上海市春季2017年高考试卷数学语文含答案.docx

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1、2021年上海市春季高考数学试卷一.填空题本大题共12题，总分值48分，第16题每题4分，第712题每题5分1设集合A=1，2，3，集合B=3，4，那么AB=2不等式|x1|3的解集为3假设复数z满意21=3+6ii是虚数单位，那么z=4假设，那么=5假设关于x、y的方程组无解，那么实数a=6假设等差数列an的前5项的和为25，那么a1+a5=7假设P、Q是圆x2+y22x+4y+4=0上的动点，那么|PQ|的最大值为8数列an的通项公式为，那么=9假设的二项绽开式的各项系数之和为729，那么该绽开式中常数项的值为10设椭圆的左、右焦点分别为F1、F2，点P在该椭圆上，那么使得F1F2P是等腰

2、三角形的点P的个数是11设a1、a2、a6为1、2、3、4、5、6的一个排列，那么满意|a1a2|+|a3a4|+|a5a6|=3的不同排列的个数为12设a、bR，假设函数在区间1，2上有两个不同的零点，那么f1的取值范围为二.选择题本大题共4题，每题5分，共20分13函数fx=x12的单调递增区间是A0，+B1，+C，0D，114设aR，“a0是“的条件A充分非必要B必要非充分C充要D既非充分也非必要15过正方体中心的平面截正方体所得的截面中，不行能的图形是A三角形B长方形C对角线不相等的菱形D六边形16如下图，正八边形A1A2A3A4A5A6A7A8的边长为2，假设P为该正八边形边上的动点

3、，那么的取值范围为ABCD三.解答题本大题共5题，共14+14+14+16+18=76分1712分如图，长方体ABCDA1B1C1D1中，AB=BC=2，AA1=3；1求四棱锥A1ABCD的体积；2求异面直线A1C与DD1所成角的大小1812分设aR，函数；1求a的值，使得fx为奇函数；2假设对随意xR成立，求a的取值范围1912分某景区欲建立两条圆形观景步道M1、M2宽度忽视不计，如下图，ABAC，AB=AC=AD=60单位：米，要求圆M1与AB、AD分别相切于点B、D，圆M2与AC、AD分别相切于点C、D；1假设BAD=60，求圆M1、M2的半径结果精确到0.1米2假设观景步道M1与M2的

4、造价分别为每米0.8千元与每米0.9千元，如何设计圆M1、M2的大小，使总造价最低？最低总造价是多少？结果精确到0.1千元2012分双曲线b0，直线l：y=kx+mkm0，l与交于P、Q两点，P为P关于y轴的对称点，直线PQ与y轴交于点N0，n；1假设点2，0是的一个焦点，求的渐近线方程；2假设b=1，点P的坐标为1，0，且，求k的值；3假设m=2，求n关于b的表达式2112分函数fx=log2；1解方程fx=1；2设x1，1，a1，+，证明：1，1，且ffx=f；3设数列xn中，x11，1，xn+1=1n+1，nN*，求x1的取值范围，使得x3xn对随意nN*成立2021年上海市春季高考数学

5、试卷参考答案与试题解析一.填空题本大题共12题，总分值48分，第16题每题4分，第712题每题5分1设集合A=1，2，3，集合B=3，4，那么AB=1，2，3，4【考点】并集与其运算【分析】依据集合的并集的定义求出A、B的并集即可【解答】解：集合A=1，2，3，集合B=3，4，那么AB=1，2，3，4，故答案为：1，2，3，4【点评】此题考察了集合的并集的定义以与运算，是一道根底题2不等式|x1|3的解集为2，4【考点】确定值不等式的解法【分析】依据确定值的性质去掉确定值，求出不等式的解集即可【解答】解：|x1|3，3x13，2x4，故不等式的解集是2，4，故答案为：2，4【点评】此题考察理解

6、确定值不等式问题，是一道根底题3假设复数z满意21=3+6ii是虚数单位，那么z=23i【考点】复数代数形式的乘除运算【分析】干脆利用复数代数形式的乘除运算化简得答案【解答】解：21=3+6i，那么，z=23i故答案为：23i【点评】此题考察复数代数形式的乘除运算，考察复数的根本概念，是根底题4假设，那么=【考点】运用诱导公式化简求值【分析】由利用诱导公式即可化简求值【解答】解：，=cos=故答案为：【点评】此题主要考察了诱导公式在三角函数化简求值中的应用，属于根底题5假设关于x、y的方程组无解，那么实数a=6【考点】根的存在性与根的个数推断【分析】把方程组无解转化为两条直线无交点，然后结合两

