河南省郑州市2014-2015学年度高二下学期期末物理试卷.doc

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1、如有侵权，请联系网站删除，仅供学习与交流河南省郑州市2014-2015学年度高二下学期期末物理试卷【精品文档】第 - 14 - 页河南省郑州市高二下学期期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系，下列说法中正确的是（） A 位移减小时，加速度增大，速度增大 B 位移方向总跟加速度方向相反，跟速度方向相同 C 物体运动方向指向平衡位置时，速度方向跟位移方向相同 D 物体运动方向指向平衡位置时，

2、做加速运动，背离平衡位置时，做减速运动2从距地面相同的高度处以相同的速率抛出质量相等的A，B两球，A竖直上抛，B竖直下抛，当两球分别落地时：（） A 两球的动量变化和落地时的动量都相同 B 两球的动量变化和落地时的动量都不相同 C 两球的动量变化相同，但落地时的动量不相同 D 两球的动量变化不相同，但落地时的动量相同3关于声波和电磁波，下列说法中正确的是（） A 它们都能产生反射、折射、干涉、衍射等现象 B 它们都需要介质才能传播 C 由一种介质进入另一种介质时，它们的频率会改变 D 由空气进入另一种介质时，它们的波速和波长都变小4如图所示，S1、S2为水波槽中的两个波源，它们分别激起两列水波

3、，图中实线表示波峰，虚线表示波谷已知两列波的波长分别为1、2，且12，该时刻两列波在P点波峰与波峰相遇，则下列叙述中正确的是（） A P点有时在波峰，有时在波谷，振动始终加强 B P点始终在波峰，不可能在波谷 C 因为12，所以P点的振动不遵守波的叠加原理 D P点的振动遵守波的叠加原理，但并不始终加强5如图所示，LC振荡电路的导线及自感线圈的电阻忽略不计，某瞬间回路中电流方向如箭头所示，且此时电容器的极板A带正电荷，则该瞬间（） A 电流i正在增大，线圈L中的磁场能也正在增大 B 电容器两极板间电压正在增大 C 电容器带电量正在减小 D 线圈中电流产生的磁场的磁感应强度正在增强6某激光器能发

4、射波长为的激光，发射功率为P，c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每分钟发射的光子数为（） A B C D 7如图所示，已知用光子能量为2.82eV的紫光照射光电管中的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转若将电路中的滑动变阻器的滑动触头P向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零，电压表读数为1V，则该金属涂层的逸出功约为（电子电量e=1.601019J）（） A 2.91019J B 4.51019J C 2.91026J D 4.51026J8在光滑水平面上有A、B两球，其动量大小分别为10kgm/s与15kgm/s，方向均为向东，A球在B球后，当A球追上B球后，两球相碰，则相碰以后，

5、A、B两球的动量可能分别为（） A 10kgm/s，15kgm/s B 8kgm/s，17kgm/s C 12kgm/s，13kgm/s D 10kgm/s，35kgm/s9下列说法中正确的是（） A 查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子 B 贝克勒尔通过对天然放射现象的研究发现了原子的核式结构 C 实际上，原子中的电子没有确定的轨道，但在空中各处出现的概率具有一定的规律 D 卢瑟福通过“粒子散射实验”的研究，发现了原子核是由质子和中子组成的10下列说法中正确的是（） A 发射无线电波必须进行调制，接收电磁波必须进行调谐 B 处于基态的氢原子向源发态跃迁时，要吸收能量，跃迁后，动能变大

6、C 在不同惯性中测得光在真空中运动的速率可能不同 D 激光具有高亮度、单色性、相干性的优点，其应用有激光切割、全息照相等11关于放射性元素的衰变，下列有关说法正确的是（） A 发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4 B 衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的 C 若使放射性物质的温度升高，其半衰期不变 D 氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个氡原子核12在一次关于光的特性的讨论中，老师说：“已知水中相同深度处有a、b、c三种不同颜色的单色点光源，在水面上方同等条件下观测发现，b的像在水面下最深，c照亮水面的面积比a的大”根据老师的条

