2017中考物理真题哈尔滨.docx

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1、2017年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分，每小题只有一个正确答案）1（2分）（2017哈尔滨）在试验室，用天平能干脆测量的物理量是（）A质量B体积C密度D力【解答】解：试验室须要的测量物体的质量，比拟精细精确，在试验室，用天平能干脆测量的物理量是质量故选A2（2分）（2017哈尔滨）下列光学元件中，成像原理与其它三个不同的是（）A放大镜B自制照相机C昆虫视察箱D投影仪【解答】解：A、用放大镜看物理课本上的文字时，文字变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的故与题意不符B、照相机是利用凸透镜成倒立、缩小实像原理，凸透镜成像是光的折射形成的，故与

2、题意不符；C、昆虫视察箱通过平面镜视察昆虫，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意D、投影仪是利用凸透镜成倒立、放大实像原理，凸透镜成像是光的折射形成的，故与题意不符；故选C3（2分）（2017哈尔滨）下列现象中属于熔化的是（）A松花江里冰雪消融的过程B太阳岛湿地中荷叶上露珠的形成C植物园内早晨轻快的雾的形成D冰雪大世界中雪的形成【解答】解：A松花江里冰雪消融，是固态变成液态，属于熔化现象；B太阳岛湿地中荷叶上露珠的形成，是气态变成液态，属于液化现象；C植物园内早晨轻快的雾的形成，是气态变成液态，属于液化现象；D冰雪大世界中雪的形成，是气态变成固态，属于凝华现象故选A4（2分）（201

3、7哈尔滨）如图是探究电磁感应现象的装置，如图所示的设备中利用此原理工作的是（） A电磁铁B发电机C电动机D扬声器【解答】解：A、电磁铁通电后会具有磁性，是电流的磁效应，故A错误；B、发电机是利用电磁感应原理工作的，故B正确；C、电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动，是磁场对电流的作用，故C错误；D、扬声器的工作原理和电动机的工作原理是一样的，故D错误故选B5（2分）（2017哈尔滨）下列图中符合平安用电与爱护原则的是（）A在落地高压线旁边行走B多个大功率用电器同时运用一个插座C开关接零线D电水壶接三孔插座【解答】解：A、在落地高压线旁边行走，会发生跨步电压触电，不符合平安用电与爱护原则，

4、故A错误；B、多个大功率用电器同时运用一个插座，会使得通过插座的电流变大，简洁发生火灾，不符合平安用电原则，故B错误；C、开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触灯泡的金属局部时会发生触电事故，不符合平安用电原则，故C错误；D、电水壶的金属外壳必需接地，应采纳用三脚插头及三孔插座，可以防止外壳漏电时发生触电事故，符合平安用电原则，故D正确故选：D6（2分）（2017哈尔滨）在物理试验中，往往要进展屡次试验，有的是为了减小误差，有的是为了找寻普遍规律下列四个试验中，为了减小误差的是（）A电流跟电压的关系B电阻的大小与什么因素有关C重力与质量的关系D测量未知的定值电阻的

5、阻值【解答】解：A、探究电流与电压的关系时，在电阻肯定时，变更两端电压，测量对应的电流，目的是得出电流与电压之间的普遍规律故A不符合题意；B、电阻的大小与多个因素有关，在探讨电阻的大小与什么因素有关时，屡次变更材料种类、长度大小和横截面积大小，目的是得出电阻与哪些因素有关、有什么详细关系的普遍规律故B不符合题意；C、探讨重力和质量的关系时，屡次变更物体的质量，同时记录对应的重力，目的是得出重力和质量成正比的普遍规律故C不符合题意；D、测量未知电阻的阻值时，屡次变更电阻两端电压得到对应的电流，然后利用计算电阻并取平均值，目的是为了减小误差故D符合题意故选D7（2分）（2017哈尔滨）在水中，鱼、

