电磁感应中的能量转换经典问题.doc

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1、如有侵权，请联系网站删除，仅供学习与交流电磁感应中的能量转换经典问题【精品文档】第 14 页在电磁感应中的动力学问题中有两类常见的模型.类型“电动电”型“动电动”型示意图棒ab长L，质量m，电阻R；导轨光滑水平，电阻不计棒ab长L，质量m，电阻R；导轨光滑，电阻不计分析S闭合，棒ab受安培力F，此时a，棒ab速度v感应电动势BLv电流I安培力FBIL加速度a，当安培力F0时，a0，v最大，最后匀速棒ab释放后下滑，此时agsin ，棒ab速度v感应电动势EBLv电流I安培力FBIL加速度a，当安培力Fmgsin 时，a0，v最大，最后匀速运动形式变加速运动变加速运动最终状态匀速运动vm匀速运动

2、 vm1、 如图甲所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为L.M、P两点间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下导轨和金属杆的电阻可忽略让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦(1)由b向a方向看到的装置如图乙所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图(2)在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小(3)求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值1、解析(1)如右图所示，ab杆受重

3、力mg，竖直向下；支持力FN，垂直斜面向上；安培力F，平行斜面向上(2)当ab杆速度为v时，感应电动势EBLv，此时电路中电流Iab杆受到安培力FBIL根据牛顿运动定律，有mamgsin Fmgsin agsin .(3)当mgsin 时，ab杆达到最大速度vm2、如图所示，足够长的光滑平行导轨MN、PQ倾斜放置，两导轨间距离为L1.0 m，导轨平面与水平面间的夹角为30，磁感应强度为B的磁场垂直于导轨平面向上，导轨的M、P两端连接阻值为R3.0 的电阻，金属棒ab垂直于导轨放置并用细线通过光滑定滑轮与重物相连，金属棒ab的质量m0.20 kg，电阻r0.50 ,重物的质量M0.60 kg，如

4、果将金属棒和重物由静止释放，金属棒沿斜面上滑的距离与时间的关系如下表所示，不计导轨电阻，g取10 m/s2.求：时间t/s00.10.20.30.40.50.6上滑距离/m00.050.150.350.701.051.40(1)ab棒的最终速度是多少？(2)所加磁场的磁感应强度B为多大？(3)当v2 m/s时，金属棒的加速度为多大？2、解析(1)由表中数据可以看出最终ab棒将做匀速运动vm3.5 m/s(2)棒受力如图所示，由平衡条件得FTFmgsin 30FTMgFBL联立解得B T(3)当速度为2 m/s时，安培力F对金属棒ab有FTFmgsin 30ma对重物有MgFTMa联立上式，代入

5、数据得a2.68 m/s23、 边长为L的正方形闭合金属线框，其质量为m，回路电阻为R.图中M、N、P为磁场区域的边界，上下两部分水平匀强磁场的磁感应强度大小均为B，方向如图4所示现让金属线框在图示位置由静止开始下落，金属线框在穿过M和P两界面的过程中均为匀速运动已知M、N之间和N、P之间的高度差相等，均为hL，金属线框下落过程中金属线框平面始终保持竖直，底边始终保持水平，当地的重力加速度为g.试求：(1)图示位置金属线框的底边到M的高度d；(2)在整个运动过程中，金属线框中产生的焦耳热；(3)金属线框的底边刚通过磁场边界N时，金属线框加速度的大小3、解析(1)根据题意分析可知，金属线框在穿过

6、M界面时做匀速运动，设为v1，根据运动学公式有v2gd在金属线框穿过M的过程中，金属线框中产生的感应电动势EBLv1金属线框中产生的感应电流I金属线框受到的安培力FBIL根据物体的平衡条件有mgF，联立解得d(2)根据能的转化和守恒定律，在整个运动过程中，金属线框中产生的焦耳热为Qmg(2hL)解得Qmg(3L)(3)设金属线框的底边刚通过磁场边界N时，金属线框的速度大小为v2，根据题意和运动学公式有vv2g(hL)此时金属线框中产生的感应电动势E2BLv2金属线框中产生的感应电流I金属线框受到的安培力F2BIL根据牛顿第二定律有Fmgma解得金属线框的加速度大小为a5g4、如图所示，两电阻不