7、件，同学们得出以下结论，正确的有（） A b光的频率最大 B c光的折射率最小 C 在水中，a光的波长比b光的短 D 在水中，a光的传播速度最小二、实验题（本题共2小题，共12分请按题目要求作答）13某同学在做“利用单摆测重力加速度“实验：（1）测单摆周期时，应该从摆球经过（填“最低点”或“最高点”）时开始计时如果实验测得的g值偏小，可能的原因是A测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将49次全振动数为50次（3）某同学为了提高实验精度，在实验中改变几次摆长l，并测出相应的周期T，算出T2的值，再以l为横轴、T2为

8、纵轴建立直角坐标系，将所得数据描点连线如图，并求得该直线的斜率为k则重力加速度g=（用K表示）14在“用双缝干涉测量光的波长”实验中（1）以下哪些操作能够增大屏上相邻两条亮纹之间的距离？A将绿色滤光片换为红色滤光片B增大双缝之间的距离C增大单缝与双缝之间的距离D增大双缝与屏之间的距离转动测量头的手轮，使分划板中心刻线对准第1条亮纹中心，对应的读数是x1=2.190mm，继续转动手轮，使分划板中心刻线对准第5条亮纹中心，对应的读数是x2=7.870mm则相邻两条亮纹之间的距离是mm（3）已知双缝间距d=0.2mm，双缝到屏的距离L=1m则所测光的波长=nm三、计算题（本题共4小题，共40分解答时

9、应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）15如图所示为一列简谐波在t1=0时刻的图象此时波中质点M的运动方向沿y轴负方向，且t2=0.55s时质点M恰好第3次到达y轴正方向最大位移处试求：（1）此波沿什么方向传播？波速是多大？从t1=0至t3=1.2s，质点N运动的路程？16已知氘核的质量为2.0136u，中子的质量为1.0087u，He核的质量为3.0150u，两个速率相等的氘核对心碰撞聚变成He并放出一个中子，释放的核能也全部转化为机械能（质量亏损为1u时，释放的能量为931.5MeV除了计算质量亏损外，He的质量可以认为

10、是中子的3倍）（1）写出该核反应的反应方程式；该核反应释放的核能是多少？（3）若测得反应后生成中子的动能是3.12MeV，则反应前每个氘核的动能是多少MeV？17如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已知A=60，C=90，一束极细的光于AC边的中点D垂直AC面入射，AD=a，棱镜的折射率n=求：光从棱镜第一次射入空气时的折射角；光从进入棱镜到它第一次射入空气所经历的时间（设光在真空中的传播速度为c）18如图所示，一轻质弹簧竖直固定在地面上，自然长度为1m，上面连接一个质量为m1=1kg的物体，平衡时物体离地面0.9m距物体m1正上方高为0.3m处有一个质量为m2=1kg的物体自由下落后与弹簧上

11、物体m1碰撞立即合为一体，一起在竖直面内做简谐振动当弹簧压缩量最大时，弹簧长为0.6m求（g取10m/s2）：（1）碰撞结束瞬间两物体的动能之和是多少？两物体一起做简谐振动时振幅的大小？（3）弹簧长为0.6m时弹簧的弹性势能大小？河南省郑州市高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系，下列说法中正确的是（） A 位移减小时，加速度增大，速度增大 B 位移方向总跟加

12、速度方向相反，跟速度方向相同 C 物体运动方向指向平衡位置时，速度方向跟位移方向相同 D 物体运动方向指向平衡位置时，做加速运动，背离平衡位置时，做减速运动考点： 简谐运动的回复力和能量专题： 简谐运动专题分析： 简谐运动的位移是指质点离开平衡位置的位移，方向从平衡位置指向质点所在位置当质点背离平衡位置时，位移增大，速度减小，加速度增大，加速度方向总是与位移方向相反，指向平衡位置，质点做非匀变速运动当质点靠近平衡位置时，位移减小，速度增大，加速度减小解答： 解：A、位移减小时，质点靠近平衡位置，加速度减小，速度增大故A错误B、位移方向总跟加速度方向相反质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指