7、直线平行与系数的关系列式求得a值【解答】解：假设关于x、y的方程组无解，说明两直线x+2y4=0与3x+ay6=0无交点那么，解得：a=6故答案为：6【点评】此题考察根的存在性与根的个数推断，考察数学转化思想方法，是中档题6假设等差数列an的前5项的和为25，那么a1+a5=10【考点】等差数列的前n项和【分析】由等差数列前n项和公式得=25，由此能求出a1+a5【解答】解：等差数列an的前5项的和为25，=25，a1+a5=25=10故答案为：10【点评】此题考察等差数列中两项和的求法，是根底题，解题时要仔细审题，留意等差数列的性质的合理运用7假设P、Q是圆x2+y22x+4y+4=0上的动

8、点，那么|PQ|的最大值为2【考点】直线与圆的位置关系【分析】圆x2+y22x+4y+4=0，可化为x12+y+22=1，|PQ|的最大值为直径长【解答】解：圆x2+y22x+4y+4=0，可化为x12+y+22=1，P、Q是圆x2+y22x+4y+4=0上的动点，|PQ|的最大值为2，故答案为2【点评】此题考察圆的方程，考察学生的计算实力，比拟根底8数列an的通项公式为，那么=【考点】等比数列的前n项和；极限与其运算【分析】利用等比数列的求和公式，结合极限，即可得出结论【解答】解： =，故答案为：【点评】此题考察等比数列的求和公式，考察极限方法，属于中档题9假设的二项绽开式的各项系数之和为7

9、29，那么该绽开式中常数项的值为160【考点】二项式系数的性质【分析】令x=1，由题意可得：3n=729，解得n再利用二项式定理的通项公式即可得出【解答】解：令x=1，由题意可得：3n=729，解得n=6绽开式的通项公式为：Tr+1=2rC6rx62r，令62r=0，解得r=3，其绽开式中常数项=820=160，故答案为：160【点评】此题考察了二项式定理的应用，考察了推理实力与计算实力，属于根底题10设椭圆的左、右焦点分别为F1、F2，点P在该椭圆上，那么使得F1F2P是等腰三角形的点P的个数是6【考点】椭圆的简洁性质【分析】如下图，当点P与短轴的顶点重合时，F1F2P构成以F1F2为底边的

10、等腰三角形，此时有2个当F1F2P构成以F1F2为一腰的等腰三角形时，共有4个【解答】解：如下图，当点P与短轴的顶点重合时，F1F2P构成以F1F2为底边的等腰三角形，此种状况有2个满意条件的等腰F1F2P；当F1F2P构成以F1F2为一腰的等腰三角形时，共有4个以F2P作为等腰三角形的底边为例，F1F2=F1P，点P在以F1为圆心，半径为焦距2c的圆上因此，当以F1为圆心，半径为2c的圆与椭圆C有2交点时，存在2个满意条件的等腰F1F2P同理可得：当以F2为圆心，半径为2c的圆与椭圆C有2交点时，存在2个满意条件的等腰F1F2P综上可得：满意条件的使得F1F2P是等腰三角形的点P的个数为6故

11、答案为：6【点评】此题考察了椭圆的标准方程与其性质、直线与椭圆相交问题、等腰三角形，考察了推理实力与计算实力，属于中档题11设a1、a2、a6为1、2、3、4、5、6的一个排列，那么满意|a1a2|+|a3a4|+|a5a6|=3的不同排列的个数为48【考点】排列、组合的实际应用【分析】依据题意，分析可得须要将1、2、3、4、5、6分成3组，其中1和2，3和4，5和6必需在一组，进而分2步进展分析：首先分析每种2个数之间的依次，再将分好的三组对应三个确定值，最终由分步计数原理计算可得答案【解答】解：依据题意，假设|a1a2|+|a3a4|+|a5a6|=3，那么|a1a2|=|a3a4|=|a

