中级数据库系统工程师2007下半年上午试题、答案及详细解析.docx

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1、第15章 数据库系统工程师上午试题分析与解答 在指令系统的各种寻址方式中，获得操作数最快的方式是 (1) 。假设操作数的地址包含在指令中，那么属于 (2) 方式。 (1) A干脆寻址 B马上寻址 C存放器寻址 D间接寻址 (2) A干脆寻址 B马上寻址 C存放器寻址 D间接寻址答案 (1)B (2)A分析 此题考察计算机系统方面的根底学问。依据指令的寻址方式的定义，操作数包含在指令中的寻址方式是马上寻址；操作数在存放器中的寻址方式是存放器寻址；操作数的地址存放在存放器中的寻址方式是存放器间接寻址。(3) 系统响应时间和作业吞吐量是衡量计算机系统性能的重要指标。对于一个持续处理业务的系统而言，

2、(3) ，说明其性能越好。 A响应时间越短，作业吞吐量越小 B响应时间越短，作业吞吐量越大 C响应时间越长，作业吞吐量越大 D响应时间不会影响作业吞吐量答案 B分析 此题考察计算机系统方面的根底学问。系统响应时间是指用户发出完整恳求到系统完成任务给出响应的时间间隔。作业吞吐量是指单位时间内系统完成的任务量。假设一个给定系统持续地收到用户提交的任务恳求，那么系统的响应时间将对作业吞吐量造成肯定影响。假设每个任务的响应时间越短，那么系统的空闲资源较多，整个系统在单位时间内完成的任务量将越大：反之，假设响应时间越长，那么系统的空闲资源较少，整个系统在单位时间内完成的任务量将越小。 假设每一条指令都可

3、以分解为取指, 分析和执行三步。取指时间t取指=4t，分析时间t分析=3t，执行时间t执行=5t。假如按串行方式执行完100条指令须要 (4) 。假如依据流水方式执行，执行完100条指令须要 (5) t。 (4)A1190 B1195 C1200 D1205 (5)A504 B507 C508 D510答案 (4)C (5)B分析 依次执行时，每条指令都需三步才能执行完，设有重叠。总的执行时间为：(473+5)t100=1200t在流水线执行时，所用的时间为：t取指+maxt分析，t取指)+98maxt取指，t分析,t执行)+maxt分析,t执行 +t执行=4t+4t+490t+5t+5t=5

4、08t重叠执行时间关系为:答案 C(6) 假设内存地址区间为4000H43FFH，每个存贮单元可存储16位二进制数，该内存区域用4片存储器芯片构成，那么构成该内存所用的存储器芯片的容量是 (6) 。 A51216bit B2568bit C25616bit D10248bit分析 首先将地址编码转换位十进制数，4000H16=1638410，43FFH16=740710，然后令两个地址码相减再加1，即得到这段地址空间中存储单元的个数，17407-16384+1=1024，因此共有1024个内存单元。102416b/4=25616b，因此芯片的容量为25616b。 某Web网站向CA申请了数字证

5、书。用户登录该网站时，通过验证 (7) ，可确认该数字证书的有效性，从而 (8) 。 (7) ACA的签名 B网站的签名 C会话密钥 DDES密码 (8) A向网站确认自己的身份 B获得访问网站的权限 C和网站进展双向认证 D验证该网站的真伪答案 (7)A (8)D分析 此题考察公钥根底设施方面有关数字签名的根底学问。数字证书能够验证一个实体身份，而这是在保证数字证书本身有效性这一前提下才能够实现的。验证数字证书的有效性是通过验证颁发证书的CA的签名实现的。(9) 专利制度的根本特点是 (9) 。 A法律爱护, 新奇性, 创建性和好用性 B科学审查, 公开通报, 创建性和好用性 C好用性审查,

6、 新奇性审查, 公开通报和国际沟通 D法律爱护, 科学审查, 公开通报和国际沟通答案 D分析 专利制度的根本特点是法律爱护, 科学审查, 公开通报和国际沟通。其中法律爱护是指实行专利制度的国家必需首先制定自己的专利法。科学审查是指申请专利的创建创建是否具有专利性，只有依法进展审查后才能确定。对专利申请进展科学审查的制度，现在大多数已建立专利制度的国家都采纳这种制度，只有极少数国家实行注册登记制度 (如法国等)。公开通报即在法律爱护的前提下，将申请专利的创建创建的内容在专利公报上予以充分公开，让社会尽快地, 尽可能清晰地获得相应的学问和信息，从而授予专利申请人专利权。在技术已经商品化的今日，跨越

