2021年山东省枣庄市中考物理试卷及答案解析.docx

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1、2021年山东省枣庄市中考物理试卷一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）1. 下列有关误差的说法中，正确的是()A. 多次测量取平均值可以消除误差B. 误差是不遵守仪器的使用规则产生的C. 只要认真测量，就可以避免误差D. 选用精密仪器测量可以减小误差2. 随着科学技术和社会的发展，超声波已广泛应用于各个领域。下列事例中利用超声波传递信息的是()A. 用超声波电动牙刷刷牙B. 用超声波给金属工件探伤C. 用超声波清洗眼镜片D. 用超声波除去人体内的结石3. 如图是光源S发出的光线从水中斜射入空气中的光路图，下列关于人在岸上观察到光源S所成像的说法正确的是()A. 光源S所成的虚像在直线上

2、B. 光源S所成的虚像在直线上C. 光源S所成的实像在直线上D. 光源S所成的实像在直线上4. 关于放大镜，下列说法不正确的是()A. 放大镜的镜片就是一个凸透镜B. 放大镜所成的像都可以用光屏承接C. 用放大镜可以得到物体正立的虚像D. 用放大镜可以得到物体倒立的实像5. 如图甲所示，弹簧的一端挂在墙上，一人用4N的力F拉另一端，弹簧伸长了5cm；如图乙所示，两个人分别拉该弹簧的两端，弹簧也伸长了5cm，则每个人的力F分别为()A. 4N、0B. 0、4NC. 4N、4ND. 8N、8N6. 如图是人们采用撞击锤柄下端的方法使松动的锤头紧紧套在锤柄上的情景，这主要是利用了下列哪一个物体有惯性

3、()A. 凳子B. 手C. 锤柄D. 锤头7. 下列生活中的现象均与大气压有关，其中一个利用的原理与另外三个不同的是()A. 吸饮料B. 拔火罐C. 高压锅煮饭D. 吸盘紧贴在墙面8. 如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于木杆的作用力F，使木杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将()A. 先变大，后变小B. 先变小，后变大C. 一直是变大的D. 一直是变小的9. 在新冠肺炎疫情防控中，涉及到很多物理知识，下列说法正确的是()A. 医务人员所戴的护目镜上经常出现水雾是汽化现象B. 我们很远能闻到消毒液的气味是因为分子在做热运动C. 用酒精擦拭皮

4、肤感到凉爽是因为酒精蒸发放热D. 用冰块给发热病人降温是因为冰块的内能为零10. 如图所示，当开关S闭合时，小灯泡L不亮，小明同学利用电压表进行电路故障检测，检测结果如表所示。则电路中的故障是() 测试点a、bb、cc、d电压表示数有示数无示数有示数A. 开关S断路B. 小灯泡L断路C. 滑动变阻器R断路D. 滑动变阻器R短路11. 如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S，当滑片P从变阻器的a点向b点移动的过程中，下列关于电流表A和电压表V示数变化的说法正确的是()A. 电流表A示数变小，电压表V示数变大B. 电流表A示数变小，电压表V示数不变C. 电流表A示数变大，电压表V示数变小D. 电流

5、表A示数变大，电压表V示数不变12. 如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，闭合开关，电流表示数为0.1A，小灯泡的功率为0.3W。移动滑片，使滑动变阻器最大阻值的13接入电路，电流表示数为0.2A，小灯泡恰好正常发光，且小灯泡消耗的功率为1W。下列计算结果错误的是() A. 电源电压为9VB. 小灯泡正常发光时电阻为25C. 滑动变阻器的最大阻值为60D. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率为4W二、填空题（本大题共6小题，共14.0分）13. 如图所示，三条互相平行的光线入射到凹凸不平的物体表面上，三条反射光线_ (选填“会”或“不会”)平行射出，这种反射_ (选