12、5a6|=1，须要将1、2、3、4、5、6分成3组，其中1和2，3和4，5和6必需在一组，每组2个数，考虑其依次，有A22种状况，三组共有A22A22A22=8种依次，将三组全排列，对应三个确定值，有A33=6种状况，那么不同排列的个数为86=48；故答案为：48【点评】此题考察排列、组合的应用，留意分析1、2、3、4、5、6如何排列时，能满意|a1a2|+|a3a4|+|a5a6|=312设a、bR，假设函数在区间1，2上有两个不同的零点，那么f1的取值范围为0，1【考点】函数零点的断定定理【分析】函数在区间1，2上有两个不同的零点，即方程x2+bx+a=0在区间1，2上两个不相等的实根，画

13、出数对a，b所表示的区域，求出目的函数z=f1a+b+1的范围即可【解答】解：函数在区间1，2上有两个不同的零点，即方程x2+bx+a=0在区间1，2上两个不相等的实根，如图画出数对a，b所表示的区域，目的函数z=f1a+b+1z的最小值为z=a+b+1过点1，2时，z的最大值为z=a+b+1过点4，4时f1的取值范围为0，1故答案为：0，1【点评】此题是函数零点的考察，涉与到规划问题的结合，属于难题二.选择题本大题共4题，每题5分，共20分13函数fx=x12的单调递增区间是A0，+B1，+C，0D，1【考点】函数的单调性与单调区间【分析】依据二次函数的性质求出函数的递增区间即可【解答】解：

14、函数fx的对称轴是x=1，开口向上，故fx在1，+递增，应选：B【点评】此题考察了二次函数的性质，是一道根底题14设aR，“a0是“的条件A充分非必要B必要非充分C充要D既非充分也非必要【考点】必要条件、充分条件与充要条件的推断【分析】依据充分必要条件的定义推断即可【解答】解：由，解得：a0，故a0是“的充要条件，应选：C【点评】此题考察了充分必要条件，考察不等式问题，是一道根底题15过正方体中心的平面截正方体所得的截面中，不行能的图形是A三角形B长方形C对角线不相等的菱形D六边形【考点】平行投影与平行投影作图法【分析】依据截面经过几个面得到的截面就是几边形推断即可【解答】解：过正方体中心的平

15、面截正方体所得的截面，至少与正方体的四个面相交，所以不行能是三角形，应选：A【点评】解决此题的关键是理解截面经过几个面得到的截面就是几边形16如下图，正八边形A1A2A3A4A5A6A7A8的边长为2，假设P为该正八边形边上的动点，那么的取值范围为ABCD【考点】平面对量数量积的运算【分析】由题意求出以A1为起点，以其它顶点为向量的模，再由正弦函数的单调性与值域可得当P与A8重合时，取最小值，求出最小值，结合选项得答案【解答】解：由题意，正八边形A1A2A3A4A5A6A7A8的每一个内角为135，且，再由正弦函数的单调性与值域可得，当P与A8重合时，最小为=结合选项可得的取值范围为应选：B【

16、点评】此题考察平面对量的数量积运算，考察数形结合的解题思想方法，属中档题三.解答题本大题共5题，共14+14+14+16+18=76分1712分2021上海模拟如图，长方体ABCDA1B1C1D1中，AB=BC=2，AA1=3；1求四棱锥A1ABCD的体积；2求异面直线A1C与DD1所成角的大小【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积；异面直线与其所成的角【分析】1四棱锥A1ABCD的体积=，由此能求出结果2由DD1CC1，知A1CC1是异面直线A1C与DD1所成角或所成角的补角，由此能求出异面直线A1C与DD1所成角的大小【解答】解：1长方体ABCDA1B1C1D1中，AB=BC=2，AA1=3，四棱

17、锥A1ABCD的体积：=42DD1CC1，A1CC1是异面直线A1C与DD1所成角或所成角的补角，tanA1CC1=，=异面直线A1C与DD1所成角的大小为；【点评】此题考察三棱锥的体积的求法，考察异面直线所成角的求法，是中档题，解题时要仔细审题，注空间思维实力的培育1812分2021上海模拟设aR，函数；1求a的值，使得fx为奇函数；2假设对随意xR成立，求a的取值范围【考点】函数恒成立问题；函数奇偶性的性质【分析】1由fx在R上为奇函数，可得f0=0，解方程可得a的值，检验即可；2由题意可得即为恒成立，等价为，即有2a1a2x+1，探讨a=0，a0，a0，由参数别离，求得右边的范围，运用恒

