2022年Ch微型计算机原理与接口技术答案 .pdf

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2、为 ROM 和 RAM 。（2）它们之间的主要区别是：。ROM 在正常工作时只能读出，不能写入。RAM 则可读可写。断电后， ROM 中的内容不会丢失，RAM 中的内容会丢失。5.2 为什么动态 RAM 需要定时刷新？解： DRAM 的存储元以电容来存储信息，由于存在漏电现象，电容中存储的电荷会逐渐泄漏，从而使信息丢失或出现错误。因此需要对这些电容定时进行“ 刷新 ” 。5.3 CPU寻址内存的能力最基本的因素取决于_。解：地址总线的宽度。5.4 试利用全地址译码将6264芯片接到 8088系统总线上，使其所占地址范围为32000H33FFFH 。解：将地址范围展开成二进制形式如下图所示。00

3、11 0010 0000 0000 00000011 0011 1111 1111 11116264芯片的容量为 88KB ，需要 13根地址线 A0A12。而剩下的高 7位地址应参加该芯片的地址译码。电路如图所示：名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 2 页，共 9 页 - - - - - - - - - 2WED0D7A0A12A12A0MEMWMEMRA19A18A17A16A15A14A13CS2OECS1+5V8088系统BUSSRAM 6264D0D7&名师资料

4、总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 3 页，共 9 页 - - - - - - - - - 35.5 内存地址从 20000H8BFFFH 共有多少字节？解：共有 8BFFFH 20000H16C000H 个字节。或 432KB 。5.6 若采用 6264芯片构成上述的内存空间，需要多少片6264芯片？解：每个 6264芯片的容量位 8KB ，故需 432/854片。5.7 设某微型机的内存RAM 区的容量位 128KB ，若用 2164芯片构成这样的存储器，需多少 2164芯片

5、？至少需多少根地址线？其中多少根用于片内寻址？多少根用于片选译码？解：（1）每个 2164芯片的容量为 64K 1bit，共需 128/64816片。（2）128KB 容量需要地址线17根。（3）16根用于片内寻址。（4）1根用于片选译码。注意，用于片内寻址的16根地址线要通过二选一多路器连到2164芯片，因为 2164芯片是DRAM ，高位地址与低位地址是分时传送的。5.8 现有两片 6116芯片，所占地址范围为61000H61FFFH ，试将它们连接到8088系统中。并编写测试程序，向所有单元输入一个数据，然后再读出与之比较，若出错则显示 “Wrong！“ ，全部正确则显示”OK！“ 。解

6、：连接如下图所示。测试程序段如下：OK DB OK!,$WRONG DB Wrong! ,$MOV AX, 6100HMOV ES, AX名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 4 页，共 9 页 - - - - - - - - - 4MOV DI, 0MOV CX, 1000HMOV AL, 55HREP STOSBMOV DI, 0MOV CX, 1000HREPZ SCASBJZ DISP_OKLEA DX, WRONGMOV AH, 9INT 21HHLTDISP_O

7、K:LEA DX, OKMOV AH, 9INT 21HHLT名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 5 页，共 9 页 - - - - - - - - - 51R/WD0D7A0A10A10A0MEMWMEMRA18A19A16A15A14A17A13OECS8088系统BUSSRAM 6116&CABG2AG2BG1&Y2LS138D0D7D0D7A0CSR/WA10A10MEMROEMEMWA0A12A11D0D7Y3名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - -

8、 - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 6 页，共 9 页 - - - - - - - - - 65.9 甚什么是字扩展？什么是位扩展？用户自己购买内存条进行内存扩充，是在进行何种存储器扩展？解：（1）当存储芯片的容量小于所需内存容量时，需要用多个芯片构成满足容量要求的存储器，这就是字扩展。（2）当存储芯片每个单元的字长小于所需内存单元字长时，需要用多个芯片构成满足字长要求的存储模块，这就是位扩展。（3）用户在市场上购买内存条进行内存扩充，所做的是字扩展的工作。5.10 74LS138译码器的接线图如教材第245页的图 5-4

9、7所示，试判断其输出端Y0#、Y3#、Y5# 和Y7所决定的内存地址范围。解：因为是部分地址译码（A17不参加译码），故每个译码输出对应2个地址范围：Y0： 00000H 01FFFH 和 20000H 21FFFHY3： 06000H 07FFFH 和 26000H 27FFFHY5： 0A000H 0BFFFH 和 2A000H 2BFFFHY7： 0E000H 0FFFFH 和 2E000H 2FFFFH5.11 某8088系统用 2764 ROM 芯片和 6264 SRAM 芯片构成 16KB 的内存。其中，ROM 的地址范围为 0FE000H 0FFFFFH ，RAM 的地址范围为

10、0F0000H 0F1FFFH 。试利用 74LS138译码，画出存储器与CPU 的连接图，并标出总线信号名称。解：连接如下图所示。名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 7 页，共 9 页 - - - - - - - - - 7WED0D7A0A12A12A0MEMWMEMRA18A19A16A17A15OECS18088系统BUS6264CABG2AG2BG1&Y0LS138D0D7D0D7A0CEA12A12MEMROEA0A14A13D0D7Y72764CS2+5V名

11、师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 8 页，共 9 页 - - - - - - - - - 85.12 叙述 EPROM 的编程过程，并说明EPROM 和EEPROM 的不同点。（不要求）解：（1）对 EPROM 芯片的编程过程详见教材第215217页。（2）EPROM 与EEPROM 的不同之处为：。EPROM 用紫外线擦除，EEPROM 用电擦除。EPROM 是整片擦除，EEPROM 可以整片擦除，也可以逐个字节地擦除。5.13 试说明 FLASH EEPROM芯片的特

12、点及 28F040的编程过程。（不要求）解：（1）特点是：它结合了RAM 和ROM 的优点，读写速度接近于RAM ，断电后信息又不会丢失。（2）28F040的编程过程详见教材第222223页。5.14 什么是 Cache？它能够极大地提高计算机的处理能力是基于什么原理？解：（1）Cache 是位于 CPU与主存之间的高速小容量存储器。（2）它能够极大地提高计算机的处理能力，是基于程序和数据访问的局部性原理。5.15 若主存 DRAM 的的存取周期为70ns，Cache的存取周期为5ns，有它们构成的存储器的平均存取周期是多少？解：平均存取周期约为700.1ns + 50.9ns =11.5ns。名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 9 页，共 9 页 - - - - - - - - -