6、填“遵循”或“不遵循”)光的反射定律。14. 如图是小聪同学利用水、弹簧测力计和金属块测量某液体密度的情景。根据图中信息可知，金属块的重力是_ N，金属块在水中受到的浮力是_ N，所测液体的密度是_ kg/m3。(取g=10N/kg)15. 如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触带电验电器的金属球时，发现验电器金属箔片的张角变大，则验电器原来带_ 电；在金属箔张角变大的瞬间，验电器金属杆里的电流方向是从_ 。16. 我们在家收看电视节目，电视机接收到的图像信号和声音信号是利用电磁波以_ m/s的速度传递来的。电视机消耗的电能属于_ (选填“一次”或“二次”)能源。17. 如图是四冲程汽油机的某个

7、冲程，由图可看出它正处于_ 冲程，该冲程将机械能转化为_ 能，若该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每秒钟对外做功_ 次。18. 小莹同学测量电流时，连接好电路，闭合开关，发现电流表指针向左偏转至图甲所示位置，原因是电流表_ ；断开开关，纠正错误后，再闭合开关，发现指针偏转至图乙所示位置，接下来的操作是：断开开关，_ 继续进行实验。三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）19. 根据安全用电原则，请用笔画线代替导线，将图中的开关、电灯正确接入家庭电路中。四、实验探究题（本大题共3小题，共16.0分）20. 学习了影响液体蒸发快慢的因素后，王丽同学猜想：液体蒸发快慢可能还与液体的种类有关。请

8、你利用下面提供的实验样品设计实验，验证王丽的猜想是否正确。 (1)实验时，应控制液体上方空气流动的快慢、液体的温度和液体的_ 都相同。(2)实验室已提供了用规格相同的容器分别装有酒精和水的甲、乙、丙、丁4个样品，如图1所示。按实验要求，应选择_ 两个样品进行对比研究。(3)若一个同学正确选好两个样品后，将一个放在温暖的室内，另一个放在寒冷无风的室外，经过相同时间后进行对比研究。这个同学设计的方案存在的问题是没控制_ 相同。该同学发现问题后及时纠正错误并进行了正确实验操作，经过相同时间后，样品的情况如图2所示。据此，你认为王丽的猜想是_ (选填“正确”或“不正确”)的。21. 学习了电磁感应现象

9、后，小雨同学还想进一步探究感应电流的大小与哪些因素有关。他使用的装置如图所示：铁块E、F上绕有导线并与开关、滑动变阻器、电源、灯泡组成电路。线框abcd与灵敏电流计G相连。(线框abcd在铁块E、F上方，实验过程中线框不扭转) 【猜想与假设】小雨做出了如下猜想：A.感应电流的大小与磁场的强弱有关；B.感应电流的大小与导体切割磁感线的速度有关。【设计与进行实验】(1)小雨探究猜想A的设计思路如下：改变电磁铁的_ 进行多次实验，每次实验保持线框沿竖直向下穿过电磁铁磁场的速度相等，观察并记录每次实验中灵敏电流计G指针偏转的格数。(2)要探究猜想B，实验时应保持电磁铁_ 不变，改变线框切割磁感线的速度

10、进行多次实验，分别记下每次实验中灵敏电流计指针偏转的格数，实验数据记录如表所示。 实验次数切割磁感线的速度电流计指针偏转格数1慢速1.5格2中速2.5格3快速4格【分析论证】(3)分析表格数据可得出的结论是：其他条件都相同时，_ ，闭合电路中产生的感应电流越大。【交流评估】(4)实验中用电磁铁代替永磁体的好处是：_ 。(5)按照小雨的设计思路探究猜想A，实验时在操作上存在的困难是：_ 。22. 在综合实践活动中，物理兴趣小组的同学们用大豆、花生等食材制作了美味豆浆，为测量豆浆的密度，他们从实验室借来相关实验器材进行了如下实验设计和实验操作。(1)将天平放在水平桌面上，指针静止时如图所示。要使天