7、国界的技术沟通是不行防止的事情。各个国家或者地区的专利法虽然都只能在本国范围内有效，但它是国际技术沟通的必要前提。(10) 假设某人持有盗版软件，但他本人的确不知道该软件是盗版的，那么 (10) 承当侵权责任。 A应由该软件的持有者 B应由该软件的供应者 C应由该软件的供应者和持有者共同 D该软件的供应者和持有者都不答案 B分析“盗版软件即侵权的软件复制品。计算机软件爱护条例运用了软件侵权复制品持有人主观上知道或者应当知道所持软件是否为侵权复制品为标准。知道软件是侵权复制品而运用运行，持有入主观上应当属于成心，即明知故犯；有合理理由推论或者认定持有人应当知道其对所运用运行的软件为侵权复制品，如

8、主观上存有疏忽大意等过失，而运用运行了侵权复制品，应当承当法律责任。主观上不知或者没有合理理由应知的持有人，对该软件的运用运行等行为不承当民事赔偿责任。但是当其一旦知道了所运用的软件为侵权复制品时，应当履行停顿运用, 销毁该软件的法律义务。 计算机软件爱护条例第二十八条规定，软件复制品的出版者, 制作者不能证明其出版, 制作有合法授权的，或者软件复制品的发行者, 出租者不能证明其发行, 出租的复制品有合法来源的，应当承当法律责任。(11) (11) 不属于学问产权的范围。 A地理标记权 B物权 C邻接权 D商业隐私权答案 B分析 著作权, 邻接权, 专利权, 商标权, 商业隐私权和集成电路布图

9、设计权属于学问产权的范围。物权不属于学问产权的范围。(12) W3C制定了同步多媒体集成语言标准，称为 (12) 标准。 AXML BSMIL CVRML DSGML答案 B分析 W3C制定的SMIL(Synchronized Multimedia Integration Language，同步多媒体集成语言标准)是W3C为采纳XML描述多媒体而提出的建议标准，它采纳XML标准来描述多媒体中的各种不同内容的时间序列和画面构成，定义了时间标签, 层次布局, 图像, 动画, 视觉渐变和媒体嵌入等元素。用户可以简洁地运用SMIL语言在一个多媒体作品中按时间序列自由组织音频, 视频和文字等各种媒体内容

10、。(13) 对同一段音乐可以选用MIDI格式或WAV格式来记录存储。以下表达中 (13) 是不正确的。 AWAV格式的音乐数据量比MIDI格式的音乐数据量大 B记录演唱会实况不合采纳MIDI格式的音乐数据 CWAV格式的音乐数据没有表达音乐的曲谱信息 DWAV格式的音乐数据和MIDI格式的音乐数据都能记录音乐波形信息答案 D分析 此题考察计算机音乐信息处理技术的相关学问。WAV格式记录的是对于音乐信号的波形采样数据，它可以运用反映自然声音的信号采样序列来记录和回放声音信息。MIDI格式记录的是采纳音乐信息序列交换的标准格式MIDI(Musical Instrument Digital Inte

11、rface)标准来存贮和表达的音乐的演奏信息，这些演奏信息包含每个音符演奏的时问信息, 音量信息, 长度信息, 乐器或音色信息等，MIDI消息序列可以间接反映出音乐的曲谱演奏信息。(14) 设计制作一个多媒体地图导航系统，使其能依据用户需求缩放地图并自动搜寻路径，最适合的地图数据应当是 (14) 。 A真彩色图像 B航拍图像C矢量化图形 D高清晰灰度图像答案 C分析 此题考察矢量化图形和位图的根本学问。矢量化图形保存最少的信息，文件大小比位图要小，并且文件大小与物体的大小无关。可以无限地放大这个圆，它仍旧保持平滑，所表达物体的运动, 缩放, 旋转和填充等都不会降低绘制的精度。所以矢量化图形是最

