微专题圆锥曲线几何条件的处理策略共11页word资料.doc

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1、如有侵权，请联系网站删除，仅供学习与交流微专题圆锥曲线几何条件的处理策略【精品文档】第 11 页微专题圆锥曲线几何条件的处理策略圆锥曲线处理心法：一、几何条件巧处理，事半功倍！ 二、谋定思路而后动，胸有成竹！三、代数求解不失分，稳操胜券！ 四、解后反思收货大，触类旁通 ！1.平行四边形处理策略几何性质代数实现对边平行斜率相等，或向量平行对边相等长度相等，横（纵）坐标差相等对角线互相平分中点重合例1.（2015，新课标2理科20）已知椭圆,直线不过原点且不平行于坐标轴，与有两个交点，线段的中点为 ()证明：直线的斜率与的斜率的乘积为定值；（）若过点，延长线段与交于点，四边形能否为平行四边形？若能

2、，求此时的斜率，若不能，说明理由【答案】()详见解析；（）能，或【解析】试题分析：()题中涉及弦的中点坐标问题，故可以采取“点差法”或“韦达定理”两种方法求解：设端点的坐标，代入椭圆方程并作差，出现弦的中点和直线的斜率；设直线的方程同时和椭圆方程联立，利用韦达定理求弦的中点，并寻找两条直线斜率关系；（）根据()中结论，设直线方程并与椭圆方程联立，求得坐标，利用以及直线过点列方程求的值试题解析：()设直线，将代入得，故，于是直线的斜率，即所以直线的斜率与的斜率的乘积为定值（）四边形能为平行四边形因为直线过点，所以不过原点且与有两个交点的充要条件是，由()得的方程为设点的横坐标为由得，即将点的坐标

3、代入直线的方程得，因此四边形为平行四边形当且仅当线段与线段互相平分，即于是解得，因为，所以当的斜率为或时，四边形为平行四边形考点：1、弦的中点问题；2、直线和椭圆的位置关系2.直角三角形处理策略几何性质代数实现（1）两边垂直斜率乘积为-1，或向量数量积为0（2）勾股定理两点的距离公式（3）斜边中线性质（中线等于斜边一半）两点的距离公式例2.椭圆（）的离心率为，长轴端点与短轴端点间的距离为，（1）求椭圆的方程；（2）过点的直线与椭圆交于两点，为坐标原点，若为直角三角形，求直线的斜率解析：（2）根据题意，过点满足题意的直线斜率存在，设，联立消去得， 令，解得。设两点的坐标分别为，则，（1）当为直角

4、时， 所以，即，所以所以，解得（2）当或为直角时，不妨设为直角，此时，所以即又，将代入，消去得，解得或（舍去）将代入得，所以，经检验所得值均符合题意，综上，的值为和3.等腰三角形处理策略几何性质代数实现（1）两边相等两点的距离公式（2）两角相等底边水平或竖直时，两腰斜率相反（3）三线合一（垂直且平分）垂直：斜率或向量 平分：中点坐标公式例3.在直角坐标系中，已知点,为动点，且直线与直线斜率之积为，（1）求动点的轨迹方程；（2）设过点的直线与椭圆交于两点,若点在轴上，且，求点的纵坐标的范围解析：（1）设动点的坐标为，依题意可知整理得，所以动点的轨迹的方程为（2）当直线的斜率不存在时，满足条件的点

5、的纵坐标为0，当直线的斜率存在时，设直线的方程为，将代入，并整理得，设，则，设的中点为，则，所以，由题意可知，又直线的垂直平分线的方程为，令解得，当时，因为，所以当时，因为，所以，综上所述，点的纵坐标的范围是.4.菱形的处理策略例4.椭圆M：（）过点，且离心率为（1）求椭圆M的方程；（2）是否存在菱形，同时满足以下三个条件：点在直线上； 点在椭圆上 ； 直线的斜率等于1；如果存在，求出点的坐标，如果不存在，说明理由。解析：（1）由题意得解得，；所以椭圆M的方程为（2）不存在满足题意的菱形，理由如下：假设存在满足题意的菱形，设直线的方程为，且，线段的中点，则由可得，由可得，又，所以，若四边形为菱

6、形，则是的中点，点的纵坐标，又因为点在椭圆上，所以与矛盾，故不存在满足题意的菱形。5.圆的处理策略几何性质代数实现（1）点在圆上点与直径端点向量数量积为零（2）点在圆外点与直径端点向量数量积为正数（3）点在圆内点与直径端点向量数量积为负数例5.已知椭圆，点，分别是椭圆的左焦点、左顶点，过点的直线（不与轴重合）交于两点，（1）求的离心率及短轴长；（2）是否存在直线，使得点在以线段为直径的圆上，若存在，求出直线的方程；若不存在，说明理由. （1）由得，所以的离心率为，短轴长为；（2）方法一：由题意知，设，则，因为所以，所以点不在以为直径的圆上，即不存在直线，使得点在以线段为直径的圆上。方法二、由题