13、向质点所在位置，而速度方向两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反故B错误C、物体运动方向指向平衡位置时，位移方向离开平衡位置，速度方向跟位移方向相反故C错误D、物体向平衡位置运动时回复力的方向与运动方向相同，做加速运动，背离平衡位置时，回复力的方向与运动方向相反，物体做减速运动故D正确故选：D点评： 本题考查分析简谐运动过程的能力对于简谐运动，位移方向总是离开平衡位置，加速度方向、回复力方向总是指向平衡位置2从距地面相同的高度处以相同的速率抛出质量相等的A，B两球，A竖直上抛，B竖直下抛，当两球分别落地时：（） A 两球的动量变化和落地时的动量都相同 B 两球的动量变化和落地时的动量都

14、不相同 C 两球的动量变化相同，但落地时的动量不相同 D 两球的动量变化不相同，但落地时的动量相同考点： 动量定理专题： 动量定理应用专题分析： 根据动能定理比较小球落地时的速度，从而比较出落地时的动量，根据动量定理，结合运动的时间，比较动量的变化量解答： 解：由动能定理可知，两球落地时的速度大小方向相同，故落地时的动量相同；两小球以相同的速率抛出，可知竖直上抛运动的物体运动时间竖直下抛运动的时间，所以上抛运动的时间最长，根据动量定理知，mgt=p，可得上抛球动量变化量最大下抛球动量变化量最小；故动量变化不相同；故D正确，ABC错误；故选：D点评： 解决本题的关键知道动量、动量的变化量都是矢量

15、，比较动量的变化量的大小可以通过动量定理，结合运动的时间进行比较3关于声波和电磁波，下列说法中正确的是（） A 它们都能产生反射、折射、干涉、衍射等现象 B 它们都需要介质才能传播 C 由一种介质进入另一种介质时，它们的频率会改变 D 由空气进入另一种介质时，它们的波速和波长都变小考点： 电磁波的产生；机械波分析： 根据电磁波与声波的本质不同，则传播速度与传播介质也不同，但进入另一介质时，频率不变，波速与波长在变化解答： 解：A、波均能发生反射、折射、干涉、衍射现象，故A正确；B、声波的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质，真空不能传声，而电磁波本身就是物质，电磁波可以在介质

16、中传播，也可以在真空中传播，故B错误；C、一种介质进入另一种介质时，它们的频率不变，故C错误；D、电磁波由空气进入另一种介质时，根据c=nv与v=f，可知它的波速和波长变小，而声波，波速变大，则波长也变长，故D错误故选：A点评： 本题是一道综合了多个知识点的题目，涉及声和电磁波的基础知识，掌握好基础4如图所示，S1、S2为水波槽中的两个波源，它们分别激起两列水波，图中实线表示波峰，虚线表示波谷已知两列波的波长分别为1、2，且12，该时刻两列波在P点波峰与波峰相遇，则下列叙述中正确的是（） A P点有时在波峰，有时在波谷，振动始终加强 B P点始终在波峰，不可能在波谷 C 因为12，所以P点的振

17、动不遵守波的叠加原理 D P点的振动遵守波的叠加原理，但并不始终加强考点： 波的叠加分析： 两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱解答： 解：A、此时P点正好是波峰与波峰的相遇点，随着时间推移，P点的位移发生变化，由波长不同，导致两波的频率不同，所以不是始终振动加强的故A错误；B、如图所示，此时P点正好是波峰与波峰的相遇点，随着时间推移，P点的位移发生变化，故B错误；C、虽然波长不同，但均属于波，都有波的特性，遵从波的叠加原理，故C错

