专升本《高等数学》备考冲刺-中值定理的应用方法与技巧.pdf
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1、中值定理的应用方法与技巧中值定理的应用方法与技巧中值定理包括微分中值定理和积分中值定理两部分。微分中值定理即罗尔定理、拉格朗日中值定理和柯西中值定理,一般高等数学教科书上均有介绍,这里不再累述。积分中值定理有积分第一中值定理和积分第二中值定理。积分第一中值定理为大家熟知,即若在a,b上连续,则在a,b上至少存在一点)(xf,使得。积分第二中值定理为前者的推广,即若)()(abfdxxfba在a,b上连续,且在a,b上不变号,则在a,b上至少存在一点,)(),(xgxf)(xg使得。babadxxgfdxxgxf)()()()(一、 微分中值定理的应用方法与技巧三大微分中值定理可应用于含有中值的
2、等式证明,也可应用于恒等式及不等式证明。由于三大中值定理的条件和结论各不相同,又存在着相互关联,因此应用中值定理的基本方法是针对所要证明的等式、不等式,分析其结构特征,结合所给的条件选定合适的闭区间上的连续函数,套用相应的中值定理进行证明。这一过程要求我们非常熟悉三大中值定理的条件和结论,并且掌握一定的函数构造技巧。例一设在0,1上连续可导,且。证明:任意给定正)(x1) 1 (, 0)0(整数,必存在(0,1)内的两个数,使得成立。ba,baba)()(证法 1:任意给定正整数,令,则在0,1上对a)()(,)(21xxfaxxf应用柯西中值定理得:存在,使得。)(),(21xfxf) 1
3、, 0(aaa)0() 1 (0)(任意给定正整数,再令,则在0,1上对应b)()(,)(21xxgbxxg)(),(21xgxg用柯西中值定理得:存在,使得。) 1 , 0(bbb)0() 1 (0)(两式相加得:任意给定正整数,必存在(0,1)内的两个数,使得ba,baba)()(成立。证法 2:任意给定正整数,令,则在0,1上对ba,)()(,)(21xxfaxxf应用柯西中值定理得:存在,使得。再令)(),(21xfxf) 1 , 0(aa)(,则在0,1上对应用柯西中值定)()(,)()()(21xxgbxxbaxg)(),(21xgxg理得:存在,使得。因此有) 1 , 0(abb
4、abba)0() 1 ()()()()(,移项得:。)()()()()(bbabbaababa)()(分析:解 1 和解 2 都是应用了柯西中值定理。鉴于所要证明的等式中含有两个中值,并且中值处的导数位于分式中,因此考虑须用两次柯西中值定理。证法 1 和解 2 的不同之处是解 1 分别从出发构造相应的函数。而,)(a)(b证法 2 是先将移项得:baba)()(,然后从两边出发构造相应的函数。)()()()()(bbabbaa例二设在a,b上连续,在(a,b)内可导且,试证明:存在)(xf)()(bfaf),(,ba,使得。abff)(2)(证法 1:根据条件,由拉格朗日中值定理,存在,使得)
5、,(ba)()()(abfafbf令,在a,b上对应用柯西中值定理,得存在,2)(xxg)(),(xgxf),(ba使得 。abfabafbff)()()(2)(22证法 2:令,在a,b上对应用柯西中值定理,得存在2)(xxg)(),(xgxf,使得 。),(ba22)()(2)(abafbff再令,在a,b上对应用柯西中值定理,得存在xabxg)()()(),(xgxf,使得 。),(ba22)()()()()()()(abafbfaabbabafbfabf综合两式得到存在),(,ba,使得。abff)(2)(分析:鉴于所要证明的等式中含有两个中值,并且中值处的导数位于分式中中,因此可考虑