18、成立思想即可得到a的范围【解答】解：1由fx的定义域为R，且fx为奇函数，可得f0=0，即有=0，解得a=1那么fx=，fx=fx，那么a=1满意题意；2对随意xR成立，即为恒成立，等价为，即有2a1a2x+1，当a=0时，10恒成立；当a0时，2x+1，由2x+11，可得1，解得0a2；当a0时，2x+1不恒成立综上可得，a的取值范围是0，2【点评】此题考察函数的奇偶性的运用：求参数的值，考察不等式恒成立问题的解法，留意运用分类探讨和参数别离的思想方法，考察运算实力，属于中档题1912分2021上海模拟某景区欲建立两条圆形观景步道M1、M2宽度忽视不计，如下图，ABAC，AB=AC=AD=6

19、0单位：米，要求圆M1与AB、AD分别相切于点B、D，圆M2与AC、AD分别相切于点C、D；1假设BAD=60，求圆M1、M2的半径结果精确到0.1米2假设观景步道M1与M2的造价分别为每米0.8千元与每米0.9千元，如何设计圆M1、M2的大小，使总造价最低？最低总造价是多少？结果精确到0.1千元【考点】直线与圆的位置关系【分析】1干脆利用三角函数，可得结论；2设BAD=2，那么总造价y=0.8260tan+0.9260tan45，换元，利用根本不等式，可得结论【解答】解：1M1半径=60tan3034.6，M2半径=60tan1516.1；2设BAD=2，那么总造价y=0.8260tan+0

20、.9260tan45，设1+tan=x，那么y=128x+1784，当且仅当x=，tan=时，取等号，M1半径30，M2半径20，造价42.0千元【点评】此题考察直线与圆的位置关系，考察根本不等式的运用，属于中档题2012分2021上海模拟双曲线b0，直线l：y=kx+mkm0，l与交于P、Q两点，P为P关于y轴的对称点，直线PQ与y轴交于点N0，n；1假设点2，0是的一个焦点，求的渐近线方程；2假设b=1，点P的坐标为1，0，且，求k的值；3假设m=2，求n关于b的表达式【考点】双曲线的简洁性质【分析】1由双曲线b0，点2，0是的一个焦点，求出c=2，a=1，由此能求出的标准方程，从而能求出

21、的渐近线方程2双曲线为：x2y2=1，由定比分点坐标公式，结合条件能求出k的值3设Px1，y1，Qx2，y2，kPQ=k0，那么，由，得b2k2x24kx4b2=0，由，得x22k0nxn2b2=0，由此利用韦达定理，结合条件能求出n关于b的表达式【解答】解：1双曲线b0，点2，0是的一个焦点，c=2，a=1，b2=c2a2=41=3，的标准方程为： =1，的渐近线方程为2b=1，双曲线为：x2y2=1，P1，0，P1，0，=，设Qx2，y2，那么有定比分点坐标公式，得：，解得，=3设Px1，y1，Qx2，y2，kPQ=k0，那么，由，得b2k2x24kx4b2=0，由，得x22k0nxn2b

22、2=0，x1+x2=，x1x2=，x1x2=，即，即=，=，化简，得2n2+n4+b2+2b2=0，n=2或n=，当n=2，由=，得2b2=k2+k02，由，得，即Q，代入x2=1，化简，得：，解得b2=4或b2=kk0，当b2=4时，满意n=，当b2=kk0时，由2b2=k2+k02，得k=k0舍去，综上，得n=【点评】此题考察双曲线的渐近线的求法，考察直线的斜率的求法，考察n关于b的表达式的求法，是中档题，解题时要仔细审题，留意双曲线、直线、韦达定理的合理运用2112分2021上海模拟函数fx=log2；1解方程fx=1；2设x1，1，a1，+，证明：1，1，且ffx=f；3设数列xn中，