7、计的足够长光滑平行金属导轨与水平面夹角为，导轨间距为l，所在平面的正方形区域abcd内存在有界匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直斜面向上将甲、乙两阻值相同、质量均为m的相同金属杆放置在导轨上，甲金属杆处在磁场的上边界，甲乙相距l.静止释放两金属杆的同时，在甲金属杆上施加一个沿着导轨向下的外力F，使甲金属杆在运动过程中始终沿导轨向下做匀加速直线运动，加速度大小为gsin ，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动(1)甲、乙的电阻R为多少；(2)设刚释放两金属杆时t0，写出从开始释放到乙金属杆离开磁场，外力F随时间t的变化关系；(3)若从开始释放到乙金属杆离开磁场，乙金属杆中共产生热量Q，试求此过程中外力

8、F对甲做的功4、解析(1)对乙受力分析知，乙的加速度大小为gsin ，甲、乙加速度相同，所以当乙刚进入磁场时，甲刚出磁场，乙进入磁场时v对乙由受力平衡可知mgsin 故R(2)甲在磁场中运动时，外力F始终等于安培力，FF安IlBlB因为vgsin t所以FlB t其中0t甲出磁场以后，外力F为零(3)乙进入磁场前做匀加速运动，甲乙产生相同的热量，设为Q1，此过程中甲一直在磁场中，外力F始终等于安培力，则有WFW安2Q1，乙在磁场中运动产生的热量Q2QQ1，对乙利用动能定理有mglsin 2Q20，联立解得WF2Qmglsin .5、如图9所示，长L11.0 m，宽L20.50 m的矩形导线框，

9、质量为m0.20 kg，电阻R2.0 .其正下方有宽为H(HL2)，磁感应强度为B1.0 T，垂直于纸面向里的匀强磁场现在，让导线框从cd边距磁场上边界h0.70 m处开始自由下落，当cd边进入磁场中，ab尚未进入磁场时，导线框做匀速运动(不计空气阻力，取g10 m/s2)求：(1)线框完全进入磁场过程中安培力做的功是多少？(2)线框穿出磁场过程中通过线框任一截面的电荷量q是多少？5、解析(1)当线框匀速运动时：满足mgBIL1，而EBL1v，EIR.线框由静止到刚好进入磁场过程中，由动能定理有mg(L2h)W0，解得安培力做的功W0.8 J.(2)线框穿出磁场过程中通过线框任一截面的电荷量：

10、qt，即q，代入数据解得q0.25 C.6、 如图所示，绝缘细绳绕过轻滑轮连接着质量为m的正方形导线框和质量为M的物块，导线框的边长为L、电阻为R0，物块放在光滑水平面上，线框平面竖直且ab边水平，其下方存在两个匀强磁场区域，磁感应强度的大小均为B，方向水平但相反，区域的高度为L，区域的高度为2L.开始时，线框ab边距磁场上边界PP的高度也为L，各段绳都处于伸直状态，把它们由静止释放，运动中线框平面始终与磁场方向垂直，M始终在水平面上运动，当ab边刚穿过两磁场的分界线QQ进入磁场时，线框做匀速运动不计滑轮处的摩擦求：(1)ab边刚进入磁场时，线框的速度大小；(2)cd边从PP位置运动到QQ位置

11、过程中，通过线圈导线某横截面的电荷量；(3)ab边从PP位置运动到NN位置过程中，线圈中产生的焦耳热6、解析(1)在线框下降L过程中，对线框和物块组成的整体，由动能定理得mgL(mM)v，所以线框的速度：v1 .(2)线框从区进入区过程中，BS(BS)2BL2，E，I，所以通过线圈导线某截面的电量：qIt.(3)线框ab边运动到位置NN之前，只有ab边从PP位置下降2L的过程中线框中有感应电流，设线框ab边刚进入区域做匀速运动的速度是v2，线圈中电流为I2，则I2此时M、m均做匀速运动，2BI2Lmg，v2.根据能量转化与守恒定律有mg3L(mM)vQ，则线圈中产生的焦耳热为Q3mgL.7、

