误。故选：AC。(1)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。(2)拦河大坝下面修得很宽是因为液体的压强随深度的增大而增大。(3)大气压随海拔高度的增加而降低。(4)流体压强与流速的关系：流速越快，压强越小；流速越慢，压强越大。本题考查了增大压强的方法、液体压强的特点、大气压与海拔高度的关系、流体压强和流速的关系等知识，具有一定的综合性，是中考的热点内容，掌握相关基础知识是解决问题的关键。10.【答案】ACD【解析】解：(1)闭合开关，两电阻串联

26、接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变大，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，据此可知图线a是通过电路的电流随电压表V1的示数变化关系图象，图线b是通过电路的电流与电压表V2的示数变化关系图象，故A正确；(2)当电压表V1、V2的示数相等时，由乙图可知此时通过电路的电流为0.3A，此时两电压表示数均为3V，串联

27、电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压：U=3V+3V=6V，故C正确；定值电阻的阻值：R2=U2I=3V0.3A=10，故D正确；根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻等于定值电阻的阻值，都为10，(3)由图乙可知通过电路的电流最小为0.1A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可得此时定值电阻两端的电压：U2=IR2=0.1A10=1V，此时滑动变阻器两端的电压：U2=UU2=6V1V=5V，则滑动变阻器的最大阻值：R1=U1I=5V0.1A=50，据此可判断当电压表V1、V2的示数相等时，滑片不在滑动变阻器的中点位置，故B错误。故选：

28、ACD。(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，关键串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变化，关键串联电路电压规律判断滑动变阻器两端的电压变化，据此分析a、b两图像；(2)当电压表V1、V2的示数相等时，由乙图可知此时通过电路的电流和两电压表示数，根据串联电路电压规律计算电源电压根据欧姆定律计算定值电阻的阻值，同时可知此时滑动变阻器接入电路的电阻等于定值电阻的阻值；(3)由图乙可知通过电路

29、的最小电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可得此时定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，据此可判断当电压表V1、V2的示数相等时滑片的位置。本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。11.【答案】电磁波 可再生【解析】解：神舟十四号靠接收和发射电磁波与地面联系；空间站利用的太阳能是可再生能源。故答案为：电磁波；可再生。(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空

30、中传播；(2)可再生能源是指可以从自然界中源源不断地得到的能源，如水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能等，不可再生能源是指不可能在短期内从自然界得到补充的能源，如化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能等。本题考查能源和电磁波的有关知识，有一定综合性，难度不大。12.【答案】放大 投影仪【解析】解：由图知，像距大于物距，所以此时在光屏上成倒立放大的实像，投影仪是利用这一原理制成的。故答案为：放大；投影仪。观察比较物距和像距的远近就可以判断。此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像的规律，要熟练掌握成像的规律，并进行总结。13.【答案】做功 减少【解析】解：如图所示，火花塞有火花，两个气阀都

31、关闭，活塞向下运动，故是汽油机的做功冲程；做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能，内能减少，机械能增大。故答案为：做功；减少。(1)汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功和排气冲程；吸气冲程进气阀打开，排气阀关闭，活塞向下运动；压缩冲程两个气阀都关闭，活塞向上运动；做功冲程两个气阀都关闭，活塞向下运动；排气冲程排气阀打开，进气阀关闭，活塞向上运动；(2)做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能。本题考查了学生对热机做功冲程及能量转化的理解，属于基础题，难度不大。14.【答案】带负电或不带电 吸引【解析】解：三个小球a、b相互排斥，说明一定带同种电荷，a带正

32、电，则b一定带正电；b、c相互吸引，说明可能带异种电荷或其中一个不带电，则c带负电或不带电；用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近a，二者将相互吸引。故答案为：带负电或不带电；吸引。(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。(2)用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。本题考查电荷间的相互作用规律和两种电荷的特点。15.【答案】B 电磁感应【解析】解：用右手握住通电螺线管，四指弯曲方向指向电流方向，大拇指所指的B端为通电螺线管N极，发电机把机械能转化为电能，是利用电磁感应原理工作的。故答案为：B；电磁感应。根据安培定则判断通电螺线管N极在哪一端；发电机把机械能