23、x11，1，xn+1=1n+1，nN*，求x1的取值范围，使得x3xn对随意nN*成立【考点】函数与方程的综合运用【分析】1依据对数运算性质得=2，从而解出x的值；2令gx=，推断gx的单调性得出gx的值域，依据对数的运算性质化简即可证明ffx=f；3利用2中的结论得出fxn+1与fxn的关系，推断fxn的周期，分别用fx1表示出fx2，fx3，fx4，依据fx的单调性得出，从而求出fx1的范围，继而解出x1的范围【解答】解：1fx=log2=1，=2，解得；2令gx=，那么gx=a1，+，gx0，gx在1，1上是增函数，又g1=，g1=1，1gx1，即1，1fxf=log2log2=log2

24、log2=log2=log2，f=log2=log2f=fxf，ffx=f3fx的定义域为1，1，fx=log2=log2=fx，fx是奇函数xn+1=1n+1，xn+1=当n为奇数时，fxn+1=f=fxnf=fxn1，fxn+1=fxn1；当n为偶数时，fxn+1=f=f=1fxn，fxn+1=1fxnfx2=fx11，fx3=1fx2=2fx1，fx4=fx31=1fx1，fx5=1fx4=fx1，fx6=fx51=fx11，fxn=fxn+4，nN+设hx=，那么hx=0，hx在1，1上是增函数，fx=log2=log2hx在1，1上是增函数x3xn对随意nN*成立，fx3fxn恒成立

25、，即，解得：fx11，即log21，02，解得：1x1【点评】此题考察了对数的运算性质，复合函数的单调性，不等式的解法，属于难题2021年上海市春季高考语文试卷一 积累应用l0分1按要求填空。5分1家住吴门，_。周邦彦苏幕遮2蒹葭萋萋，白露未唏。所谓伊人，_。诗经_蒹葭3杜甫望岳诗“造化钟神秀，阴阳割昏晓以光的明暗写山的高大，王维终南山诗中运用了相像手法的一联是“_，_。2按要求选择。5分1小明跑步健身，坚持一段时间后想放弃，以下句子合适用来激励他的一项为哪一项 。2分A行百里者半九十。B千里之行，始于足下。C不积跬步，无以致千里。D知是行之始，行是知之成。2班干部改选，小洁被选为班长后发表感

26、言，以下用语得体的一项为哪一项 。3分A旧的不去，新的不来，我们将翻开新的一页。B谢谢大家的信任，我会不遗余力，做好工作。C感谢大家的支持，我乐意为大家效犬马之劳。D很荣幸中选班长，我愿鞠躬尽瘁，死而后已。二 阅读70分一阅读下文，完成第38题。16分天开图画即江山 王风李白诗云：“清水出芙蓉，自然去雕饰。“自然就是自然而然。“天与“人是一组对举的概念，二者同为创建者。“人在创建，“天更在创建。大自然的自我创建，称为“天工，与此相对的“人工，通常认为是远远不与的。而对于人的创建，最名贵的赞美就是“巧夺天工。与此相类，大自然的声响被称为“天籁，对于人间的歌颂，其最高赞美也就是用这个词来形容。孔子

27、“知者乐水，仁者乐山，人格在山水中获得共鸣，这种人与山水的关系持续至今。音乐中大量的是对大自然的抒写，古代最著名的器乐曲，古琴演奏的高山流水，引发了千古的赞美和惆怅。人与人，借助音乐描摹的山水达成最高的和谐，正是中国文人精神的一个缩影。魏晋是中国文学艺术的自觉时期，以自然为题材的山水诗和山水画蓬勃而出，并持续至今，形成诗画中最引人注目的传统。创始山水诗的谢灵运好游，曾经惊动地方官，以为山贼。人的情感与山水相通，那么以山水为友。唐代李白“相看两不厌，只有敬亭山，王维“行到水穷处，坐看云起时，都不将山水看作客体。至于山水画，最早的文献也出自东晋。画家宗炳，因为老病，不能亲历山水，所以图绘下来以了却

28、山水之思，山水画就成了真山水的替代品，可供“卧游。中国山水画，当然有不表现人之活动的纯粹山水，但更大量的，那么在山水间绘有或行或卧、其小如豆的高人雅士，以与结于山坳水滨的几椽草庐茅屋。在古人的观念中，这是人与自然的最高和谐，人就是自然的一部分。自然分开了人，虽然完好，但那是孤独而缺少生命的。山水画集中了画家对山水的视察和想象，移于尺幅间，石涛山水卷轴所钤“搜尽奇峰打草稿正是中国艺术的真精神。也就是，从发觉到创建，人可以集自然山水之美于画幅，咫尺千里，条挂厅室，朝夕相对。山水可以现于画幅，同样也可以再起于庭园堂室之中，二者都可以称之为“缩地移山。从宏大的皇家园林，到小康之家庭院周遭，千百年来，人