12、适合电子地图的根本信息格式。(15) 给定C语言的数据构造struct T int w； union T char c；int i；double d；) U； ； 假设char类型变量的存储区大小是1字节，int 类型变量的存储区大小是4字节， double 类型变量的存储区大小是8字节，那么在不考虑字对齐方式的状况下，为存储一个 struct T类型变量所须要的存储区域至少应为 (15) 字节。 A4 B8 C12 D17 答案 C分析 在不考虑字对齐规那么的状况下，C语言中一个构造体变量的存储区大小就是其全部成员所需存储区大小之和，一个联合体变量的存储区大小就是其各成员所需存储区大小中的最

13、大者。因此题目中给定的联合体union T变量须要的存储区大小就是存储一个 double类型变量的大小(即8字节)，struct T类型变量的存储区最小应为int 类型成员w存储区大小(4字节)与union T类型成员U的存储区大小之和，即12字节。 在过程式程序设计(), 数据抽象程序设计(), 面对对象程序设计(), 泛型(通用)程序设计()中，C+语言支持 (16) ，C语言支持 (17) 。 (16) A B C D (17) A B C D答案 (16)D (17)A分析 此题提到的4种程序设计范型是比拟流行的，且分别被多种程序设计语言所支持。经典的C语言目前仅支持过程式程序设计范型

14、，这是一种基于任务分解的, 自上而下的程序设计方法。数据抽象程序设计范型允许将问题空间和解空间中的事物, 概念等采纳类机制来表示。面对对象程序设计范型比数据抽象更进一步，支持继承, 多态等，更加符合客观世界的规律。泛型程序设计即设计出通用算法, 通用类型，并使它们应用于多种数据类型。 C+语言以C语言为根底，增加了后三种程序设计范型的支持，它是目前运用广泛的程序设计语言之一。 采纳UML进展软件建模过程中， (18) 是系统的一种静态视图，用 (19) 可表示两类事物之间存在的整体/局部形式的关联关系。 (18) A序列图 B协作图 C类图 D状态图 (19) A依靠关系 B聚合关系 C泛化关

15、系 D实现关系答案 (18)C (19)B分析 类图是描述类的构成以其多个类之间存在的静态关系的一种工具。对于一个系统中的两个类而言，它们要么不存在任何关系，要么存在is-like-a的关系，或has-a的关系。其中is-like-a表示两个类之间的继承关系，has-a表示两个类之间存在的整体与局部形式的组成关系，即其中一个类的数据成员的类型是另外一个类，而这种关系在UML中采纳聚合关系表示。 假设磁盘上每个磁道划分成9个物理块，每块存放1个逻辑记录。逻辑记录R1， R2，R9存放在同一个磁道上，记录的支配依次如下表所示：物理块123456789逻辑记录R1R2R3R4R5R6R7R8R9 假

16、定磁盘的旋转速度为27ms/周，磁头当前处在R1的开场处，系统运用单缓冲区，当缓冲区内容处理完时才能再存放新的记录，且每个记录的处理时间为3ms。 假设系统依次处理这些记录，那么处理这9个记录的最长时间为 (20) ；假设对信息存储进展优化分布后，处理9个记录的最少时间为 (21) 。 (20) A243ms B246ms C254ms D280ms (21) A30ms B36ms C54ms D60ms答案 (20)B (21)C分析 系统读记录的时间为27/9=3ms，对第一种状况：系统读出并处理记录R1之后，将转到记录R3的开场处，所以为了读出记录R2，磁盘必需再转一圈，须要3ms(读

17、记录)加27ms(转一圈)的时间。这样，处理9个记录的总时间应为：处理前8个记录(即 R1，R2，R8)的总时间再加上读R9和处理R9的时间，即830ms+6ms=246ms。物理块123456789逻辑记录R1R6R2R7R3R8R4R9R5分析 对于第二种状况，对信息进展分布优化的结果如下所示。 从上图可以看出，当读出记录那么并处理完毕后，磁头刚好转至R2记录的开场处，马上就可以读出并处理，因此处理9个记录的总时间为： 9(3ms(读记录)+3ms(处理记录)=96ms=54ms 某系统中有四种互斥资源R1, R2, R3和R4，可用资源数分别为3, 5, 6和8。假设在T0时刻有P1,