11、平水平平衡：首先将游码移到标尺左端的_ 处，再向_ (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，直到指针指在_ 为止。(2)兴趣小组的同学们分别设计的实验方案如下：方案一：用天平测出空烧杯的质量m1，在烧杯中倒入适量的被测豆浆，测出它们的总质量m，将烧杯中的豆浆倒入量筒中，读出豆浆的体积V，利用密度公式计算出豆浆的密度。方案二：在烧杯中倒入适量的被测豆浆，测出它们的总质量m，将烧杯中的部分豆浆倒入量筒中，读出豆浆的体积V，测出烧杯和杯中剩余豆浆的质量m1，利用密度公式计算出豆浆的密度。方案三：在量筒中倒入适量的被测豆浆，读出豆浆的体积V，用天平测出空烧杯的质量m1，将量筒中的豆浆倒入烧杯，测出总质量m

12、，利用密度公式计算出豆浆的密度。(3)分析以上三种方案，请写出你认为合理设计方案中豆浆的密度表达式豆浆= _ ；你再任选其中一个不合理的设计方案，并分析不合理设计方案的原因：如方案_ ，是由于在测量豆浆的_ 时会产生较大的误差，使得计算出的豆浆密度值偏_ 。五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）23. 如图所示，工人师傅用150N的拉力，使重为1000N的物体以0.2m/s的速度在地面上沿水平方向做匀速直线运动，已知物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍。不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦。求：(1)工人师傅拉力的功率；(2)动滑轮的重；(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机

13、械效率是多少？24. 康康家里有一台电火锅，部分技术参数如表，图甲是其内部电路的工作原理简图，R1、R2均为阻值不变的加热电阻，通过开关S、S1、S2的通断可实现三个挡位功能的切换，其中S2是能分别与a、b两掷点相连的单刀双掷开关。(水的比热容：4.2103J/(kg) 额定电压220V高温挡1100W低温挡880W保温挡W (1)电火锅正常工作时，锅内水温随时间变化的图象如图乙所示。若用高温挡把质量为4kg、初温为50的水加热到60，求此过程中水吸收的热量和电火锅的热效率；(2)若改用低温挡给(1)问中的水加热，请比较使用高温挡还是低温挡更节能；(3)求电火锅正常工作时保温挡的电功率。答案解

14、析1.【答案】D【解析】解：A、多次测量取平均值可以减小误差，但不能消除误差，故A错误；B、错误是不遵守仪器的使用规则产生的，故B错误；C、只要认真测量，就可以避免错误，误差不能避免，故C错误；D、选用精密仪器测量可以减小误差，故D正确。故选：D。测量时，受所用仪器和测量方法的限制，测量值和真实值之间总会有差别，这就是误差，我们不能消除误差，但应尽量的减小误差。误差不是错误，测量错误是由于不遵守测量仪器的使用规则，读数时粗心造成的，是不该发生的，是能够避免的。多次测量求平均值，选用精密的测量工具，改进测量方法，都可以减小误差，但不能消除误差。误差与错误在产生原因上及是否能避免等方面都存在着本质

15、的区别，我们应充分认识二者的不同。2.【答案】B【解析】解：A、用超声波电动牙刷刷牙，说明声可以传递能量，故A错误；B、用超声波给金属工件探伤，说明声可以传递信息，故B正确；C、用超声波清洗眼镜片，说明声可以传递能量，故C错误；D、用声波除去人体内的结石，说明声可以传递能量，故D错误。故选：B。声可以传递信息和能量。区分声传递信息和能量的实例，可解答此题。3.【答案】A【解析】解：人在岸上观察到水中点光源S成的像S，是水中S射向水面的光在水面发生折射后进入人的眼睛，人眼逆着折射光线看到了比S浅的虚像S(S在直线上)，故A正确。故选：A。发生折射时，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线

16、和入射光线分居在法线两侧，光从水或其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，由此分析解答。本题考查学生对光的折射定律和根据折射定律作图的认识，属于一道基础题。4.【答案】B【解析】解：A、放大镜的实质是一个凸透镜，故A正确；BCD、放大镜可以成倒立的实像，能够被光屏承接，放大镜可以成正立、放大的虚像，不能被光屏承接，故B错误，CD正确。故选：B。放大镜是一个凸透镜，当u2f，成倒立、缩小的实像，物像在凸透镜的异侧。当u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，物像在凸透镜的异侧。当2fuf，成倒立、放大的实像，物像在凸透镜的异侧。当uf，成正立、放大的虚像，物像在凸透镜的同侧