7、意可设直线的方程为，由 可得 所以，所以，因为所以，所以，所以点不在以为直径的圆上，即不存在直线，使得点在以线段为直径的圆上。6.角的处理策略几何性质代数实现（1）锐角，直角，钝角角的余弦（向量数量积）的符号（2）倍角，半角，平分角角平分线性质，定理（夹角到角公式）（3）等角（相等或相似）比例线段或斜率例6.【2013.山东，理科22】椭圆： 的左、右焦点分别是，离心率为，过且垂直于轴的直线被椭圆截得的线段长为。（）求椭圆的方程；（）（）点是椭圆上除长轴端点外的任一点，连接，设的角平分线交的长轴于点，求的取值范围；解析：（）法一：由（）知，则，由椭圆定义得， 因为平分，所以，则，所以所以，即法

8、二：由题意可知，即，设,其中，将向量坐标代入并化简得，因为，所以而，所以【跟踪变式训练】1.【转化为平行的处理】【2016高考新课标3理数】已知抛物线：的焦点为，平行于轴的两条直线分别交于两点，交的准线于两点（I）若在线段上，是的中点，证明；（II）若的面积是的面积的两倍，求中点的轨迹方程.【答案】（）见解析；（）（）设与轴的交点为，则.由题设可得，所以（舍去），. 设满足条件的的中点为.当与轴不垂直时，由可得.而，所以.当与轴垂直时，与重合，所以，所求轨迹方程为. .12分来2.【转化为等腰三角形处理】【2016高考浙江理数】（本题满分15分）如图，设椭圆（a1）.（I）求直线y=kx+1被

9、椭圆截得的线段长（用a、k表示）；（II）若任意以点A（0,1）为圆心的圆与椭圆至多有3个公共点，求椭圆离心率的取值范围.【答案】（I）；（II）【解析】 （）设直线被椭圆截得的线段为，由得，故， 因此来源:学_科_网Z_X_X_K（）假设圆与椭圆的公共点有个，由对称性可设轴左侧的椭圆上有两个不同的点，满足 记直线，的斜率分别为，且，由（）知，故，所以由于，得，因此， 因为式关于，的方程有解的充要条件是，所以因此，任意以点为圆心的圆与椭圆至多有个公共点的充要条件为，由得，所求离心率的取值范围为3【转化为等腰三角形处理】【2015江苏高考，18】如图，在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆的离心率为

10、，且右焦点F到左准线l的距离为3. （1）求椭圆的标准方程； （2）过F的直线与椭圆交于A，B两点，线段AB的垂直平分线分别交直线l和AB于 点P，C，若PC=2AB，求直线AB的方程.【答案】（1）（2）或【解析】试题分析（1）求椭圆标准方程，只需列两个独立条件即可：一是离心率为，二是右焦点F到左准线l的距离为3，解方程组即得（2）因为直线AB过F，所以求直线AB的方程就是确定其斜率，本题关键就是根据PC=2AB列出关于斜率的等量关系，这有一定运算量.首先利用直线方程与椭圆方程联立方程组，解出AB两点坐标，利用两点间距离公式求出AB长，再根据中点坐标公式求出C点坐标，利用两直线交点求出P点坐

11、标，再根据两点间距离公式求出PC长，利用PC=2AB解出直线AB斜率,写出直线AB方程.试题解析：（1）由题意，得且，解得，则，所以椭圆的标准方程为（2）当轴时，又，不合题意当与轴不垂直时，设直线的方程为，将的方程代入椭圆方程，得，则，的坐标为，且若，则线段的垂直平分线为轴，与左准线平行，不合题意从而，故直线的方程为，则点的坐标为，从而因为，所以，解得此时直线方程为或【考点定位】椭圆方程，直线与椭圆位置关系4【圆的处理】.设为坐标原点，已知椭圆的离心率为，抛物线的准线方程为（1）求椭圆和抛物线的方程；（2）设过定点的直线与椭圆交于不同的两点，若在以为直径的圆的外部，求直线的斜率的取值范围【答案

12、】（1），；（2）.试题解析： （1）由题意得，故抛物线的方程为，又，从而椭圆的方程为5分（2）显然直线不满足题设条件，可设直线由，得7分，9分，来 根据题意，得，11分，综上得12分考点：直线与圆锥曲线位置关系5【角的处理】【2016高考天津理数】（本小题满分14分）设椭圆（）的右焦点为，右顶点为，已知，其中 为原点，为椭圆的离心率.（）求椭圆的方程；（）设过点的直线与椭圆交于点（不在轴上），垂直于的直线与交于点，与轴交于点，若，且，求直线的斜率的取值范围.【答案】（）（）【解析】（）解：设，由，即，可得，又，所以，因此，所以椭圆的方程为.（）解：设直线的斜率为（），则直线的方程为.设，由方程组，消去，整理得.解得，或，由题意得，从而.由（）知，设，有，.由，得，所以，解得.因此直线的方程为.设，由方程组消去，解得. 在中，即，化简得，即，解得或.所以，直线的斜率的取值范围为.