12、(2011天津11)(18分)如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ间距为L0.5 m，其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平面成30角完全相同的两金属棒ab、cd分别垂直导轨放置，每棒两端都与导轨始终有良好接触，已知两棒质量均为m0.02 kg，电阻均为R0.1 ，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度B0.2 T，棒ab在平行于导轨向上的力F作用下，沿导轨向上匀速运动，而棒cd恰好能够保持静止，取g10 m/s2，问：(1)通过棒cd的电流I是多少，方向如何？(2)棒ab受到的力F多大？(3)棒cd每产生Q0.1 J的热量，力F做的功W是多少？7、解析(1)对c

13、d棒受力分析如图所示由平衡条件得mgsin BIL (2分)得I A1 A (1分)根据楞次定律可判定通过棒cd的电流方向为由d到c. (1分)(2)棒ab与cd所受的安培力大小相等，对ab棒受力分析如图所示，由共点力平衡条件知Fmgsin BIL (2分)代入数据解得F0.2 N (3)设在时间t内棒cd产生Q0.1 J的热量，由焦耳定律知QI2Rt (2分)设ab棒匀速运动的速度是v，其产生的感应电动势EBLv(2分)由闭合电路欧姆定律知I (2分)时间t内棒ab运动的位移svt (2分)力F所做的功WFs (2分)综合上述各式，代入数据解得W0.4 J (1分)8、(15分)如图所示，两

14、平行光滑的金属导轨MN、PQ固定在水平面上，相距为L，处于竖直方向的磁场中，整个磁场由若干个宽度皆为d的条形匀强磁场区域1、2、3、4组成，磁感应强度B1、B2的方向相反，大小相等，即B1B2B.导轨左端MP间接一电阻R，质量为m、电阻为r的细导体棒ab垂直放置在导轨上，与导轨接触良好，不计导轨的电阻现对棒ab施加水平向右的拉力，使其从区域1磁场左边界位置开始以速度v0向右做匀速直线运动并穿越n个磁场区域(1)求棒ab穿越区域1磁场的过程中电阻R产生的焦耳热Q；(2)求棒ab穿越n个磁场区域的过程中拉力对棒ab所做的功W；(3)规定棒中从a到b的电流方向为正，画出上述过程中通过棒ab的电流I随

15、时间t变化的图象；(4)求棒ab穿越n个磁场区域的过程中通过电阻R的净电荷量q.8、(1)(2)(3)见解析(4)或0解析(3)如图所示9、(16分)如图所示，在水平面上固定一光滑金属导轨HGDEF，EF/GH，DEEFDGGHEGL.一质量为m足够长导体棒AC垂直EF方向放置在金属导轨上，导轨与导体棒单位长度的电阻均为r，整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中现对导体棒AC施加一水平向右的外力，使导体棒从D位置开始以速度v0沿EF方向做匀速直线运动，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触(1)求导体棒运动到FH位置，即将要离开导轨时，FH两端的电势差(2)关于导体棒运动过程中

16、回路产生的感应电流，小明和小华两位同学进行了讨论小明认为导体棒在整个运动过程中是匀速的，所以回路中电流的值是恒定不变的；小华则认为前一过程导体棒有效切割长度在增大，所以电流是增大的，后一过程导体棒有效切割长度不变，电流才是恒定不变的，你认为这两位同学的观点正确吗？请通过推算证明你的观点(3)求导体棒从D位置运动到EG位置的过程中，导体棒上产生的焦耳热9、解析(1)EBLv0 (2分)UFHBLv0 (3分)(2)两个同学的观点都不正确 (2分)取AC棒在D到EG运动过程中的某一位置，MN间距离设为x，则DMNMDNx，EBxv0， R3rx， I，此过程中电流是恒定的 (2分)AC棒在EG至F

17、H运动过程中，感应电动势恒定不变，而电阻一直在增大，所以电流是减小的 (2分) (3)设任意时刻沿运动方向的位移为s，则sx，安培力与位移的关系为FABIx (2分)AC棒在D到EG上滑动时产生的电热，数值上等于克服安培力做的功，又因为FAs，所以QL (2分)全过程中，导体棒上产生的焦耳热始终为全部的三分之一，所以，导体棒上产生的焦耳热QL (1分)10、（重庆市2012（春）高三考前模拟测）（16分）如题23-1图所示，边长为L、质量为m、总电阻为R的正方形导线框静置于光滑水平面上，处于与水平面垂直的匀强磁场中，匀强磁场磁感应强度B随时间t变化规律如题23-2图所示求：（1）在t=0到t=