33、转化为电能，是利用电磁感应原理工作的。本题考查安培定则和电磁感应原理的灵活运用16.【答案】8.4104 80%【解析】解：(1)根据密度公式=mV知水的质量为：m=V=1.0103kg/m31103m3=1kg；水吸收的热量是：Q吸=c水m(tt0)=4.2103J/(kg)1kg(9575)=8.4104J；(2)根据P=Wt知饮水机消耗的电能是：W=Pt=500W210s=1.05105J；饮水机的效率为：=Q吸W100%=8.4104J1.05105J100%=80%。故答案为：8.4104；80%。(1)已知热水箱的容量也就是装满水后水的体积，利用m=V计算水的质量；又知道水的初温、

34、末温，利用Q吸=c水m(tt0)计算吸收的热量；(2)已知加热功率和工作时间，利用W=Pt计算消耗的电能，利用=Q吸W计算饮水机的效率。本题考查密度公式、吸热公式、电功公式和效率公式的应用，在计算过程中要注意单位的统一。17.【答案】2：1 1：2【解析】解：当滑片P移动到a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S1、S2，R1和R2并联接入电路，并联电路各支路两端电压相等，R1：R2=1：2，由欧姆定律I=UR可得通过R1与R2的电流之比为：I1I2=UR1UR2=R2R1=21；当滑片P移动到b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，只闭合S2，R和R2串联接入电路，通过两电阻的电流相同，根据

35、Q=I2Rt知通电1min，R与R2产生的热量之比为：QRQ2=I2RtI2R2t=RR2=12。故答案为：2：1；1：2。当滑片P移动到a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S1、S2，R1和R2并联接入电路，根据并联电路电压特点结合欧姆定律I=UR可得通过R1与R2的电流之比；当滑片P移动到b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，只闭合S2，R和R2串联接入电路，根据Q=I2Rt算出通电1min，R与R2产生的热量之比。本题考查串联电路特点、并联电路特点、焦耳定律、欧姆定律的灵活运用。18.【答案】640 6.4【解析】解：木块排开液体的体积为：V排=S木h浸=(10cm)2(10cm2c

36、m)=800cm3=8104m2，容器中液面升高的高度为：h=V排S容器=800cm3800cm2=1cm=0.01m，根据p=gh知液体的密度为：液体的密度为：液=pgh=80Pa10N/kg0.01m=0.8103kg/m3，该木块底部受到的液体压强为：p=液gh浸=0.8103kg/m310N/kg(101022102m)=640Pa；木块受到的浮力为：F浮=液gV排=0.8103kg/m310N/kg8104m2=6.4N。故答案为：640；6.4。由V=Sh算出木块排开液体的体积，由h=V排S容器算出容器中液面升高的高度，根据p=gh算出液体的密度和该木块底部受到的液体压强，再由F浮

37、=液gV排算出木块受到的浮力。本题考查了体积公式、液体压强公式以及阿基米德原理公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。19.【答案】解：根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，作出入射光线，如图所示：【解析】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。20.【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的上端，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示

38、：【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的上端。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。21.【答案】C 38 非晶体 6 继续吸热，温度不变 ABC【解析】解：(1)由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定C的高度；(2)温度计的分度值是1，所以其温度为38；(3)由乙图可知，石蜡在熔化过程中温度不断升高，故石蜡是非晶体；海波熔化过程持续了6min；(4)由实验可得到晶体熔化特点是继续吸热，温度不变。(5)同种晶体的熔点等于凝固点，晶体在熔点或凝固点时，物质可能是固态，可能是液态，可能是固液共存，故选：A

39、BC。故答案为：(1)C；(2)38；(3)非晶体；6；(4)继续吸热，温度不变；(5)ABC。(1)在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；(2)要正确的读数一定要先认清温度计的分度值；(3)熔化时温度不变的固体叫晶体，温度变化的固体叫非晶体；由表中实验数据可知，海波熔化时，从第4分钟到第10分钟海波的温度保持48不变，熔化过程经历了6min；(4)晶体熔化特点是继续吸热，温度不变；(5)晶体熔点时，物质可能是固态，可能是液态，可能物质固液共存。本题是探究固体熔化时温度的变化规律的实验，