17、。本题考查了凸透镜成像规律的特点，属于基础题。5.【答案】C【解析】解：改为两人拉弹簧后，其中一人跟墙一样起到了固定弹簧的作用，因此弹簧伸长不变，所用拉力也不变，还是4N，根据力的作用的相互性，另一个人的拉力也为4N。故选：C。此题为弹簧测力计的制作原理与力的相互作用的知识点结合的题目，可根据力的作用是相互的来解决问题。根据弹簧的伸长相同，则受到的拉力相同，此题在讲解过程中可提供弹簧测力计，让学生亲身体验学生会体会更深。6.【答案】D【解析】【分析】一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性。本题主要考查学生用惯性知识解释生活中一些现象的能力，体现了从物理走向生活的理念，是一道基础题。【解答】

18、锤头与锤柄原来都向下运动，锤柄撞在硬物上受到阻力作用，改变了它的运动状态，就停止了运动，锤头由于惯性仍保持原来的运动状态，继续向下运动，这样锤头就紧套在锤柄上了，故D正确。故选：D。7.【答案】C【解析】解：拔火罐、吸饮料、吸盘紧贴在墙面这三项都是利用了大气压来完成的，高压锅是根据气压越高沸点越高来工作的，故C符合题意。故选：C。(1)用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，在大气压力的作用下被压入嘴中。(2)拔火罐时，罐内的气压小于罐外的大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上。(3)高压锅密封好，锅内气压高于外面大气压，而液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高，所以高压锅内水的沸点高于100

19、。(4)先赶出吸盘内的空气，使吸盘内的气压小于吸盘外的大气压，外界大气压将吸盘紧紧压在墙壁上。本题考查了大气压强在生活中的应用和液体的沸点与气压的关系问题，本题难度不大，属于常考题。8.【答案】A【解析】解：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力为杠杆的重力，也不变，阻力力臂变大，所以动力变大。当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，所以动力变小。故F先变大后变小。故选：A。从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后

20、分析阻力与阻力臂的关系，并得出正确结果。本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用。能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键。9.【答案】B【解析】解：A、护目镜上出现水雾是医务人员呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；B、我们很远能闻到消毒液的气味是因为分子在不停地做无规则运动，故B正确；C、皮肤上涂一些酒精会感到凉爽是因为酒精蒸发时吸热，故C错误；D、用冰块给发热病人降温，是冰熔化从人体吸收热量，达到降温的目的，故D错误。故选：B。(1)物质由气态变为液态叫液化；(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动；(3)物质由液态变为气态叫汽化，汽化有沸腾

21、和蒸发两种方式，汽化要吸热；(4)冰给病人降温是因为冰熔化吸收热量。本题主要考查了分子热运动及物态变化等理解，判断物态变化关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。10.【答案】C【解析】解：当开关S闭合时，小灯泡L不亮，说明电路可能出现了断路现象或灯泡短路；ab间电压表有示数，说明a到电源负极、b到电源正极之间都是通路；cd间电压表有示数，说明d到电源负极、c到电源正极之间都是通路；bc间电压表无示数，说明c到电源负极间有断路或bc间有短路；所以符合条件的只有C。故选：C。小灯泡不亮，说明电路出现了断路或灯泡发生了短路现象，根据电压表的示

22、数判定故障的原因。本题考查了学生能在实验操作中用电压表判断电路故障的方法，属于中难度题。11.【答案】B【解析】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测量干路中的电流；由于电源电压不变，滑片移动时，电压表示数不变；并联电路各支路互不影响，滑片移动时，通过定值电阻的电流不变；闭合开关S，当滑片P从变阻器的a点向b点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变小，电流表示数变小，故B正确。故选：B。由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测