29、们都在模拟山水，这同时也是中国园林美学的最高原那么。园林中，有山、有水、有花、有树，而确定要宛转曲折“直夺天工，一假设自然。一方面提炼自然山水，成就绘画的艺术创建；另一方面依据“画意再造浓缩的自然。既以自然为师，又以自然为友。中国艺术就在自然与创建、“天工与“人工之间不断转化，交融无间。所谓“天工，古人观赏的不止是山水这样的宏观景象，也包括超出一般经验的单独的个别对象，诸如一块石头、一截树根，都能引起人们对自然的惊羡之情，得到审美的愉悦。园林中没有奇石，反而是不行想象的了。奇石或采于山间如灵璧，或取于水中如太湖，并非因其材质假设宝石之名贵，而在于形态奇异超过人的想象，所谓“鬼斧神工让人惊异于大

30、自然的奇异，从而得到审美的愉悦。也有很多木质器物，多取树根的自然奇崛，为镇纸，为笔架，为笔筒，为花插，或仅作摆件赏玩。无论“木者还是“石者，强调的是不俟人力，没有人的干预，亦即所谓自然的“雕饰。这或答应以称之为中国式的一种“雕塑，只不过这种立体的艺术，崇尚的不是艺术家的雕琢，恰恰相反，它要求的是人的绝不加以干预。换言之，这种艺术须要的不是创建美的双手，而是发觉美的双眼，这是用所谓“目光创建的艺术。几案上的奇石也有类于奇峦叠嶂者，与庭园中的叠石成山，背后皆衬以粉壁，黑白映照，也恰是水墨画的意境。人居之外，极目更远处，那么是真山真水，蓝天白云可为背景，是最大的画幅“天开图画即江山黄庭坚诗。从天地到

31、庭园到堂室到几案，层层与山水相遇，到处与自然共处，这就是中国传统的文化生活方式。 有删改3概括第段的段意。_。2分4作者在第段中举李白、王维的诗句为例，对其目的分析正确的一项为哪一项 。2分A用来说明以自然为题材的诗歌蓬勃而出。B用来说明以自然为题材的诗歌绵延不绝。C用来说明文人视山水为挚友，情感相通。D用来说明文人将山水视为主体的一部分。5对第段写作特点分析不正确的一项为哪一项 。3分A“绘有或行或卧、其小如豆的高人雅士一句，描写细腻，文笔生动。B用“孤独而缺少生命形容没有人的自然，含比拟手法，形象而深入。C引用石涛“搜尽奇峰打草稿一语，说明山水画留意人与自然的和谐。D“咫尺千里，条挂厅室，

32、朝夕相对，照应上文中宗炳“卧游的例子。6第段画线句在构造上的作用是_。2分7对第段画线部分理解正确的一项为哪一项 。3分A这种艺术须要人力对自然材料的加工和雕琢。B这种艺术须要从自然材料中发觉美的艺术目光。C这种艺术是指绘画、园林等不俟人力的艺术品。D这种艺术崇尚自然本真，不主见人的参加。8“天开图画即江山意思是“山水就是天画出的图画。用“天开图画即江山作标题，有哪些作用？4分_。二阅读下文，完成第912题。15分白兰瓜 毕淑敏听说我要西行，全部挚友第一个反响都是：“你可以吃到白兰瓜了!北京的街头也常见到白兰瓜，并不白，像个磕碰过的篮球，也不甜，带有青草的气息。不过，这并不影响我对白兰瓜的仰慕

33、希望之情。兰州果真是白兰瓜的大本营，十步之内，必有瓜阵。刀锋倾斜着刺入，浓郁的香气沿着刀柄湍湍流出，光闻着，就知道同北京街头的不同。每人抢一块，吞进嘴里，像喝粥似的往下咽。向导笑眯眯地看着大家的贪欲，很为家乡的特产骄傲。有人言传了：“闹了半天，白兰瓜也不过如此嘛!真是空有其名!向导的脸色难看了，忙说明：“今年雨水多平心而论，白兰瓜真是盛名之下，其实难副，闻着还可以，尝尝却不甜。一路西行，哪里都要款待白兰瓜。刚开始还心想兰州的瓜不甜，别处的可能甜，然而总是悲观，哪儿的白兰瓜都不甜。后来就连尝的爱好也没有了，除非渴极了，拿它顶水喝。辜负了我的信任与渴望的白兰瓜啊!“到嘉峪关就有好瓜吃了，那儿正在举