18、误；D、如图所示，此时P点正好是波峰与波峰的相遇点，随着时间推移，P点的位移发生变化，由波长不同，导致两波的频率不同，所以不是始终振动加强的P点的振动遵守波的叠加原理，但并不始终加强的，故D正确；故选：D点评： 波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰当频率相同时才有稳定的干涉图样，当频率不同时不能发生干涉5如图所示，LC振荡电路的导线及自感线圈的电阻忽略不计，某瞬间回路中电流方向如箭头所示，且此时电容器的极板A带正电荷，则该瞬间（） A 电流i正在增大，线圈L中的磁场能也正在增大 B 电容器两极板间电压正在增大 C 电容器带电量正在减小 D 线圈中电

19、流产生的磁场的磁感应强度正在增强考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用专题： 交流电专题分析： 在LC振荡电路中，当电容器充电时，电流在减小，电容器上的电荷量增大，磁场能转化为电场能；当电容器放电时，电流在增大，电容器上的电荷量减小，电场能转化为磁场能解答： 解：A、根据图示电路知，该LC振荡电路正在充电，电流在减小，磁场能转化为电场能故A错误 B、电容器的带电量在增大，根据U=，知电容器两极板间的电压正在增大故B正确，C错误 D、充电的过程，磁场能转化为电场能，电流在减小，所以线圈中电流产生的磁场的磁感应强度正在减小故D错误故选B点评： 解决本题的关键知道在LC振荡电路中，当电容器

20、充电时，电流在减小，电容器上的电荷量增大，磁场能转化为电场能；当电容器放电时，电流在增大，电容器上的电荷量减小，电场能转化为磁场能6某激光器能发射波长为的激光，发射功率为P，c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每分钟发射的光子数为（） A B C D 考点： 光子专题： 光的波粒二象性和物质波专题分析： 要求激光器每秒发出的光子数，根据n=可知就要求出激光器在每分钟内发出的能量W=pt=60p和每个光子的能量E=h，而光子的频率=解答： 解：每个光子的能量E=h=h，激光器在每分钟内发出的能量W=60p故激光器每秒发出的光子数为n=故C正确故选C点评： 本题是一道难度不大，但综合性、代表性很

21、强的题目，要注意掌握7如图所示，已知用光子能量为2.82eV的紫光照射光电管中的金属涂层时，毫安表的指针发生了偏转若将电路中的滑动变阻器的滑动触头P向右移动到某一位置时，毫安表的读数恰好减小到零，电压表读数为1V，则该金属涂层的逸出功约为（电子电量e=1.601019J）（） A 2.91019J B 4.51019J C 2.91026J D 4.51026J考点： 光电效应专题： 光电效应专题分析： 读数恰好减小到零说明逸出的电子的动能恰好能克服电场力做功，EK=eu=1eV，由公式E=W+EK知W的大小解答： 解：毫安表的读数恰好减小到零说明逸出的电子的动能恰好能克服电场力做功，为：EK

22、=eu=1eV，由公式E=W+EK知：W=2.821=1.82eV=2.9121019J，A正确，BCD错误故选：A点评： 本题考查了光电效应方程的应用，解题的突破口在毫安表的读数恰好减小到零时，电压表读数为1.00V，知道电子的动能为1eV8在光滑水平面上有A、B两球，其动量大小分别为10kgm/s与15kgm/s，方向均为向东，A球在B球后，当A球追上B球后，两球相碰，则相碰以后，A、B两球的动量可能分别为（） A 10kgm/s，15kgm/s B 8kgm/s，17kgm/s C 12kgm/s，13kgm/s D 10kgm/s，35kgm/s考点： 动量守恒定律；机械能守恒定律专题