23、量干路中的电流；根据电源的电压不变判断电压表V示数变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断通过定值电阻的电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路电流的特点判定电流表示数的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。12.【答案】D【解析】解：AC、电路中，灯与滑动变阻器串联，电压表测灯两端的电压，电流表测电路的电流，滑动变阻器滑片移至最大阻值处，闭合开关，电流表示数为0.1A，小灯泡的功率为0.3W，根据P=UI，灯泡两端的电压为：UL1=PL1IL1=

24、0.3W0.1A=3V；根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：U=UL1+IL1R滑=3V+0.1AR滑-，移动滑片，将滑动变阻器最大阻值的13接入电路时，电流表示数为0.2A，小灯泡恰好正常发光，消耗的功率为1W，灯的电压为：UL2=PL2IL2=1W0.2A=5V，根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：U=UL2+IL213R滑=5V+0.2A13R滑-，由得：R滑=60，U=9V，故A正确，C正确；BD、由欧姆定律，灯泡正常发光时的电阻为：RL2=UL2IL2=5V0.2A=25，故B正确；小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为：U滑=UUL2=9V5V=4V，变阻器的功率为：P滑

25、=U滑I滑=4V0.2A=0.8W，故错误。故选：D。(1)电路中，灯与变阻器串联，电压表测灯两端的电压，电流表测电路的电流，滑片移至最大阻值处，闭合开关，已知电流表示和灯泡的功率，根据P=UI得出灯泡的实际电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式；移动滑片，将滑动变阻器最大阻值的13接入电路时，已知电流表示数和小灯泡恰好正常发光及灯消耗的功率，根据P=UI得出灯两端的实际电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，列方程求出变阻器的最大电阻和电源电压大小；(2)由欧姆定律得出灯泡正常发光时的电阻；由串联电路电压的规律可知小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压，根据P=U

26、I求出变阻器的功率。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，正确分析电路的结构是关键。13.【答案】不会 遵循【解析】解：由图可知，物体表面凹凸不平，平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射，镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律。故答案为：不会；遵循。一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律。本题考查了镜面反射和漫反射两种反射现象，分析问题时注意反射光线是向一个方向还是向各个不同方向。14.【答案】4.8 2 1.2103【解析】解：(1)由图甲可知，弹簧测力计分度

27、值为0.2N，弹簧测力计的示数为4.8N，则金属块的重为4.8N；(2)根据称重法测浮力，由甲、乙两图可得物块浸没在水中受到的浮力为：F浮水=GF示乙=4.8N2.8N=2N；(3)根据阿基米德原理，金属块排开水(另一种液体)的体积：V排=F浮水水g=2N1.0103kg/m310N/kg=2104m3，根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力：F浮液=GF示丙=4.8N2.4N=2.4，由阿基米德原理F浮=G排=液V排g可得另一种液体的密度：液=F浮液V排g=2.4N2104m310N/kg=1.2103kg/m3。故答案为：4.8；2；1.2103。(1)先确定弹簧测力计的分度

28、值，再根据指针位置读数，可得金属块的重力；(2)根据称重法测浮力，由甲、乙两图求出金属块在水中受到的浮力；(3)利用阿基米德原理求出金属块排开水(另一种液体)的体积，根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力，再利用阿基米德原理求液体的密度。本题考查了阿基米德原理、称重法测浮力的应用，以及弹簧测力计的读数方法，灵活应用阿基米德原理F浮=G排=液V排g是关键。15.【答案】正 从金属球到金属箔片【解析】解：(1)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，当与带电验电器接触后，验电器的金属箔片的张角变大，说明验电器带的电荷增多，因此该验电器带正电；(2)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是由于缺少电子造成的，当