34、办瓜节。向导为大家打气。只知道嘉峪关是长城的一端，不知道它还是瓜的盛市。西北各省市的瓜，像陨石雨似的着陆在小城，满载的瓜车还在源源不断地涌入。前面一个急转弯，几个硕大的甜瓜被车甩了下来，摔碎的瓜的香气像烟雾塞满街道。瓜节隆重开幕了。白兰瓜形态的氢气球飘浮在碧蓝的天空，远处是银箔似的祁连雪峰。孩子们头上戴着白兰瓜形的帽子，街上的社火队装扮成瓜的模样真是一个瓜的世界。向导拈起一块尝尝，说：“怎么瓜节上的瓜也不甜？没关系，到了安西，就能吃到好瓜了。过安西时，正是午后沙漠上最热最孤独的时间。黑蓝色的柏油路蛇蜕似的蜿蜒着，天空中充满着看不见却无处不在的尘埃，仿佛一杯混浊的溶液。太阳在空中发出幽蓝色的光，

35、却丝毫不减其炙烤大地的威力。铁壳面包车成了真正的面包炉。我们关上车窗，是令人窒息的闷热，翻开车窗，火焰般的漠风旋涡般地卷来。口唇皲裂，眼球粗糙地在眼眶里转动，全身像烤鱼片似的枯燥无力。突然，在大漠与马路相切的边缘，出现了一个木乃伊似的老人。地上铺一块羊皮，上面孤零零地垛着一小堆瓜。他出现得那样突兀，完全没有从小黑点到人形轮廓这样一个显示过程，仿佛被一只巨手挤眼间贴到苍黄的背景上。“瓜甜吗？我们停下车，习惯地问。老人慢吞吞地答复：“这里是安西呀!因为别无选择，我们买了老汉的瓜。老人树根一样的脸上没有表情。极廉价的价钱。安西的白兰瓜外观上毫无特色，第一口抿到嘴里，竟然是咸的！过了片刻，才辨别出那其

36、实不是咸，而是一种浓烈的甜。甜到极处便是蜇人的痛，嘴角、舌尖都甜得麻酥酥的，仿佛被胶粘住了。抓过瓜缘的手指间的汁水仿佛青蛙的蹼一样，撕扯不开。手背上淌过的瓜汁，留下一道透亮的痕迹，舔一舔，又是那种蜂蜜般的甜。真不知如此苦旱贫瘠的安西怎么孕育出如此甘甜多汁的白兰瓜。安西地处荒沙，日照极强，自古以来以瓜著名天下，故称瓜州。白兰瓜原籍美洲，移居中国后，由“蜜露改名“白兰，如今已成为甘肃特产。它在安西扎下根来，比在老家长得还要好。或许，白兰瓜要正名为“安西瓜才更符合历史的真实。我也想过，是否因为那天的极度干渴才使这沙漠之中的瓜显得特别甘甜。后来遇到过几次同样的情形，才知道唯有安西的瓜无与伦比。想想这瓜，很有感受。它原原来自大洋此岸，却在这块古老贫瘠的土地上繁衍得如此兴盛。它入乡随俗，褪去了娇滴滴的洋名字，也不计较人们以讹传讹地称它白兰瓜，孤独然而坚韧地在沙漠之中生长着，以自己甘饴如蜜的汁液濡润着焦渴的旅人。啊！瓜州的瓜啊!什么叫特产，什么叫真谛，它只限于窄小的区域。好比一个石子丢入湖中，涟漪可以扩散得很远，但要找到石子，必需潜入那最初的所在。蓝色太阳下的沙漠老人，教给我这个道理。 有删改9第到第段写到向导，有哪些作用？3分_。10第段描绘安西午后沙漠的环境，请分析其用意。4分_。11第12段对白兰瓜“浓烈的甜的描写，给人印象深入，请加以赏析。4分_