23、： 动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析： 1、光滑的水平面上运动的小球，重力和支持力是一对平衡力，两球组成的系统合外力为零，故碰撞时满足动量守恒定律；2、满足动量守恒定律的同时不能违背物体的运动规律，即A球追上B球并发生碰撞，则碰撞后A球在同方向上的运动速度不可能大于B球，即A球不能穿过B球运动3、碰撞过程，系统的总动能不增加根据这三条规律进行分析解答： 解：由题意A、B两球动量分别为10kgm/s与15kgm/s，且A球能追上B球并发生碰撞可知，A球的初速度大于B球的初速度，则知A球的质量小于B球的质量，碰撞前的总动量为25kgm/sA、两球发生碰撞时，由于有相互作用力存在，两球的动

24、量都要发生改变，故A错误B、总动量满足守恒，A球的质量小于B球的质量，碰撞后A的速度变小、B的动量变大，故B正确；C、碰撞前的总动能为+=+；碰撞后总动能为+=+，碰后系统的总动能增加了，违反了能量守恒定律，故C错误D、碰撞后的总动量为10kgm/s+35kgm/s=25kgm/s，动量守恒定律碰前总动能+=+；碰撞后总动能为+=+，动能增加，违反能量守恒定律，故D错误故选：B点评： 这题主要考查动量守恒条件的应用，根据碰撞过程三大规律进行分析：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、符合运动规律进行判断9下列说法中正确的是（） A 查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子 B 贝克勒尔通过对天

25、然放射现象的研究发现了原子的核式结构 C 实际上，原子中的电子没有确定的轨道，但在空中各处出现的概率具有一定的规律 D 卢瑟福通过“粒子散射实验”的研究，发现了原子核是由质子和中子组成的考点： 物理学史专题： 常规题型分析： 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答： 解：A、查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子，故A正确；B、卢瑟福在用a粒子轰击金箔的实验中发现了质子，提出原子核式结构学说，故B错误，D错误；C、实际上，原子中的电子没有确定的轨道，但在空中各处出现的概率具有一定的规律，故C正确；故选：AC点评： 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发

26、明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一10下列说法中正确的是（） A 发射无线电波必须进行调制，接收电磁波必须进行调谐 B 处于基态的氢原子向源发态跃迁时，要吸收能量，跃迁后，动能变大 C 在不同惯性中测得光在真空中运动的速率可能不同 D 激光具有高亮度、单色性、相干性的优点，其应用有激光切割、全息照相等考点： 氢原子的能级公式和跃迁；激光的特性和应用分析： 调谐是调节到谐振状态的行为或过程，特指使接收设备（如无线电）的频率与所收的信号发生共振的一种频率调节；调制就是对信号源的信息进行处理加到载波上，使其变为适合于信道传输的形式的过程，就是使载波随信号而改变的技术；处于基态的氢原子向源发态

27、跃迁时，要吸收能量，跃迁后，动能变小；光速不变；激光具有高亮度、单色性、相干性的优点，其应用有激光切割、全息照相等解答： 解：A、电台发射无线电波必须进行调制，收音机接收电磁波需对无线电波进行调谐故A正确；B、处于基态的氢原子向源发态跃迁时，要吸收能量，跃迁后，根据库仑力提供向心力得：知，半径增大则动能减小故B错误；C、根据光速不变原理可知，在不同惯性中测得光在真空中运动的速率是相同的故C错误；D、激光具有高亮度、单色性、相干性的优点，其应用有激光切割、全息照相等故D正确故选：AD点评： 该题考查电磁波的发射与接受、能级与跃迁、光速不变原理以及激光的特点，都是记忆性的知识点其中调谐是调节到谐振

28、状态的行为或过程，调制就是对信号源的信息进行处理加到载波上，使其变为适合于信道传输的形式的过程这是容易混肴的地方11关于放射性元素的衰变，下列有关说法正确的是（） A 发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4 B 衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的 C 若使放射性物质的温度升高，其半衰期不变 D 氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个氡原子核考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度专题： 衰变和半衰期专题分析： 衰变生成核原子核，衰变生成的电子是其中的中子转化为质子同时生成的，半衰期是统计规律，与外界因素无关解答： 解：A、发生衰变时，