40、综合性较强，难度较大。22.【答案】小灯泡的亮度 控制变量法 A、B 横截面积 C 电流表【解析】解：(1)将不同的电阻丝接入电路，电流大小不同，灯泡亮度不同，因此实验中是通过观察灯泡亮度来比较电阻大小的，这种研究问题的方法叫做转换法；(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，所以本实验采用的研究方法是控制变量法和转换法；(3)要探究导体的电阻与导体材料的关系，应控制长度和横截面积相同，而材料不同，因此应将编号为A、B的电阻丝接入电路进行实验；(4)如果选用编号为B、C两根电阻丝进行实验，即此时的长度和材料相同，但横截面

41、积不同，故是为了验证导体的电阻与横截面积的关系；(5)如果选用编号为C、D两根电阻丝进行实验，即此时的材料和横截面积相同，但长度不同，从而得出结论：在材料和横截面积相同，导体长度越长，电阻越大，该结论被实际应用到了滑动变阻器的工作原理中，故选：C；(6)发现小灯泡的亮度变化不明显，则电路的电流变化较小；由于电流表能精确测量电流的大小，所以可在电路中串联一个电流表代替小灯泡完成实验。故答案为：(1)小灯泡的亮度；(2)控制变量法；(3)A、B；(4)横截面积；(5)C；(6)电流表。(1)物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间

42、接测量，这种研究问题的方法叫做转换法；(2)(3)(4)(5)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；(6)电流表可较准确的测量电流大小。本题是一道实验题，考查了影响导体对电流的阻碍作用与导体的长度和横截面积的关系，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。23.【答案】钢球 同一高度 使钢球运动到水平面时速度相同 当物体速度相同时，质量越大，动能越大 不能【解析】解：(1)该实验研究的主体是

43、钢球，研究的是钢球动能的大小与速度和质量的关系；(2)由甲、乙两图可知，当物体质量相同时，速度越大，动能越大。(3)换用质量不同的钢球从斜面的同一高度由静止开始滚下，由于高度相同，则到达水平面的速度是相同的，由于质量是不同的，所以探究钢球的动能大小与物体质量的关系为：当物体速度相同时，质量越大，动能越大；(4)从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，钢球不受摩擦力作用，钢球所受合力为0，所以钢球将做匀速直线运动，不能达到实验目的。故答案为：(1)钢球；(3)同一高度；使钢球运动到水平面时速度相同；当物体速度相同时，质量越大，动能越大；(4)不能。(1)运动的物体具有动能，小球从高处滑下时具有动能；(2

44、)(3)影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；(4)根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。该题考查了转换法、控制变量法等研究方法在探究实验中的应用，在平时做实验时要多观察，多思考。24.【答案】平衡 右 便于测量力臂 动力动力臂=阻力阻力臂(F1l1=F2l2) 变大【解析】解：(1)杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，所以图甲中的杠杆处于平衡状态；(2)杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母(左端和右端的均可)向右调节；(3)测量过程中使杠杆在水平位

45、置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，所以使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；分析表格中的数据知1.0N15.0cm=1.5N10.0cm，1.0N20.0cm=4.0N5.0cm，2.0N15.0cm=3.0N10.0cm，故可得出杠杆平衡的条件是：动力动力臂=阻力阻力臂(F1l1=F2l2)；(4)图乙中，当将弹簧测力计从a位置逆时针移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力由垂直变成倾斜时，阻力、阻力臂不变，拉力F力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡。故答案为：(1)平衡；(2)右；(2)便于测量力臂；动力动力臂=阻力阻力臂(F1l1=F2l2)；(4)变大。(1)杠杆平衡状态：静止或匀速转动；(2)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移；(3)测量过程中使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆平衡的条件是：动力动力