6、漂移的木头、静止在水底的石头的位置如图所示，下列说法正确的是（） A水对石头的压强比对木头的小B木头受到的浮力大于它自身的重力C鱼受到的浮力等于它排开水的重力D石头受到的浮力等于它自身的重力【解答】解：A、因为石头所处的深度比木头所处的深度大，所以水对石头的压强比对木头的大，故A错；B、因为木头漂移，所以木头受到的浮力等于它自身的重力，故B错；C、依据阿基米德原理可知，鱼受到的浮力等于它排开水的重力，故C正确；D、石头沉底（石头的密度大于水的密度），石头受到的浮力小于它自身的重力，故D错故选C8（2分）（2017哈尔滨）汽车已成为我们主要的交通工具，关于汽车，下列说法不正确的是（） A汽车行驶

7、时，对地面的压力大于地面对它的支持力B汽车的倒车雷达，利用了超声波C汽车的广泛运用，加剧了城市的“热岛效应”D为了行驶的平安性，汽车要限速行驶【解答】解：A、汽车行驶时，由于此时汽车上面的空气流速大，故压强小，车下方的空气流速小，压强大，所以此时汽车受到向上的升力；对地面的压力小于自身的重力，故A错误；B、倒车雷达利用反射的超声波来区分障碍物的间隔 ，故B正确；C、汽车是运用过程中会产生大量的废气，排放大量的热量，是加剧城市的热岛效应的缘由之一，故C正确；D、在马路上行驶的汽车，质量不变，进展限速，其动能会变小，即在突发事务时，对外做的功少，破坏力小，故D正确故选A9（2分）（2017哈尔滨）

8、用如图所示的装置探讨滑轮组机械效率，下列说法不正确的是（）A弹簧测力计通常要竖直向上匀速拉动B测量机械效率的原理：=（）100%C机械效率与动滑轮重力的大小有关D进步机械效率可以通过减小钩码的重力来实现【解答】解：A在试验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这样弹簧测力计处于平衡状态，弹簧测力计的示数才反映了拉力的大小，故A正确；B测量机械效率的原理：=100%，故B正确；C图中滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关，在物重肯定的条件下，动滑轮越重，机械效率越低，故C正确；D减小钩码的重力，在额外功一样的状况下，有用功减小，有用功占总功的百分百减小，滑轮组的机械效率减小，故D错误故选D10（2分）

9、（2017哈尔滨）如图所示，闭合开关S，发觉灯泡L1亮，L2不亮调整变阻器滑片P，L1变亮，L2始终不亮，出现这一现象的缘由可能是（）A滑动变阻器断路B滑动变阻器短路C灯泡L2短路D灯泡L2断路【解答】解：A、若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两灯都不亮，所以A错误；B、若滑动变阻器短路了，则滑动变阻器不会引起L1亮度的变更，所以B错误；C、若灯L2短路了，则L2不亮，L1照常发光，所以C正确；D、若灯泡L2断路，则L1也不能发光，所以D错误故选C11（2分）（2017哈尔滨）两定值电阻R1=10，R2=5，现将R1、R2接入如图所示的电路，电源电压为3V，当开关S闭合时，下列分析正确的是（）

10、AR1、R2电流之比为1：2BR1、R2两端的电压之比为2：1CR1、R2消耗的电功率之比为1：2D电路消耗总的电功率等于2.7W【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，R1、R2电流之比为1：1，故A错误；由I=可得，R1、R2两端的电压之比：=，故B正确；由P=UI可得，R1、R2消耗的电功率之比：=，故C错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路消耗的总功率：P总=0.6W，故D错误故选B12（2分）（2017哈尔滨）用弹簧测力计两次程度拉同一木块，使它在同一程度木板上做匀速直线运动，图乙是它运动的路程随时间变更的图象，下列说法正确的是（）A

