2016年全国高中数学联合竞赛试题与解答A卷.docx

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1、2021年全国高中数学结合竞赛一试A卷说明：1. 评阅试卷时，请根据本评分标准填空题只设8分和0分两档；其他各题的评阅，请严格根据本评分标准的评分档次给分，不要增加其他中间档次2. 假如考生的解答方法和本解答不同，只要思路合理、步骤正确，在评卷时可参考本评分标准适当划分档次给分，解答题中第9小题4分为一个档次，第10、11小题5分一个档次，不要增加其他中间档次一、填空题：本大题共8小题，每题8分，共64分1设实数满意，那么的取值范围是 2设复数满意，其中是虚数单位，分别表示的共轭复数，那么的模为 3正实数均不等于1，假设，那么的值为 4袋子A中装有2张10元纸币和3张1元纸币，袋子B中装有4张

2、5元纸币和3张1元纸币现随机从两个袋子中各取出两张纸币，那么A中剩下的纸币面值之和大于B中剩下的纸币面值之和的概率为 5设P为一圆锥的顶点，A，B，C是其底面圆周上的三点，满意=90，M为AP的中点假设AB=1，AC=2，那么二面角MBCA的大小为 6设函数，其中是一个正整数假设对随意实数，均有，那么的最小值为 7双曲线C的方程为，左、右焦点分别为、，过点作直线及双曲线C的右半支交于点P，Q，使得=90，那么的内切圆半径是 8设是1，2，100中的4个互不一样的数，满意那么这样的有序数组的个数为 二、解答题：本大题共3小题，共56分解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤9此题总分值16分在中，

3、求的最大值10此题总分值20分是R上的奇函数，且对随意，均有求的值11此题总分值20分如下图，在平面直角坐标系中，F是轴正半轴上的一个动点以F为焦点，O为顶点作抛物线C设P是第一象限内C上的一点，Q是轴负半轴上一点，使得PQ为C的切线，且PQ均及直线OP相切于点P，且均及轴相切求点F的坐标，使圆及的面积之和取到最小值2021年全国高中数学结合竞赛加试一、此题总分值40分设实数满意。求的最大值。二、此题总分值40分如下图，在中，X，Y是直线BC上两点X，B，C，Y顺次排列，使得。设，的外心分别为，直线及AB，AC分别交于点U，V。证明：是等腰三角形。三、此题总分值50分给定空间中10个点，其中随

4、意四点不在一个平面上，将某些点之间用线段相连，假设得到的图形中没有三角形也没有空间四边形，试确定所连线段数目的最大值。四、此题总分值50分设及均是素数，。数列的定义为，。这里表示不小于实数的最小整数。2021年全国高中数学结合竞赛一试A卷参考答案及评分标准说明：3. 评阅试卷时，请根据本评分标准填空题只设8分和0分两档；其他各题的评阅，请严格根据本评分标准的评分档次给分，不要增加其他中间档次4. 假如考生的解答方法和本解答不同，只要思路合理、步骤正确，在评卷时可参考本评分标准适当划分档次给分，解答题中第9小题4分为一个档次，第10、11小题5分一个档次，不要增加其他中间档次一、填空题：本大题共

5、8小题，每题8分，共64分1设实数满意，那么的取值范围是 答案：解：由可得，原不等式可变形为即，所以又，故2设复数满意，其中是虚数单位，分别表示的共轭复数，那么的模为 答案：解：由运算性质，因为及为实数，故，又，所以，从而因此，的模为3正实数均不等于1，假设，那么的值为 答案：解：令，那么，条件化为，由此可得，因此4袋子A中装有2张10元纸币和3张1元纸币，袋子B中装有4张5元纸币和3张1元纸币现随机从两个袋子中各取出两张纸币，那么A中剩下的纸币面值之和大于B中剩下的纸币面值之和的概率为 答案：解：一种取法符合要求，等价于从A中取走的两张纸币的总面值小于从B中取走的两张纸币的总面值，从而故只能

6、从A中国取走两张1元纸币，相应的取法数为又此时，即从B中取走的两张纸币不能都是1元纸币，相应有种取法因此，所求的概率为5设P为一圆锥的顶点，A，B，C是其底面圆周上的三点，满意=90，M为AP的中点假设AB=1，AC=2，那么二面角MBCA的大小为 答案：解：由=90知，AC为底面圆的直径设底面中心为O，那么平面ABC，易知，进而设H为M在底面上的射影，那么H为AO的中点在底面中作于点K，那么由三垂线定理知，从而为二面角MBCA的平面角因，结合及平行知，即，这样故二面角MBCA的大小为6设函数，其中是一个正整数假设对随意实数，均有，那么的最小值为 答案：16解：由条件知， 其中当且仅当时，取到