29、生成核与原来的原子核相比，质量数减少4，质子数减少2，所以中子减少2，A错误；B、衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，B正确；C、半衰期与外界因素无关，C正确；D、半衰期是统计规律，对少数原子是没有意义的，D错误故选：BC点评： 解决本题的关键知道衰变的实质，以及知道影响半衰期的因素，同时掌握衰变与衰变的区别12在一次关于光的特性的讨论中，老师说：“已知水中相同深度处有a、b、c三种不同颜色的单色点光源，在水面上方同等条件下观测发现，b的像在水面下最深，c照亮水面的面积比a的大”根据老师的条件，同学们得出以下结论，正确的有（） A b光的频率最大 B c光的折射率最小 C

30、 在水中，a光的波长比b光的短 D 在水中，a光的传播速度最小考点： 光的折射定律专题： 光的折射专题分析： 本题可直接根据视深公式得出各光的频率大小，由照亮面积可知临界角的大小关系，有临界角可知折射率的大小关系；即可得出波长及波速之间的大小关系解答： 解：根据视深公式h=说明频率最小的光，水对它的折射率最小，在水下的像最深，所以b的折射率最小，频率最小，波长最大，传播速度最大，故AB错误C正确；照亮水面的圆面积的半径R与临界角C满足tanC=，又sinC=，c照亮水面的面积比a的大，则c的临界角大，水对c的折射率小，所以a的折射率最大，a的频率最大，a的传播速度最小，D正确故选：CD点评：

31、本题根据临界角及视深可得出折射率的大小，再由光的性质判断频率、波长、波速间的关系二、实验题（本题共2小题，共12分请按题目要求作答）13某同学在做“利用单摆测重力加速度“实验：（1）测单摆周期时，应该从摆球经过低（填“最低点”或“最高点”）时开始计时如果实验测得的g值偏小，可能的原因是BA测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将49次全振动数为50次（3）某同学为了提高实验精度，在实验中改变几次摆长l，并测出相应的周期T，算出T2的值，再以l为横轴、T2为纵轴建立直角坐标系，将所得数据描点连线如图，并求得该直线的斜

32、率为k则重力加速度g=（用K表示）考点： 用单摆测定重力加速度专题： 实验题；单摆问题分析： 根据单摆的周期公式得出重力加速度的表达式，从而判断出重力加速度减小的原因解答： 解：（1）摆球在最高点的时候速度比较小，在最低点的时候速度比较大，所以当小球经过最低点的时候开始计时误差比较小根据单摆的周期公式得，A、测摆线长时摆线拉得过紧，使得摆长的测量值偏大，则测得的重力加速度偏大故A错误B、摆动后出现松动，知摆长的测量值偏小，则测得的重力加速度偏小故B正确C、开始计时时，秒表过迟按下，测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大故C错误D、实验中将49次全振动数成50次全振动，测得周期偏小，则测得的重力加

33、速度偏大故D错误故选：B（3）根据斜率的意义：，所以故答案为：（1）最低点；B；（3）点评： 解决本题的关键掌握单摆的周期公式，知道测量重力加速度的原理14在“用双缝干涉测量光的波长”实验中（1）以下哪些操作能够增大屏上相邻两条亮纹之间的距离？ADA将绿色滤光片换为红色滤光片B增大双缝之间的距离C增大单缝与双缝之间的距离D增大双缝与屏之间的距离转动测量头的手轮，使分划板中心刻线对准第1条亮纹中心，对应的读数是x1=2.190mm，继续转动手轮，使分划板中心刻线对准第5条亮纹中心，对应的读数是x2=7.870mm则相邻两条亮纹之间的距离是1.420mm（3）已知双缝间距d=0.2mm，双缝到屏的