11、图甲中木块受到的拉力为3.2NB木块第一次和第二次速度之比为1：2C木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1D一样时间内拉力两次对木块做功之比为1：1【解答】解：A、从图甲知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.4N，即图甲中木块受到的拉力为3.4N，故A错误；B、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，第一次10s运动路程为50m，第二次10s运动路程为25m；因为时间肯定，速度与路程成正比，即木块第一次和第二次速度之比为50m：25m=2：1，故B错误；C、两次接触面的粗糙程度一样、压力一样，摩擦力一样，即木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1，故C正确；D、从图乙可知，木块两次都做匀

12、速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，因为摩擦力一样，故拉力也一样；由B可知一样时间内的路程之比为s1：s2=2：1，依据W=Fs可得W1：W2=2：1，故D错误故选C二、非选择题（13题28题，计46分）13（2分）（2017哈尔滨）哈尔滨的端午节赛龙舟时，龙舟上发出的阵阵鼓声是由于鼓面的振动产生的；鼓声通过空气传到观众处【解答】解：鼓声是由于鼓面振动产生的听到的鼓声主要是通过空气传到人耳故答案为：振动；空气14（2分）（2017哈尔滨）小明由于常常玩手机，经检查眼睛有些近视，应利用凹透镜矫正；手机之间利用电磁波传递信息（选填“电磁波”或“声波”

13、）【解答】解：近视眼是由于人眼的晶状体变凸，会聚实力增加，像呈在视网膜的前方，故应佩戴发散透镜即凹透镜进展矫正，使光线发散后成像在视网膜上手机既是电磁波的放射台也是电磁波的承受台，所以手机之间是利用电磁波来传递信息的故答案为：凹；电磁波15（2分）（2017哈尔滨）运用刻度尺之前，要视察量程、分度值及零刻度线在哪里如图，被测木块的长度为1.70cm【解答】解：（1）运用刻度尺之前，要留意视察刻度尺的零刻度线的位置，是否磨损；还要视察刻度尺的分度值和量程；（2）图中刻度尺上1cm之间有10个小格，一个小格的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；木块左侧与0.00cm对齐，右侧与1.7

14、0cm对齐，所以木块的长度为L=1.70cm故答案为：量程；1.7016（2分）（2017哈尔滨）如图所示是四冲程汽油机工作时的压缩冲程，此过程中通过做功方式使汽缸内燃料混合物的内能增大（选填“增大”或“减小”）【解答】解：在汽油机的压缩冲程中，压缩燃料混合物，对其做功，使燃料混合物的内能增加、温度上升，是通过做功的方式变更内能故答案为：做功；增大17（2分）（2017哈尔滨）将硫酸铜溶液注入水的下方，可以看到清水与硫酸铜溶液之间有明显的界面，如图甲静置20日后，如图乙，这是扩散现象，说明液体分子在永不停息地做无规则运动【解答】解：在量筒里装入的清水和蓝色的硫酸铜溶液之间有明显的界面，静置几天

15、后，界面变模糊了，这属于扩散现象，说明一切物体分子都在永不停息地做无规则运动故答案为：扩散；在永不停息地做无规则运动18（2分）（2017哈尔滨）一个杯里装有200mL牛奶，其中牛奶的质量是210g，那么牛奶的密度是1.05g/cm3；小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）【解答】解：牛奶的体积：V=200mL=200cm3，牛奶的密度：=1.05g/cm3，因密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关，所以，小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍为1.05g/cm3不变故答案为：1.05；不变19（2分）（2017哈尔滨）如图所示，杠杆程度放置且自重

16、忽视不计，O是支点，左侧挂一重物，动力F1大小为3N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为6N此时杠杆属于省力杠杆（选填“省力”或“费劲”）【解答】解：设杠杆上每一个格的长度为L，则重物的力臂LG=2L，动力的力臂LF=4L，由杠杆的平衡条件可得：GLG=F1LF，则物体的重力G=F1=3N=6N，因LGLF，所以，此时杠杆属于省力杠杆故答案为：6；省力20（2分）（2017哈尔滨）用如图所示的两个一样装置，同时给质量一样的水和铁砂加热，升温较慢的物质是水，因为它的比热容较大【解答】解：用两个一样装置，同时给质量一样的水和铁砂加热，两种物质一样时间汲取的热量一样因为水的比热容大于铁砂，由公式t