6、用两次柯西中值定理,即证法 2。也可用一次柯西中值定理后,分式中函数值差的部分改用拉格朗日中值定理进行进一步化简,即为证法1 的基本思想方法。例三设在a,b上二阶可导,并且,)(),(xgxf0)( xg0)()(bfaf,试证:0)()(bgag(1)在(a,b)内,0)(xg(2)在(a,b)内至少存在一点,使。)()()()(gfgf 证明:(1)用反证法。假设存在点,使。分别在),(bac0)(cg上对运用罗尔定理,可得存在,使得,bcca)(xg),(),(21bcca0)()(21gg再在上应用罗尔定理,又可得存在,使得,这与题,21,2130)(3 g设矛盾。故在(a,b)内,。
7、0)(xg(2)即证。为此作辅助函数:0)()()()( fggf)()()()()(xfxgxgxfxH由于,故。在a,b上对应用0)()()()(bgagbfaf0)()(bHaH)(xH罗尔定理得:在(a,b)内至少存在一点,使,0)()()()()( fggfH从而有。)()()()(gfgf 分析:该题的证明主要运用了罗尔定理。由于题设中出现了,因此在(1)的证明中可考虑用反证法,通0)()(bfaf0)()(bgag过反复运用罗尔定理导出,从而推出矛盾,证得结论。而(2)的证0)(3 g明关键在于首先要将欲证的等式变形成某一函数在中值处的导数为零。从中选定一函数对其应用罗尔定理导出
8、结论。例四.设在-a,a上连续,在处可导,且。)(xf0 x0)0( f(1)求证:,) 1 , 0(), 0(ax)()()()(00 xfxfxdttfdttfxx(2)求0limx证明:(1)令,则。xxdttfdttfxF00)()()()()()(xfxfxF根据拉格朗日中值定理,使得), 0(ax) 1 , 0()()()0)()0()()(xfxfxxxFFxFxF即)()()()(00 xfxfxdttfdttfxx(2)由于002000lim)0(2)()(lim2)()(limxxxxxfxxfxfxdttfdttf而运用洛必达法则,。)0(2122)()(lim2)()(
9、lim02000fxxfxfxdttfdttfxxxx因此。21lim0 x分析:此题运用的知识点和方法较为综合。既用到了积分上限的函数特性,又用到了拉格朗日中值定理另一种表达方式,以及洛必达法则、函数极限运算法则、导数概念等等。因此要求解题者需具备较扎实的微积分知识基础和一定的函数构造技巧。例五.证明下列不等式:(1)babaarctanarctan(2)当时,1xexex证明:(1)令,在上连续,在内可,arctan)(baxxxf)(xf,ba),(ba导,因此根据拉格朗日中值定理,有,。即)()()(abfafbfba,故)(11arctanarctan2ababbababaarcta
10、narctan(2)设,由于在上连续,在内可导,因此根exexfx)()(xf, 1 x), 1 ( x据拉格朗日中值定理,有。即), 1 (),1)() 1 ()(xxffxf。由于,所以,从而当) 1)(xeeexex), 1 ( x0) 1)(xee时,。1xexex分析:本例是运用拉格朗日中值定理证明不等式的典型实例。利用拉格朗日中值定理证明不等式的一般步骤为:(1)从所欲证的不等式中找到含函数值差的表达式,从中选定及一闭区间(2)运用拉格朗日中值定理得到一)(xf等式(3)利用此等式及导出欲证的不等式。ba例六.设在0,1上三阶可导,且,试证:至)(xf0)0(, 0) 1 (, 1
11、)0(fff少存在一点,使得) 1 , 0(, )(! 3) 1(1)(22fxxxxf ) 1 , 0(x证明:即证至少存在一点,使得。) 1 , 0()(! 3) 1(1)(22fxxxxf 令,则,21)()(xxfx01)0()0(f,。0)0()0(f0) 1 (所以可令:,下证:。)() 1()(2xKxxx! 3)()(fxK 令,则)() 1(1)()(22xKttttftH。0)(, 0) 1 (, 0)0(, 0)0(xHHHH根据罗尔定理,在的两个零点之间存在的一个零点,因此)(tH)(tH在内至少有三个零点。同理,在内至少有两个零点,而)(tH) 1 , 0()(tH
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