18、t0时间内，通过导线框的感应电流大小；（2）在t=时刻，a、b边所受磁场作用力大小；（3）在t=0到t=t0时间内，导线框中电流做的功。10、（重庆市2012（春）高三考前模拟测）（16分）解：（1）由法拉第电磁感应定律得，导线框的感应电动势（4分）通过导线框的感应电流大小：（4分）（2）ab边所受磁场作用力大小： （4分）（3）导线框中电流做的功：（4分）电磁感应中的能量问题1.考点分析：电磁感应的题目往往综合性较强，与前面的知识联系较多，涉及力学知识（如牛顿运动定律、功、动能定理、能量守恒定律等）、电学知识（如电磁感应定律、楞次定律、安培力、直流电路知识、磁场知识等）等多个知识点，突出考查

19、考生理解能力、分析综合能力，尤其从实际问题中抽象概括构建物理模型的创新能力。2.考查类型说明：本部分内容是历年高考考查的重点，年年都有考题，且多为计算题，分值高，难度大，对考生具有较高的区分度。3. 考查趋势预测：电磁感应中的能量问题是高考常考的题型之一，这类问题要求学生能理清电磁感应过程中做功及能量的转化情况，然后选用相应的规律进行解答。这类问题既要用到电磁感应知识，又要用到功能关系和能量守恒定律，是不少同学都感到困难的问题。因此，本专题是复习中应强化训练的重要内容。【知识储备】内容说明能级要求法拉第电磁感应定律应用求感应电动势的大小楞次定律判断产生的感应电流的方向功能关系安培力做正功，是将

20、电能转化为机械能，安培力做负功，是将机械能转化为电能在物理学研究的问题中,能量是一个非常重要的课题,能量守恒是自然界的一个普遍的、重要的规律。在电磁感应现象中，由磁生电并不是创造了电能，而只是机械能转化为电能而已。在力学中就已经知道：功是能量转化的量度。那么在机械能转化为电能的电磁感应现象中，是什么力在做功呢？是安培力在做功，在电学中，安培力做正功，是将电能转化为机械能（电动机），安培力做负功，是将机械能转化为电能（发电机），必须明确发生电磁感应现象中，是安培力做功导致能量的转化。（1）由决定的电磁感应现象中，无论磁场发生的增强变化还是减弱变化，磁场都通过感应导体对外输出能量（指电路闭合的情况

21、下，下同）。磁场增强时，是其它形式的能量转化为磁场能中的一部分对外输出；磁场子削弱时，是消耗磁场自身储存的能量对外输出。（2）由决定的电磁感应现象中，由于磁场本身不发生变化，一般认为磁场并不输出能量，而是其它形式的能量，借助安培的功（做正功、负功）来实现能量的转化。（3）解决这类问题的基本方法：用法拉第电磁感应定律和楞次定律确定感应电动的大小和方向；画出等效电路，求出回路中电阻消耗电功率表达式；分析导体机械能的变化，用能量守恒关系得到机械功率的改变与回路中电功率的变化所满足的方程。【典例分析】例题1如图（a）所示，光滑的平行长直金属导轨置于水平面内，间距为L、导轨左端接有阻值为R的电阻，质量为

22、m的导体棒垂直跨接在导轨上。导轨和导体棒的电阻均不计，且接触良好。在导轨平面上有一矩形区域内存在着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。开始时，导体棒静止于磁场区域的右端，当磁场以速度v1匀速向右移动时，导体棒随之开始运动，同时受到水平向左、大小为f的恒定阻力，并很快达到恒定速度，此时导体棒仍处于磁场区域内。（1）求导体棒所达到的恒定速度v2；（2）为使导体棒能随磁场运动，阻力最大不能超过多少？（3）导体棒以恒定速度运动时，单位时间内克服阻力所做的功和电路中消耗的电功率各为多大？（4）若t0时磁场由静止开始水平向右做匀加速直线运动，经过较短时间后，导体棒也做匀加速直线运动，其v-t关系如图（