18、P2, P3和P4四个进程，并且这些进程对资源的最大需求量和已安排资源数如下表所示，那么在T0时刻系统中R1, R2, R3和R4的剩余资源数分别为 (22) 。假如从T0时刻开场进程按 (23) 依次逐个调度执行，那么系统状态是平安的。(22) A3, 5, 6和8 B3, 4, 2和2 C0, 1, 2和1 D0, 1, 0和1(23) AP1P2P4P3 BP2P1P4P3 CP3P2P1P4 DP4P2P3P1答案 (22)D (23)C分析 此题考察操作系统进程管理中死锁检测的多项资源银行家算法。 由于T0时刻已用资源数为3, 4, 6和7，故剩余资源数为0, 1, 0和1，各进程尚

19、需资源数为可列表如下。 P1, P2, P3和P4这4个进程中，系统只能满意P3的尚需资源数(0，1，0，1)，因为此时系统可用资源数为(0，1，0，1)，能满意P3的需求保证P3能运行完，写上完成标记true，如下表所示。P3释放资源后系统的可用资源为(1，2，1，1)，此时P2尚需资源(1，0，0，0)，系统能满意P2的恳求，故P2能运行完，写上完成标记true。 P2释放资源后系统的可用资源为(1，3，3，3)，此时尸1尚需资源(0，1，1，2)，P4尚需资源(0，0，1，2)，系统能满意P1和P4的恳求，故P1和P4能运行完，写上完成标记true。进程可按P3P2P1P4或者P3P2P

20、4P1的依次执行，每个进程都可以获得须要的资源运行完毕，写上完成标记，所以系统的状态是平安的。进程执行依次可用资源量R1R2R3R4可用资源+已分资源R1R2R3R4完成标记P3P2P1R40101121113332457 1211133324573568truetruetruetrue 依据试题的可选答案，正确的答案应为C。(24) 假设程序运行时系统报告除数为0，这属于 (24) 错误。 A语法 B静态语义 C动态语义 D运算对象不匹配答案 C分析 此题考察程序语言根底学问。 程序员编写的源程序中往往会有一些错误，这些错误大致被分为静态错误和动态错误两类。所谓动态错误，是指源程序中的逻辑错

21、误，它们发生在程序运行时，如算法逻辑上的错误。动态错误也被称为动态语义错误，如变量取值为0是被用作除数，引用数组元素时下标出界等。静态错误又可以分为语法错误和静态语义错误。词法和语法错误是指有关语言构造上的错误，如单词拼法错误就是一种词法错误，表达式中缺少操作数, 括号不匹配是不符合语法规那么要求的语法错误等。静态的语义错误是指分析源程序时可以发觉的语言意义上的错误，如加法的两个操作数中一个是实型变量名，而另一个是数组名等。(25) 表达式“X=A+B(C-D)/E的后缀表示形式可以为 (25) (运算符优先级一样时，遵循左结合的原那么)。 AXAB+CDE/-= BXA+BC-DE/= CX

22、ABCD-E/+= DXABCDE+-/=答案 C分析 此题考察程序语言的根底学问。 表达式采纳后缀表示时，运算对象写在前面，运算符号写在运算对象的后面，这样可依据运算符号在表达式中的依次进展计算，所以无需运用括号。对于表达式X=A+ B(C-D)/E，其运算过程为先将C减去D，其结果与B相乘，之后除以E，再与A相加并将最终的结果赋给X，因此X=A+B(C-D)/E的后缀表示形式为 XABCD-E/+=。 设栈s和队列q的初始状态为空，元素a, b, c, d, e依次进入栈s，当一个元素从栈中出来后马上进入队列q。假设从队列的输出端依次得到元素c, d, b, a, e，那么元素的出栈依次是

23、 (26) ，栈s的容量至少为 (27) 。 (26) Aa, b, c, d, e B-e, d, c, b, a Cc, d, b, a, e De, a, b, d, c (27) A2 B3 C4 D5答案 (26)C (27)B分析 此题考察栈和队列的根本概念及运算。 栈是先进后出的线性表，而队列是先进先出的线性表。假设队列的输出元素序列为c, d, b, a, e，那么进入队列的元素序列也为c, d, b, a, e，这也是从栈中出来的元素序列。 假设元素以a, b, c, d, e的次序进入栈S且得到输出序列c, d, b, a, e，那么操作系列为a入栈, b入栈, c入栈,