17、=知，升温较慢的物质是水故答案为：水；比热容21（2分）（2017哈尔滨）已知自然气的热值为4107J/m3完全燃烧0.3m3的自然气，放出的热量为1.2107J用自然气给水加热至沸腾后接着加热，水的温度将不变【解答】解：完全燃烧0.3m3的自然气，放出的热量：Q放=qV=4107J/m30.3m3=1.2107J；水沸腾的特点是到达沸点后，接着加热、水的温度不变故答案为：1.2107；不变22（2分）（2017哈尔滨）如图所示，电阻R=55，当闭合S1、S2时，通过电阻R的电流为4A，电路消耗的总功率为1000W当只闭合S2时，电动机消耗的电功率为120W【解答】解：当闭合S1、S2时，定值

18、电阻R与电动机M并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过电阻R的电流：I=4A；电阻R的电功率：PR=UI=220V4A=880W，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，电动机消耗的功率：PM=PPR=1000W880W=120W；当只闭合S2时，电路为电动机M的简洁电路，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电动机消耗的电功率仍为120W故答案为：4；12023（2分）（2017哈尔滨）如图，一个物体静止在程度面上，O为它对程度面压力的作用点，请画出压力的示意图【解答】解：图中，作用点已画出，物体静止在程度面上，对程度面的压力大小等于重力，方向是竖直向下的，如下图：24（

19、2分）（2017哈尔滨）图示为通电螺线管，请标出A点的电流方向，并在螺线管外画出经过B点的磁感线【解答】解：螺线管右侧为S极，左侧为N极，由安培定则可知螺线管中电流由右侧流入，左侧流出，所以A点的电流方向为向上；磁感线在磁体的四周从N极动身回到S极，所以B点磁感线的方向向右如下图：25（5分）（2017哈尔滨）小明和小聪在探究光的反射规律，试验装置如图所示（1）FON是反射角（选填“入射”或“反射”）（2）一束光沿EO射到镜面，在纸板上会看到反射光OF若沿着FO的方向再入射一束光，它的反射光沿OE方向射出，此现象说明在反射现象中，光路是可逆（3）在探讨反射角和入射角的关系时，搜集数据如下表：入

20、射角反射角3030小明分析表中数据，得出反射角等于入射角的结论小聪说，此结论不具有普遍性请指出试验中的缺乏并加以改良缺乏：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小；改良：屡次变更入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小，得出普遍规律【解答】解：（1）由图可知，FON是反射光线与法学的夹角，故FON是反射角；（2）假如让光沿FO方向射到镜面，会发觉反射光沿OE方向射出，这说明在反射现象中，光路是可逆的；（3）分析表中数据，可得出反射角等于入射角的结论；此结论不具有普遍性，试验中的缺乏：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小；改良：屡次变更入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小

21、，得出普遍规律故答案为：（1）反射；（2）在反射现象中，光路是可逆的；（3）反射角等于入射角；缺乏：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小；改良：屡次变更入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小，得出普遍规律26（5分）（2017哈尔滨）试验小组要探究二力平衡条件试验中每个钩码重力一样，摩擦力忽视不计（1）如图甲装置，当左右两端同时各挂两个钩码时，小车静止，此时F1、F2的方向相反，大小相等；当左右两端同时取下一个钩码时，如图乙，小车仍静止，此时F3等于F4；当右端再挂上一个钩码时，如图丙，小车将做变速运动，此时F5小于F6（2）在图甲试验的根底上，将小车改变一个角度，松手后，视察小