29、用玻璃棒和验电器金属球接触，金属箔张角变大，原因是验电器金属箔片上的一部分电子会从验电器转移到玻璃棒上，由于电子所带的电荷是负电荷，所以在接触的瞬间电流方向是从金属球到金属箔片。故答案为：正；从金属球到金属箔片。(1)验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，金属箔片是否张开角度说明物体是否带电，金属箔片张开角度的大小反应了物体带电的多少。(2)用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒因失去电子带正电；规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。此题考查了验电器的工作原理和电流方向的规定，记住丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，验电器是用来验证物体是否带电的，若已知物体带什么电荷，也可以利用其张角的变化来确定物体带的是何种电荷

30、。16.【答案】3108 二次【解析】解：(1)电磁波的传播速度是3108m/s；(2)电能是消耗其它能源经过加工转换来的，属于二次能源；故答案为：3108；二次(1)电磁波的传播速度是3108m/s；(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。本题主要考查了电磁波的传播与应用和能源的分类，电磁波的传播速度是恒定的，属于基础知识。17.【答案】压缩 内 30【解析】解：从图中可以看出，两个气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，此冲程中，机械能转化为内能；飞轮的转速是60r/s，因为飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1s可以完成260=

31、120个冲程，完成四个冲程，对外做功一次，所以1s可以做功30次。故答案为：压缩；内；30。汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程，根据气门的闭合情况和活塞的运动方向判定是哪个冲程；内燃机的压缩冲程中，机械能转化为内能；四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。18.【答案】正负接线柱接反了 换接00.6A的量程【解析】解：连接好电路，闭合开关，发现电流表指针向左偏转至图甲所示位置，说明电流表正负接线柱接反；断开开关，纠正错误

32、后，再闭合开关，发现指针偏至图乙所示位置，指针偏转角度太小，说明所选的量程太大，接下来的操作是：断开开关，换接00.6A的量程，继续进行实验。故答案为：正负接线柱接反了；换接00.6A的量程。测量电流时，电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电流表指针会反向偏转；用电流表测量电流时，电流表要选用合适的量程，否则，指针偏转角度过大或过小。本题考查了电流表的使用规则，属于基础题。19.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如下图所示：【解析】灯泡的接法：火线进入开

33、关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。20.【答案】温度 乙、丙 温度 正确【解析】解：(1)影响液体蒸发的因素有三个，探究正负快慢与液体的种类是否相关时，需要控制液体上方空气流动的快慢、液体温度和液体与空气接触的面积相同；(2)要想对比蒸发的快慢，必须控制两种样品的体积相同，在其他条件相同时，体积变化大的就是蒸发的快，所以要选：乙、丙；(3)要验证液体种类对蒸发的影响，其他因素都要保持不变，若将一个放在室内，另一个放在室外的话，它们的温度就不一样，没有办法对比，所以这种做法是错误的；从图中情况可以看出：在两种液体体积相同

34、时，水减少的慢，酒精减少的快，因此可以证明李丽的猜想是正确的。故答案为：(1)温度；(2)乙、丙；(3)温度；正确。(1)影响液体蒸发快慢的因素有：温度、液体表面积和液体表面上方的空气流动速度，当探究与其中某一个因素的关系时，要控制其余因素不变，这种方法叫控制变量法；(2)既然对比就要求两个样品体积相同，只有这样才能发现蒸发的快慢，所以要选体积相等的两个样品；(3)选好两个液体样品后，将一个放在室内，另一个放在室外，即使时间相同，室内和室外的温度也不相同，是没法对比的；根据两个样品的体积变化，可以确定在同种条件下，不同液体蒸发多少不一样，说明蒸发和液体种类有关。该题目用到控制变量法，控制变量法

35、在使用时，既要控制相同的量，又要控制不同的量，而不同的量只有一个。21.【答案】电磁铁的磁性 电磁铁磁性 导体切割磁感线的速度越大 易于改变磁体的磁性强弱 难以控制每次移动金属棒的速度相等【解析】解：(1)探究感应电流的大小与磁场的强弱有关时，根据控制变量法可知，实验中要控制速度相同，磁场的强弱不同，即需要改变电磁铁的磁性强弱；(2)实验中用到了控制变量法，要探究感应电流的大小与导体切割磁感线的速度有关，应控制电磁铁磁性强弱不变；(3)从表格中看出，从实验1到实验3，金属棒切割磁感线的速度越来越快，电流计指针偏转格数越来越大，电流越来越大，由此可得出的结论是：其他条件都相同时，导体切割磁感线的