23、b）所示，已知在时刻t导体棋睥瞬时速度大小为vt，求导体棒做匀加速直线运动时的加速度大小。考点分析 本题考察了法拉第电磁感应定律，物体的平衡解题思路 （1）EBL（v1v2），IE/R，FBIL，速度恒定时有：f，可得：v2v1，（2）fm， （3）P导体棒Fv2f，P电路E2/R，（4）因为fma，导体棒要做匀加速运动，必有v1v2为常数，设为Dv，a，则fma，可解得：a。正确答案是：(1)v1(2) fm(3)(4)。失分陷阱 对电磁感应过程中能量的转化不清楚，导致解决问题时出现错误。例题2如图（a）所示，一端封闭的两条平行光滑导轨相距L，距左端L处的中间一段被弯成半径为H的1/4圆弧，

24、导轨左右两段处于高度相差H的水平面上。圆弧导轨所在区域无磁场，右段区域存在磁场B0，左段区域存在均匀分布但随时间线性变化的磁场B（t），如图（b）所示，两磁场方向均竖直向上。在圆弧顶端，放置一质量为m的金属棒ab，与导轨左段形成闭合回路，从金属棒下滑开始计时，经过时间t0滑到圆弧顶端。设金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g。（1）问金属棒在圆弧内滑动时，回路中感应电流的大小和方向是否发生改变？为什么？（2）求0到时间t0内，回路中感应电流产生的焦耳热量。（3）探讨在金属棒滑到圆弧底端进入匀强磁场B0的一瞬间，回路中感应电流的大小和方向。考点分析 法拉第电磁感应定律，机械能守恒

25、定律，以及闭合电路的欧姆定律。解题思路 解：（1）感应电流的大小和方向均不发生改变。因为金属棒滑到圆弧任意位置时，回路中磁通量的变化率相同。 （2）0t0时间内，设回路中感应电动势大小为E0，感应电流为I，感应电流产生的焦耳热为Q，由法拉第电磁感应定律： 根据闭合电路的欧姆定律： 由焦定律及有： （3）设金属进入磁场B0一瞬间的速度变v，金属棒在圆弧区域下滑的过程中，机械能守恒：在很短的时间内，根据法拉第电磁感应定律，金属棒进入磁场B0区域瞬间的感应电动势为E，则： 由闭合电路欧姆定律及，求得感应电流： 根据讨论：I.当时，I=0；II.当时，方向为；III.当时，方向为。正确答案是：（1）感

26、应电流的大小和方向均不发生改变。因为金属棒滑到圆弧任意位置时，回路中磁通量的变化率相同（2） （3）I.当时，I=0；II.当时，方向为；III.当时，方向为。失分陷阱 不清楚双回路中感应电动势大小的求法例题3如图所示，两条水平虚线之间有垂直于纸面向里，宽度为d，磁感应强度为B的匀强磁场质量为m，电阻为R的正方形线圈边长为L（L d），线圈下边缘到磁场上边界的距离为h将线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，则在整个线圈穿过磁场的全过程中（从下边缘进入磁场到上边缘穿出磁场），下列说法中正确的是（ ）A线圈可能一直做匀速运动B线圈可能先加速后减速C线圈的最小速度一定是m

27、gRB2L2D线圈的最小速度一定是考点分析 法拉第电磁感应定律，安培力以及牛顿第二定律。解题思路 由于Ld，总有一段时间线圈全部处于匀强磁场中，磁通量不发生变化，不产生感应电流，因此不受安培力，而做自由落体运动，因此不可能一直匀速运动，A选项错误。已知线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，由于线圈下边缘到达磁场下边界前一定是加速运动，所以只可能是先减速后加速，而不可能是先加速后减速，B选项错误。mgR/B2L是安培力和重力平衡时所对应的速度，而本题线圈减速过程中不一定能达到这一速度，C选项错误。从能量守恒的角度来分析，线圈穿过磁场过程中，当线圈上边缘刚进入磁场时速度一定最小。从开

28、始自由下落到线圈上边缘刚进入磁场过程中用动能定理，设该过程克服安培力做的功为W，则有：mg（hL）Wmv2。再在线圈下边缘刚进入磁场到刚穿出磁场过程中用动能定理，该过程克服安培力做的功也是W，而始、末动能相同，所以有：mgdW0。由以上两式可得最小速度v。所以D选项正确。正确答案：D失分陷阱 本题以竖直面内矩形线框进入有界磁场产生电磁感应现象为背景，考查能的转化与守恒定律、感应电动势大小的计算、安培力、平衡条件等较多知识点，情景复杂，考查考生对基础知识的掌握和分析综合能力例题4用密度为d、电阻率为、横截面积为A的薄金属条制成边长为L的闭合正方形框。如图所示，金属方框水平放在磁极的狭缝间，方框平