34、距离L=1m则所测光的波长=284nm考点： 双缝干涉的条纹间距与波长的关系专题： 光的干涉专题分析： （1）根据双缝干涉条纹的间距公式，判断影响条纹间距的因素根据求出相邻条纹的间距（3）根据双缝干涉条纹的间距公式，结合双缝间距、双缝到屏的距离以及相邻条纹的间距，求出波长的大小解答： 解：（1）A、根据得，将绿色滤光片换为红色滤光片，波长变大，则相邻条纹间的间距变大故A正确B、根据得，增大双缝之间的距离，相邻条纹间距变小故B错误C、根据得，增大单缝和双缝之间的距离，相邻条纹间距不变故C错误D、根据得，增大双缝与屏之间的距离，则相邻条纹间距变大故D正确故选：AD相邻两条亮纹之间的距离：（3）根据

35、得：=2.84107m=284nm故答案为：（1）AD；1.420；（3）284点评： 解决本题的关键掌握双缝干涉条纹的间距公式，知道影响相邻条纹间距的因素基础题三、计算题（本题共4小题，共40分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）15如图所示为一列简谐波在t1=0时刻的图象此时波中质点M的运动方向沿y轴负方向，且t2=0.55s时质点M恰好第3次到达y轴正方向最大位移处试求：（1）此波沿什么方向传播？波速是多大？从t1=0至t3=1.2s，质点N运动的路程？考点： 横波的图象；波长、频率和波速的关系专题： 振动图像

36、与波动图像专题分析： 由质点M的振动情况，确定波的周期，再由波速公式求出波速质点在一个周期内通过的路程是4A，由t3=1.2s，分析质点N振动了几个周期，确定路程和相对于平衡位置的位移解答： 解：（1）此波沿x轴负方向传播；在t1=0到t2=0.55 s这段时间时，质点M恰好第3次到达沿y轴正方向的最大位移处，则有：T=0.55 s，得T=0.2 s；由图象得简谐波的波长为=0.4 m，则波速：v=2 m/s；在t1=0至t3=1.2 s这段时间，波中质点N经过了6个周期，即质点N回到始点，所以走过的路程为：s=654 cm=120 cm；答：（1）此波沿x方向传播，波速是2m/s；从t1=0

37、至t3=1.2s，质点N运动的路程为120cm点评： 本题要由质点的振动方向确定波的传播方向，这波的图象中基本问题，方法较多，其中一种方法是“上下坡法”，把波形象看成山坡：顺着波的传播方向，上坡的质点向下，下坡的质点向上16已知氘核的质量为2.0136u，中子的质量为1.0087u，He核的质量为3.0150u，两个速率相等的氘核对心碰撞聚变成He并放出一个中子，释放的核能也全部转化为机械能（质量亏损为1u时，释放的能量为931.5MeV除了计算质量亏损外，He的质量可以认为是中子的3倍）（1）写出该核反应的反应方程式；该核反应释放的核能是多少？（3）若测得反应后生成中子的动能是3.12MeV

38、，则反应前每个氘核的动能是多少MeV？考点： 爱因斯坦质能方程；轻核的聚变专题： 爱因斯坦的质能方程应用专题分析： （1）根据质量数守恒和核电荷数守恒书写核反应方程先求出核反应中质量亏损，再由爱因斯坦质能方程，求出核反应中释放的核能；（3）核反应过程系统动量守恒，应用动量守恒和能量守恒根据动量守恒和能量守恒列方程求解解答： 解：（1）由质量数与核电荷数守恒可知，核反应方程式：H+He+n；质量亏损为：m=2.01362（3.0150+1.0087）=0.0035u，释放的核能为：E=mc2=931.50.0035Mev=3.26Mev；（3）设中子和核的质量分别为m1、m1，速度分别为v1、v