36、速度越大，闭合电路中产生的感应电流越大；(4)实验中用电磁铁代替永磁体的好处是：易于改变磁体的磁性强弱；(5)按照小雨的设计思路探究猜想A，实验时在操作上存在的困难是：难以控制每次移动金属棒的速度相等。故答案为：(1)电磁铁的磁性；(2)电磁铁磁性；(3)导体切割磁感线的速度越大；(4)易于改变磁体的磁性强弱；(5)难以控制每次移动金属棒的速度相等。(1)根据控制变量法分析；(2)(5)感应电流的大小与磁场强弱和金属棒切割磁感线的速度，根据控制变量法的要求分析；(3)从表格中看出，从实验1到实验3，金属棒切割磁感线的速度越来越快，电流计指针偏转格数越来越大，据此分析；(4)电磁铁相对于永磁体的

37、好处有：磁性强弱可以控制，磁性的有无可以控制，据此分析；本题考查探究感应电流的大小与那些因素有关，需要注意控制变量法的使用。22.【答案】零刻度线 右 分度盘中央刻度线处mm1V 一 体积 大【解析】解：(1)调节天平的主要步骤是：首先将天平放在水平桌面上，再将游码移至标尺左端零刻度线处，最后调节平衡螺母，使天平水平平衡。如图所示，指针向左偏转，则向右调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央刻度线处，天平水平平衡；(2)在三个实验方案中，测量豆浆密度的原理均为：=mV，即用天平测量液体的质量，用量筒测量液体的体积，再计算密度的大小。对于方案一，测完质量，再将烧杯中的豆浆倒入量筒中测量体积时，由于烧

38、杯中有豆浆残留，会使所测体积偏小，质量一定时，由原理可知，所测豆浆密度偏大；对于方案二，将烧杯中的部分豆浆倒入量筒中测量体积，再测剩余豆浆和烧杯的质量，从而测出倒入量筒中豆浆的质量和体积，所测豆浆密度误差较小；对于方案三，测完体积，再将量筒的豆浆倒入烧杯中测量质量时，由于量筒中有豆浆残留，会使所测质量偏小，在体积一定时，由原理可知，所测豆浆密度偏小。可见，三个方案中，方案二更为合理，此时，豆浆的密度为：豆浆=m豆浆V豆浆=mm1V。故答案为：(1)零刻度线；右；分度盘中央刻度线处；(3)mm1V；一；体积；大。(或“三；质量；小。”)(1)调节天平的主要步骤是：首先将天平放在水平桌面上，再将游

39、码移至标尺左端零刻度线处，最后调节平衡螺母，使天平水平平衡；(2)在三个实验方案中，测量豆浆密度的原理均为：=mV，即用天平测量液体的质量，用量筒测量液体的体积，再计算密度的大小。对于方案一，测完质量，再将烧杯中的豆浆倒入量筒中测量体积时，由于烧杯中有豆浆残留，会使所测体积偏小，导致所测豆浆密度偏大；对于方案二，将烧杯中的部分豆浆倒入量筒中测量体积，再测剩余豆浆和烧杯的质量，从而测出倒入量筒中豆浆的质量和体积，所测豆浆密度误差较小；对于方案三，测完体积，再将量筒的豆浆倒入烧杯中测量质量时，由于量筒中有豆浆残留，会使所测质量偏小，导致所测豆浆密度偏小。可见，三个方案中，方案二更为合理。本题考查实

