高考生物基因自由组合定律计算题含答案.docx

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1、高考生物基因自由组合定律计算题考点二基因的分别定律及其应用1.(2013山东卷，6)用基因型为Aa的小麦分别进展连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是()A.曲线的F3中Aa基因型频率为0.4B.曲线的F2中Aa基因型频率为0.4C.曲线的Fn中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n1D.曲线和的各子代间A和a的基因频率始终相等解析本题考察自交、自由交配的应用，意在考察考生理解根本概念及应用所学学问解决实际问题的实力。对题目中提到四种交配方式逐一分析。杂合子连续自交：Fn中Aa的基因型频率为(1/2)n，图

2、中曲线符合，连续自交得到的Fn中纯合子比例为1(1/2)n，Fn1中纯合子的比例为1(1/2)n1，二者之间差值是(1/2)n，C错误；由于在杂合子的连续自交过程中没有选择，各代间A和a的基因频率始终相等，故D中关于曲线的描绘正确；杂合子的随机交配：亲本中Aa的基因型频率为1，随机交配子一代中Aa的基因型频率为1/2，接着随机交配不受干扰，A和a的基因频率不变更，Aa的基因型频率也保持定值，曲线I符合小麦的此种交配方式，D中关于曲线I的描绘正确；连续自交并逐代淘汰隐性个体：亲本中Aa的基因型频率为1，自交一次并淘汰隐性个体后，Aa的基因型频率为2/3，第二次自交并淘汰隐性个体后Aa的基因型频率

3、为2/5，即0.4，第三次自交并淘汰隐性个体后Aa的基因型频率为2/9，所以曲线为连续自交并逐代淘汰隐性个体，B正确；随机交配并逐代淘汰隐性个体：基因型为Aa的亲本随机交配一次(可视为自交)，产生的子一代淘汰掉隐性个体后，Aa的基因型频率为2/3，再随机交配产生子二代并淘汰掉隐性个体，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4，产生子三代中Aa的基因型频率为0.4，曲线符合，A正确。答案C2.(2012安徽理综，4)假设某植物种群特别大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。抗病基因R对感病基因r为完全显性。现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开

4、花和牢固，而感病植株在开花前全部死亡。则子一代中感病植株占()A.1/9 B.1/16 C.4/8 D.1/8解析本题考察分别定律的有关学问，意在考察考生运用学问的实力。依题意，rr个体在开花前全部死亡，说明其不具有繁殖实力。在有繁殖实力的个体中，RRRr4/94/911。可求出产生r配子的概率为1/4.故后代中感病植株rr占1/41/41/16。答案B3.(2011上海卷，30)某种植物的花色受一组复等位基因的限制，纯合子和杂合子的表现型如表。若WpWs及Wsw杂交，子代表现型的种类及比例分别是()纯合子 杂合子WW 红色 ww 纯白色 WsWs 红条白花 WpWp 红花白花W及任一等位基因

5、 红色 Wp及Ws、w 红花白花 Wsw 红条白花A.3种，211 B.4种，1111C.2种，11 D.2种，31解析分析表格可知：这一组复等位基因的显隐性为：WWPWsw，则WPWs及Wsw杂交，其子代的基因型及表现型分别为：WpWs(红花白花)，WPw(红花白花)，WsWs(红条白花)，Wsw(红条白花)，所以其子代表现型的种类及比例应为：2种、11，故C正确。答案C4.(2015安徽卷，31).已知一对等位基因限制鸡的羽毛颜色，BB为黑羽，bb为白羽，Bb为蓝羽；另一对等位基因CL和C限制鸡的小腿长度，CLC为短腿，CC为正常，但CLCL胚胎致死。两对基因位于常染色体上且独立遗传。一只

6、黑羽短腿鸡及一只白羽短腿鸡交配，获得F1。(1)F1的表现型及比例是_。若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2中出现_种不同表现型，其中蓝羽短腿鸡所占比例为_。(2)从交配结果可推断CL和C的显隐性关系，在确定小腿长度性状上，CL是_；在限制致死效应上，CL是_。(3)B基因限制色素合成酶的合成，后者催化无色前体物质形成黑色素。科研人员对B和b基因进展测序并比拟，发觉b基因的编码序列缺失一个碱基对。据此推想，b基因翻译时，可能出现_或_，导致无法形胜利能正常的色素合成酶。(4)在火鸡(ZW型性别确定)中，有人发觉少数雌鸡的卵细胞不及精子结合，而及某一极体结合形成二倍体，并能发育成正常个体(注：WW