29、面与磁场方向平行。设匀强磁场仅存在于相对磁极之间，其他地方的磁场忽略不计。可认为方框的边和边都处在磁极之间，极间磁感应强度大小为B。方框从静止开始释放，其平面在下落过程中保持水平（不计空气阻力）。求方框下落的最大速度vm（设磁场区域在数值方向足够长）；当方框下落的加速度为时，求方框的发热功率P；已知方框下落时间为t时，下落高度为h，其速度为vt（vtvm）。若在同一时间t内，方框内产生的热与一恒定电流I0在该框内产生的热相同，求恒定电流I0的表达式。考点分析本题考察了牛顿第二定律、能量守恒定律及电磁感应的相关知识。解题思路方框质量：方框电阻：方框下落速度为v时，产生的感应电动势 感应电流 方框

30、下落过程，受到重力G及安培力F，方向竖直向下，方向竖直向下当FG时，方框达到最大速度，即vvm则：方框下落的最大速度：方框下落加速度为时，有：，则：方框的发热功率：根据能量守恒定律，有 解得恒定电流I0的表达式： 正确答案是：（1）（2） (3) 失分陷阱 本题物理背景新颖，正确的从中提炼出相关的物理模型是解题的关键，同时要挖掘当FG时，方框达到最大速度。例题5如图所示，在磁感应强度大小为B、方向垂直向上的匀强磁场中，有一上、下两层均与水平面平行的“U”型光滑金属导轨，在导轨面上各放一根完全相同的质量为m的匀质金属杆A1和A2，开始时两根金属杆位于同一竖起面内且杆与轨道垂直。设两导轨面相距为H

31、，导轨宽为L，导轨足够长且电阻不计，金属杆单位长度的电阻为r。现有一质量为的不带电小球以水平向右的速度v0撞击杆A1的中点，撞击后小球反弹落到下层面上的C点。C点与杆A2初始位置相距为S。求：（1）回路内感应电流的最大值；（2）整个运动过程中感应电流最多产生了多少热量；（3）当杆A2与杆A1的速度比为1:3时，A2受到的安培力大小。考点分析 本题涉及动量守恒定律、功能关系及左右手定则。解题思路 解：（1）小球撞击杆瞬间动量守恒，之后作平抛运动设小球碰撞后速度大小为v1，杆获得速度大小为v2 ，则v0v1 + mv2 S v l t H g t 2 v2 （v0S ） 杆在磁场中运动，其最大电动

32、势为E1BLv2 最大电流I max I max （2）两金属杆在磁场中运动始终满足动量守恒两杆最终速度相同，设为v mv22mv Qmv222mv2 Q m(v0 +S )2 （3）设杆A2和A1的速度大小分别为v和3v mv2mv+ m3v 由法拉第电磁感应定律得：E2BL（3 v一v） I 安培力FBIL F （v0S ）正确答案是：(1) (2) m(v0 +S )2(3) （v0S ）失分陷阱 碰撞模型是动量守恒定律应用的基本模型，题目所展现的物理过程首先是小球碰撞A1杆，在此碰撞过程，必然出现动量守恒的运算。碰撞后，小球反向平抛运动，而A1杆则获得切割磁感线的初速度，因此，第二阶段就要分两个部分进行分析。题目的第一问显然就涉及了动量守恒、平抛运动和电磁感应三方面的运算，但这三个点都是最基本的模型。第二问则涉及到两杆运动的相互作用，就必然出现两杆相互作用过程的动量守恒和能量守恒，理顺关系，就可以建立方程。第三问所涉及的是在两杆相互作用过程之中的一个特定的状态，求安培力的关键是求出感应电流，而求感应电流就必须先求感应电动势，由于两杆同时运动，则必须考虑两杆所产生的感应电动势的关系，同样，求电动势就要找出速度，题目只给出比例关系，所以还要靠动量守恒的关系进行求解。通过逆向的分析，问题就可以迎刃而解了。