7、最大值根据条件知，随意一个长为1的开区间至少包含一个最大值点，从而，即反之，当时，随意一个开区间均包含的一个完好周期，此时成立综上可知，正整数的最小值为7双曲线C的方程为，左、右焦点分别为、，过点作直线及双曲线C的右半支交于点P，Q，使得=90，那么的内切圆半径是 答案：解：由双曲线的性质知，因=90，故，因此从而直角的内切圆半径是8设是1，2，100中的4个互不一样的数，满意那么这样的有序数组的个数为 答案：40解：由柯西不等式知，等号成立的充分必要条件是，即成等比数列于是问题等价于计算满意的等比数列的个数设等比数列的公比，且为有理数记，其中为互素的正整数，且先考虑的状况此时，留意到互素，故

8、为正整数 相应地，分别等于，它们均为正整数这说明，对随意给定的，满意条件并以为公比的等比数列的个数，即为满意不等式的正整数的个数，即由于，故仅需考虑这些状况，相应的等比数列的个数为当时，由对称性可知，亦有20个满意条件的等比数列综上可知，共有40个满意条件的有序数组二、解答题：本大题共3小题，共56分解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤9此题总分值16分在中，求的最大值解：由数量积的定义及余弦定理知，同理得，故条件化为即8分由余弦定理及根本不等式，得所以12分等号成立当且仅当因此的最大值是16分10此题总分值20分是R上的奇函数，且对随意，均有求的值解：设=1，2，3，那么在中取，留意到，及

9、为奇函数可知5分即，从而10分因此20分11此题总分值20分如下图，在平面直角坐标系中，F是轴正半轴上的一个动点以F为焦点，O为顶点作抛物线C设P是第一象限内C上的一点，Q是轴负半轴上一点，使得PQ为C的切线，且PQ均及直线OP相切于点P，且均及轴相切求点F的坐标，使圆及的面积之和取到最小值解：设抛物线C的方程是，点Q的坐标为，并设的圆心分别为设直线PQ的方程为，将其及C的方程联立，消去可知因为PQ及C相切于点P，所以上述方程的判别式为，解得进而可知，点P的坐标为于是由PQ=2可得 5分留意到OP及圆相切于点P，所以设圆及轴分别相切于点M，N，那么分别是的平分线，故=90从而由射影定理知结合，

10、就有 10分由共线，可得化简得 15分令，那么圆的面积之和为根据题意，仅需考虑T取到最小值的状况根据、可知，作代换，由于，所以于是上式等号成立当且仅当，此时，因此结合得，从而F的坐标为20分2021年全国高中数学结合竞赛加试一、此题总分值40分设实数满意。求的最大值。解：令，由得，对，2021 ，均有。假设，那么。10分以下考虑的状况。约定。由平均不等式得20分所以。30分当时，上述不等式等号成立，且有，此时。综上所述，所求最大值为。40分二、此题总分值40分如下图，在中，X，Y是直线BC上两点X，B，C，Y顺次排列，使得。设，的外心分别为，直线及AB，AC分别交于点U，V。证明：是等腰三角形

11、。证法一：作的内角平分线交BC于点P，设三角形ACX和ABY的外接圆分别为和。由内角平分线的性质知，。由条件可得。从而即。20分故P对圆和的幂相等，所以P在和的根轴上。30分于是，这说明点U，V关于直线AP对称，从而三角形AUV是等腰三角形。40分证法二：设的外心为O，连接，。过点，分别作直线BC的垂线，垂足分别为，作于点K。我们证明。在直角三角形中，由外心性质，。又，故。而分别是BC，CX的中点，所以。因此这里R是的外接圆半径。同理。10分由条件可得，故。20分由于，所以90。同理90。30分又因为，故，从而。这样，即是等腰三角形。40分三、此题总分值50分给定空间中10个点，其中随意四点不

12、在一个平面上，将某些点之间用线段相连，假设得到的图形中没有三角形也没有空间四边形，试确定所连线段数目的最大值。解：以这10个点为顶点，所连线段为边。得到一个10阶简洁图G。我们证明G的边数不超过15.设G的顶点为，共有条边，用表示顶点的度。假设对，10都成立，那么假设存在满意。不妨设，且及均相邻。于是之间没有边，否那么就形成三角形，所以，之间恰有条边。10分对每个，至多及中的一个顶点相邻否那么设及相邻，那么就对应了一个空间四边形的四个顶点，这及题设条件冲突。从而及之间的边数至多条。20分在这个顶点之间，由于没有三角形，由托兰定理，至多条边，因此G的边数30分如图给出的图共有15条边，且满意要求。综上所述，所求边数的最大值为15.50分四、此题总分值50分设及均是素数，。数列的定义为，。这里表示不小于实数的最小整数。证明：对均有成立。证明：首先留意，是整数数列。对用数学归纳法。当时，由条件知，故。因及均是素数，且，故必需。因此，即时结论成立。对，设对成立，此时，故10分故对，有=20分因此由此知留意是整数40分因，是素数，故，又是大于的素数，故，从而及互素，故由知，那么数学归纳法知，此题得证。50分