40、验测量液体的密度，主要考查密度测量的误差分析及天平的使用，难度一般。23.【答案】解：(1)由图可知，有两段绳子拉着动滑轮，则绳子的自由端移动的速度为：v=20.2m/s=0.4m/s；拉力的功率为：P=Wt=Fst=Fv=150N0.4m/s=60W；(2)物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍，则物体受到的摩擦力为：f=0.2G=0.21000N=200N；物体在水平面上做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，则拉动物体的力F=f=200N；不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦，根据F=1n(F+G动)可知，动滑轮的重力为：G动=2FF=2150N200N=100N；(3)

41、若物重增大到2000N，则水平方向上拉动物体的力为：F大=0.2G=0.22000N=400N；设物体在水平方向上移动的距离为l，则动滑轮上升的高度为l，滑轮组的机械效率为：=W有W总=F大lF大l+G动l=F大F大+G动=400N400N+100N=80%。答：(1)工人师傅拉力的功率为60W；(2)动滑轮的重为100N；(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机械效率是80%。【解析】(1)首先判定连接动滑轮绳子的段数，据此求出绳子的自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力的功率；(2)根据摩擦力与物体重力的关系求出拉动物体的力F的大小，根据F=1n(F+G动)求出动滑轮的重力；(

42、3)物重增大到2000N，据此求出拉动物体的力的大小；然后根据=W有W总=F大lF大l+G动l=F大F大+G动求出滑轮组的机械效率。本题考查了功率公式和机械效率的计算，明确拉力做的功为总功，克服摩擦力做的功为有用功是关键。24.【答案】解：(1)若用高温挡把质量为4kg、初温为50的水加热到60，吸收的热量为：Q吸=cmt=4.2103J/(kg)4kg(6050)=1.68105J，由图乙可知，用高温挡把质量为4kg、初温为50的水加热到60，所用时间为t1=3min=180s，消耗的电能为：W1=P高t1=1100W180s=1.98105J，所以电火锅的热效率为：1=Q吸W1=1.681

43、05J1.98105J100%84.8%；(2)若用低温挡给(1)问中的水加热，由图丙可知，所用时间为t2=5min=300s，消耗的电能为：W2=P低t2=880W300s=2.64105J，所以W1W2，故使用高温挡更节能；(3)由公式P=U2R可知，在电压不变时，电阻越小，电功率越大；在图甲中，当闭合S、S1时，只有电阻R1工作，为低温挡，由P=U2R可知，R1的电阻为：R1=U2P低=(220V)2880W=55，当闭合S、S1，S2接a，电阻R1和R2并联，为高温挡，则电阻R2的电功率为：P2=P高P低=1100W880W=220W，所以R2的电阻为：R2=U2P2=(220V)22

44、20W=220，当S闭合，S1断开，S2接b，电阻R1和R2串联，电火锅处于“保温挡”，则电火锅正常工作时保温挡的电功率为：P保=U2R1+R2=(220V)255+220=176W。答：(1)用高温挡把质量为4kg、初温为50的水加热到60，水吸收的热量为1.68105J，电火锅的热效率为84.8%；(2)用高温挡和低温挡给质量为4kg、初温为50的水加热到60，使用高温挡更节能；(3)电火锅正常工作时保温挡的电功率为176W。【解析】(1)由Q吸=cmt、W=Pt分别求出水吸收的热量和消耗的电能，再利用=Q吸W求出电火锅的热效率；(2)根据W=Pt求出用低温挡给(1)中水加热所消耗的电能，

45、然后与高温挡加热时消耗的电能相比较得出答案；(3)由公式P=U2R可知，在电压不变时，电阻越小，电功率越大；在图甲中，当闭合S、S1时，只有电阻R1工作，为低温挡，根据P=U2R算出R1的电阻；当闭合S、S1，S2接a，电阻R1和R2并联，为高温挡，根据P2=P高P低算出电阻R2的电功率，根据P=U2R算出R2的电阻；当S闭合，S1断开，S2接b，电阻R1和R2串联，电火锅处于“保温挡”，根据P=U2R1+R2算出该状态下电火锅正常工作时消耗的电功率。本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了学生对吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的灵活运用，关键是从题目图片中找出有用的信息，与生活实际相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位统一。第21页，共22页