24、c出栈, d入栈, d出栈, b出栈, a出栈, e入栈, e出栈。第一个出栈的元素为c，那么c出栈时元素a和b尚在栈中，如下列图所示。 栈S的容量至少为3。(28) 在数据库系统中，数据完整性约束的建立须要通过数据库管理系统供应的数据 (28) 语言来实现。 A定义 B操作 C杏询 D限制答案 A分析 此题考杳应试者数据库系统中的根本概念。DBMS主要是实现对共享数据有效的组织, 管理和存取，因此DBMS应具有数据定义, 数据库操作, 数据库运行管理, 数据组织与存储管理和数据库的建立和维护等功能。其中，DBMS供应数据定义语言(Data Definition Language，DDL)，用

25、户可以对数据库的构造描述，包括外模式, 模式和内模式的定义；数据库的完整性定义；平安保密定义，如口令, 级别和存取权限等。这些定义存储在数据字典中，是DBMS运行的根本依据。DBMS向用户供应数据操纵语言(Data Manipulation Language，DML)，实现对数据库中数据的根本操作，如检索, 插入, 修改和删除。DML分为两类：宿主型和自含型。所谓宿主型是指将DML语句嵌入某种主语言(如C, COBOL等)中运用；自含型是指可以单独运用DML语句，供用户交互运用。 总之，任何一个DBMS都应当供应应运用者建立数据库的功能，称为数据库的定义，在SQL标准中，是通过数据库定义语言来

26、实现的。因此，应选择答案A。(29) 假设某个关系的主码为全码，那么应包含 (29) 。 A单个属性 B两个属性 C多个属性 D全部属性答案 D分析 此题考察应试者关系数据库系统中关系的键的根本概念。全码(All-key)是指关系模型的全部属性组是这个关系模式的候选键。 部门DEPT (Deptno，Name，Tel，Leader)和职工EMP(Empno，Name，Sex，Address， Deptno)实体集，假设一个职工只能属于一个部门，部门负责人Leader是一个职工。关系 DEPT和EMP的外码分别为 (30) ；下列图中a, b处的实体名分别为 (31) 。 (30) ADeptn

27、o, Empno BName, Deptno CLeader, Deptno DName, Address (31) ADEPT, Empno BDEPT, EMP CEMP, Depmo DEMP, DEPT答案 (30)C (31)B分析 此题考察应试者关系数据库系统中参照的完整性(Referential Integrity)方面的根本概念。假如关系模式R中的属性或属性组非该关系的键，但它是其他关系的键，那么该属性集对关系模式R而言是外键。 此题中，部门负责人Lead是一个职工，属性Lead参照关系EMP中的Empno，而 Empno是客户关系中的键，所以Lead是外键；EMP关系中属性D

28、eptno是DEPT关系中的键，所以Deptno也是外键。因此试题(30)的正确答案是C。 依据题意，一个职工只能属于一个部门，因此部门DEPT和职工EMP实体之间是一个一对多的联系。这样，题图中a处连的是一方，a处应填DEPT，b处连的是多方，b处应填EMP。因此试题(31)的正确答案是B。 等值连接RS可由根本的关系运算 (32) 等价表达。给定关系贯, S如下列图所示，那么RS= (33) 。 (32)A, 和 B-, 和 C, 和 D, 和 (33) 答案 (32)A (33)D分析 此题要求及与S的关系自然连接，RS可以用, 和X三个根本的运算来表示。而只RS与关系代数表达式1,2,

29、3,6(1=43=5(RS)等价，因此试题(32)的正确答案是A。 对于试题(33)，由于自然连接是一种特别的等值连接，它要求两个关系中进展比拟的重量必需是一样的属性组，并且在结果中将重复属性列去掉。而此题R与S关系中一样的属性组为AC，因此，结果集中的属性列应为ABCD。这样，正确的结果只可能是选项 B, D。选项B中的第三个元组(d，f，g，g)明显不满意条件。因为，假设结果正确，那么该元组是由R关系中的第四个元组与S关系中的第二个元组先进展RS运算，再进展1=43=5，这样要求R的第一个重量d等于S的第一个重量d；R的第三个重量g等于S的第二个重量f，这明显不等，应选项B中的第三个元组不