39、2反应前每个氘核的动能是E0，反应后动能分别为EK1=3.12MeV、EK2核反应过程系统动量守恒，以种子的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1m2v2=0，由能量守恒定律得：2E0+E=Ek1+Ek2，Ek1=m1v12，Ek2=m2v22，解得：E0=0.45 MeV；答：（1）该核反应的反应方程式是：H+He+n；该核反应释放的核能是3.26Mev；（3）若测得反应后生成中子的动能是3.12MeV，则反应前每个氘核的动能是0.45Mev点评： 对于核反应书写核反应方程，要抓住微观粒子的碰撞，相当于弹性碰撞，遵守两大守恒：动量守恒和能量守恒17如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已

40、知A=60，C=90，一束极细的光于AC边的中点D垂直AC面入射，AD=a，棱镜的折射率n=求：光从棱镜第一次射入空气时的折射角；光从进入棱镜到它第一次射入空气所经历的时间（设光在真空中的传播速度为c）考点： 光的折射定律专题： 光的折射专题分析： 画出光路图，判断光线在AB面和BC面上能否发生全反射，由几何知识求出光线第一次射入空气时的入射角，由折射定律求解折射角；根据几何关系求出光线在玻璃砖内通过的路程，由运动学知识求解时间解答： 解：如图所示，i1=60，设玻璃对空气的临界角为C，则sin C=C=45i145，发生全反射i2=i130=30C，由折射定律有：所以=45三棱镜中光速v=所

41、求时间：从BC边射出的光线：t=+=答：光从棱镜第一次射入空气时的折射角为45；光从进入棱镜到它第一次射入空气所经历的时间为点评： 本题是几何光学问题，做这类题目，一般首先要正确画出光路图，当光线从介质射入空气时要考虑能否发生全反射，要能灵活运用几何知识帮助我们分析角的大小18如图所示，一轻质弹簧竖直固定在地面上，自然长度为1m，上面连接一个质量为m1=1kg的物体，平衡时物体离地面0.9m距物体m1正上方高为0.3m处有一个质量为m2=1kg的物体自由下落后与弹簧上物体m1碰撞立即合为一体，一起在竖直面内做简谐振动当弹簧压缩量最大时，弹簧长为0.6m求（g取10m/s2）：（1）碰撞结束瞬间

42、两物体的动能之和是多少？两物体一起做简谐振动时振幅的大小？（3）弹簧长为0.6m时弹簧的弹性势能大小？考点： 简谐运动的回复力和能量；动量守恒定律；机械能守恒定律专题： 简谐运动专题分析： （1）由自由落体运动的公式求出物体m2碰撞前的速度两物体碰撞过程遵守动量守恒，由动量守恒定律求出碰撞后两物体的速度，再求碰撞结束瞬间两物体的动能之和振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离当弹簧的弹力与两物体的重力平衡时，由胡克定律求出弹簧被压缩的长度，根据弹簧的最大压缩量，求出振幅（3）根据公式EP=，求出弹簧长为0.6m时弹簧的弹性势能大小解答： 解：（1）物体m2碰撞前的速度v0=m/s=m/s设碰撞后两

43、物体的速度为v，则由动量守恒定律得 m2v0=（m1+m2）v得到v=所以碰撞结束瞬间两物体的动能之和Ek=代入解得 Ek=1.5J由题开始状态，平衡时物体m1离地面0.9m，则弹簧的劲度系数k=100N/m碰撞后，当两物体的重力与弹力平衡时，弹簧被压缩的长度x2=0.2m两物体一起做简谐振动时振幅的大小A=x0x2l3=1m0.2m0.6m=0.2m（3）弹簧长为0.6m时弹簧的弹性势能大小EP=8J答：（1）碰撞结束瞬间两物体的动能之和是1.5J 两物体一起做简谐振动时振幅的大小是0.2m （3）弹簧长为0.6m时弹簧的弹性势能大小是8J点评： 本题根据振幅的定义求解振幅A对于碰撞过程，基本规律是动量守恒本题是中等题