22、车的状况，这样做可以探究什么问题？（3）比照甲、乙、丙三次试验，当小车静止时，程度方向上受到两个力的大小关系如何？还能看出小车受非平衡力作用时，运动状态将怎样？【解答】解：（1）依据二力平衡的条件可知，图甲小车静止，此时F1、F2的方向相反，大小相等；图乙小车仍静止，此时F3等于F4；图丙当右端再挂上一个钩码时，小车做变速运动，此时F5小于F6（2）图甲试验的根底上，将小车改变一个角度，力的方向不在一条直线上，松手后小车会发生转动，这样做可以探究作用在同一物体上但不在同始终线上的两个力，能否平衡？（3）比照甲、乙、丙三次试验可知，当小车静止时，程度方向上受到两个力的大小相等；由图丙可知，小车受

23、非平衡力作用时，运动状态将变更故答案为：（1）相反；相等；等于；小于；（2）作用在同一物体上但不在同始终线上的两个力，能否平衡？（3）大小相等；运动状态将变更27（6分）（2017哈尔滨）某小组探讨小灯泡电功率，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定不变，有规格为“10 2A”和“20 2A”的滑动变阻器各一个次数电压表示数/V电流表示数/A电功率/W灯泡亮度12.50.30较亮230.320.96很亮320.260.52稍亮（1）如图甲所示，选用“10 2A”规格的滑动变阻器进展试验连接电路时，需将滑动变阻器的滑片P置于A（填“A或“B）端，其目的是爱护电路（2）接着用开关快速试触，灯泡发光

24、，电压表示数如图乙，此时灯泡两端电压为2.8V为了使灯泡正常发光，接下来的操作是：断开开关，用“202A”交换“10 2A”的滑动变阻器，并调整滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调整滑片P，直至视察到电压表示数为2.5V；（3）试验中搜集信息如上表分析表格中信息可得，小灯泡额定功率为0.75W；在电路平安范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率越大，灯泡越亮【解答】解：（1）由闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于A端，使滑动变阻器的阻值最大，其目的是为了爱护电路；（2）由图乙可知，电压表量程“03V“，分度值0.1V，电压表示数为2.8V大于于灯泡额定电压，为测灯泡额定电压，由电路图依

25、据串联电路的分压原理可知，应向右挪动滑片，使电压表示数等于灯泡额定电压2.5V，而此时滑动变阻器在阻值最大端，故应，断开开关，用“20 2A”交换“10 2A”的滑动变阻器，并调整滑片P到接入电路的阻值最大处；闭合开关，调整滑片P，直至视察到电压表示数为2.5V；（3）由表格可知，电流表示数为0.3A，此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压U=2.5V，所以灯泡额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W由表格可知，在电路平安范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率越大，灯泡越亮故答案为：（1）A；爱护电路；（2）2.8；断开开关，用“20 2A”交换“10 2A”的滑动变阻器，并调整滑片P到

26、接入电路的阻值最大处；闭合开关，调整滑片P，直至视察到电压表示数为2.5V；（3）0.75；越大28（6分）（2017哈尔滨）在家庭试验室，小聪学习运用电熨斗，如图为一款有高温、低温两档的家用电熨斗，局部参数见下表额定电压220V高温档额定功率1500W低温档额定功率500W整体质量1.2kg请答复：（1）电熨斗平放在程度桌面上，它与桌面的接触面积为9.8103m2，则电熨斗对桌面的压强有多大？（g=9.8N/kg）（2）运用高温档时，通过电熨斗的电流是多少？（结果保存一位小数）（3）电烫斗在一次运用中，高温档工作累计30min，低温档工作累计15min，求此次运用中一共消耗多少电能？【解答】解：（1）电熨斗平放在程度桌面上，对桌面的压力：F=G=mg=1.2kg9.8N/kg=11.76N，电熨斗对桌面的压强：p=1200Pa；（2）由P=UI可得，运用高温档时通过电熨斗的电流：I=6.8A；（3）由P=可得，此次运用中一共消耗的电能：W=W高+W低=P高t高+P低t低=1500W3060s+500W1560s=3.15106J答：（1）电熨斗对桌面的压强为1200Pa；（2）运用高温档时，通过电熨斗的电流是6.8A；（3）此次运用中一共消耗3.15106J的电能