30、在结果集中。从上述分析可见，试题(33)的正确答案是选项D。 对于下列图所示的S和SC关系，当我们对其进展左外连接时，其结果集的属性列数为 (34) ，元组个数为 (35) 。 (34) A6 B7 C8 D9 (35)A7 B8 C9 D10答案 (34)B (35)D分析 此题考察应试者对扩展的关系运算驾驭的程度。 外连接运算是连接运算的扩展，可以处理缺失的信息。左外连接取出左侧关系中全部与右侧关系中任一元组都不匹配的元组，用空值null充填全部来自右侧关系的属性，构成新的元组，将其参与自然连接的结果中。对于试题中的S和SC关系，当对其进展左外连接SSC时，其结果如下列图所示。从图中可见，

31、共有7个属性列和10个元组。 建立一个供应商, 零件数据库。其中“供应商表S(Sno，Sname，Zip，City)分别表示：供应商代码, 供应商名, 供应商 , 供应商所在城市，其函数依靠为：Sno (Sname，Zip，City)，ZipCity。“零件表P(Pno，Pname，Color，Weight，City)，表示零件号, 零件名, 颜色, 重量及产地。表S与表P之间的关系SP(Sno，Pno，Price， Qty)表示供应商代码, 零件号, 价格, 数量。 A“供应商表S属于 (36) 。 A1NF B，2NF C3NF DBCNF B假设要求供应商名不能取重复值，关系的主码是Sn

32、o。请将下面的SQL语句空缺局部补充完整。CREATE TABLE S(Sno CHAR(5)， Sname CHAR (30) (37) ， Zip CHAR(8)， City CHAR (20) (38) ； (37) ANOT NULL BUNIQUE CPRIMARY KEY (Sno) DPRIMARY KEY (Sname) (38) ANOT NULL BNOT NULL UNIOUE CPRIMARY KEY (Sno) DPRIMARY KEY (Shame) C查询供应“红色零件，价格低于500，且数量大于200的供应商代码, 供应商名, 零件号, 价格及数量的SQL语句如

33、下：SELECT Sno，Sname，Pno，Price，Qty FROM S，SP WHERE Pno IN (SELECT Pno FROM P WHERE (39) ) AND (40) ； (39) ASP.Price500 BSP.Oty200 CSP.Price500 AND SP.Qty200 DColor=红 (40) ASP.Price500 BSP.Qty200 CSP.Price500 AND SP.Qty200 DColor=红答案 (36)B (37)B (38)C (39)D (40)C分析 此题考察应试者对范式, SQL语言的驾驭程度。 试题(36)考察范式的根底

34、学问。“供应商表S属于2NF，因为表S的主键是Sno，非主属性Sname，Zip，City 不存在对键的局部函数的依靠。但是，当2NF消退了非主属性对码的传递函数依靠，那么称为3NF。“供应商表S不属于3NF，因为存在传递依靠，即SnoZip，ZipCity。所以正确的答案是B。 试题(37)正确的答案是B，因为试题要求供应商名不能取重复值，且值是唯一的，供应商的名也是唯一的，所以须要用NOT NULL UNIQUE。试题(38)正确的答案是C，因为表S的主键是Sno，所以须要用PRIMARY KEY (Sno) 来约束。补充完整的SQL语句如下：CREATE TABLE S(Sno CHAR

35、 (5)， Sname CHAR (30) UNIQUE， Status CHAR (8)， City CHAR (20) PRIMARY KEY (Sno)； 查询各供应商供应“红色零件的种类，价格低于500，且数量大于200的供应商代码, 供应商名, 零件号, 价格及数量的SQL语句的空缺局部补充完整如下。 对于部门关系中的部门负责人也是一个职工，因此，负责人代码是一个外键，为了保证数据的正确性，通过参照完整性加以约束。SQL语言中是通过运用如下保存字： FOREIGN KEY 定义外键，REFERENCES指明外码对应于哪个表的主码。参照完整性定义格式如下；FOREIGN KEY(属性名

36、)REFERENCES 表名(属性名)依据以上所述，将(37)空缺局部补充完整如下：CREATE TABLE 部门(部门号CHAR (4) PRIMARY KEY，部门名CHAR (20)， CHAR (13)，负责人代码CHAR (5)，任职时间 DATE， FOREIGN KEY (负责人代码)REFERENCES 职工(职工号)； 查询比软件部全部职工月薪都要少的职工姓名及月薪的SQL语句的空缺局部补充完整如下：SELECT Sno，Sname，Pno，Price FROM S，SP WHERE Pno IN (SELECT Pno FROM P WHERE Color=红) AND S

37、P. Price500 AND SP. Qty200；(41) 假设给出关系Student(S_no，Shame，Sage，S_sex，SD_name，S_add，S_tel)，并用SQL语言定义Student关系如下：CREATE Student (S_no CHAR (6)， Sname CHAR (30) NOT NULL， Sage CHAR(30)， S_sex CHAR(1)， SD_name CHAR (20)， S_add CHAR (30)， S_tel CHAR (20)， PRIMARY KEY(S_no)；采纳 (41) 向Student中插入记录能被正确地执行。AIN

38、SERT INTO Smdent (S_no，Sname，Sage，S_sex，SD_name，S_add，S_tel) VALUES (010456，黎敏，18，)BINSERT INTO Student (S_no，Sname，Sage，S_sex，S_r)name，S_add，S_tel) VALUES (010456，黎敏，18，男，计算机学院，北京，88661200)CINSERT INTO Student (S_no，Sname，Sage，S_sex，SD_name，S_add，S_tel) VALUES (，黎敏，18，F，计算机学院，北京，88661200)DINSERT IN

39、TO Student(S_no，Sname，Sage，S_sex，SD_name，S_add，S_tel) VALUES (010456，18，F，计算机学院，北京，88661200)答案 A分析 此题考察SQL语言方面的根本学问。 试题(41)的答案为A。选项B是错误的，因为定义Student关系时S_sex为一个字符，而选项B中插入S_sex处的数据为男占两个字符：选项C是错误的，因为定义 Student关系时S_no是主键，主键是不能取空值的，而选项C中插入S_no处的数据为空；选项D是错误的，因为定义Student关系时要求Sname不为空，而选项D中插入 Sname处的数据为空。(4

40、2) (42) 不符合Armstrong 推理规那么。 A假设XZ，XY，那么有XYZ B假设XY，WYZ，那么有XWZ C假设XY，ZY，那么有XZ D假设XZY，那么有XZ答案 D分析 此题考察关系数据库理论方面的根底学问。Armstrong公理系统推导出下面三条推理规那么。 合并规那么(选项A)：假设XZ，XY，那么有XYZ 伪传递规那么(选项B)：假设XY，WYZ，那么有XWZ 分解规那么(选项C)：假设XY，ZY，那么有XZ 选项D是错误的，例如，假设学生选课关系为(学号，课程号，成果)，其中(学号，课程号)成果，但是学号不能确定成果，课程号也不能确定成果。(43) “一个事务中的诸

41、操作要么都做，要么都不做，这一性质是指事务的 (43) 。 A原子性 B一样性 C隔离性 D长久性答案 A分析 此题考察事务的根本概念。事务的4个特性：原了性(Atomicity), 一样性(Consistency), 隔离性(Isolation)和长久性(Durability)。这4个特性也称事务的ACID性质。 原子性：事务的全部操作在数据库中要么全做要么全都不做。如银行转账中的两个操作必需作为一个单位来处理，不能只执行局部操作。 一样性： 一个事务独立执行的结果，将保持数据的一样性，即数据不会因为事务的执行而遭遇破坏。数据的一样性是对现实世界的真实状态的描述，如银行转账业务执行后也应当是

42、账目平衡的。数据库在运行过程小会出现瞬间的不一样状态，如从A账户减去x元到给B账产加上x元之前这段时间数据是不一样的。但这种不一样只能出现在事务执行过程中，并且不一样的数据不能被其他事务所访问。一样性可以由DBMS的完整性约束机制来自动完成，而困难的事务那么由应用程序来完成。 隔离性：一个事务的执行不能被其他事务干扰。并发事务在执行过程中可能会对同一数据进展操作，这些事务的操作应当不会相互于扰，是相互隔离的。如事务执行中数据不一样性状态出现时不能止其他事务读取到不一样的数据。 长久性：一个事务一旦提交，它对数据库的变更必需是永久的，即便系统出现故障时也是如此。如转账事务执行胜利后，A, B两个账户上的余额就是一个新的值，在没有出现下个事务对其修改之前始终保持不变，即使系统出现故障，也应当复原到这个值。 综上所述，试题(43)的正确答案是A。(44) 假设数据A持有事务T1所加的排