7、胚胎致死)。这种状况下，后代总是雄性，其缘由是_。解析本题考察遗传规律的相关学问，考察学生计算实力，运用所学学问分析问题和解决问题的实力。难度适中。(1)由题意可知亲本的一只黑羽短腿鸡的基因型为BBCLC，一只白羽短腿鸡的基因型为bbCLC，得到F1的基因型为BbCCBbCLCBbCLCL121，其中BbCLCL胚胎致死，所以F1的表现型及比例为蓝羽正常蓝羽短腿12；若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2的表现型的种类数为326种，其中蓝羽短腿鸡BbCLC所占比例为。(2)由于CLC为短腿，所以在确定小腿长度性状上，CL是显性基因；由于CLC没有死亡，而CLCL胚胎致死，所以在限制死亡效应上，CL

8、是隐性基因。(3)根据题意，由于缺失一个碱基，为基因突变，从而引起mRNA相应位置出现终止密码，进而使肽链合成提早终止，从缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变更，导致无法形胜利能正常的色素合成酶。(4)这种状况下，雌鸡的染色体组成为ZW，形成的雌配子的染色体组成为Z或W，卵细胞只及次级卵母细胞形成的极体结合，可能会产生ZZ或WW型染色体组成的后代，其中WW胚胎致死，所以只剩下ZZ型的后代，所以都为雄性。答案(1)蓝羽短腿蓝羽正常216(2)显性隐性(3)提早终止从缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变更(4) 卵细胞只及次级卵母细胞形成的极体结合，产生的ZZ为雄性，WW胚胎致死5.(2015天津卷，

9、9)白粉菌和条锈菌能分别导致小麦感白粉病和条锈病，引起减产。采纳相宜播种方式可限制感病程度。下表是株高和株型相近的小麦A、B两品种在不同播种方式下的试验结果。试验编号播种方式植株密度（106株/公顷）A品种 B品种白粉病感染程度条锈病感染程度单位面积产量单播40单播20混播22单播04单播02注：“”的数目表示感染程度或产量凹凸；“”表示未感染。据表答复：(1)抗白粉病的小麦品种是_，推断根据是_。(2)设计、两组试验，可探究_。(3)、三组相比，第组产量最高，缘由是_。(4)小麦抗条锈病性状由基因T/t限制。抗白粉的性状由基因R/r限制，两对等位基因位于非同源染色体上。以A、B品种的植株为亲

10、本，取其F2中的甲、乙、丙单株自交，收获籽粒并分别播种于不同处理的试验小区中，统计各区F3中的无病植株比例。结果如下表。据表推想，甲的基因型是_，乙的基因型是_，双菌感染后丙的子代中无病植株的比例为_。解析本题考察孟德尔遗传的根本定律自由组合定律的学问内容，考察试验探究实力、理解实力和应用实力。难度较大。(1)从和组的试验结果可知抗白粉病的小麦品种是A。(2)分析、两组试验，自变量为植株密度，因变量为感病程度及产量，所以、两组试验的目的是，探究植株密度对B品种小麦感病程度及产量的影响。(3)从表格可以看出，、相比，第组的产量最高，分析表中信息得出结论：混播后小麦感病程度下降。(4)根据甲的自交

11、后代中感条锈病占1/4，抗条锈病占3/4可推想抗条锈病为显性(T)，感条锈病为隐性(t)；根据乙的自交后代中感白粉病占3/4，抗白粉病占1/4，推想感白粉病为显性(R)，抗白粉病为隐性(r)。品种A抗白粉病但感条锈病，故其基因型为ttrr，品种B感白粉病但抗条锈病，故其基因型为TTRR，F2中甲的自交后代中感条锈病占1/4、抗条锈病占3/4，相关基因型为Tt，后代都抗白粉病，(相关基因型为rr)，综合起来，甲的基因型为Ttrr；乙的自交后代中全部感条锈病，相关基因型为tt，后代中感白粉病占3/4、抗白粉病占1/4，相关基因型为Rr，综合起来乙的基因型为ttRr。根据以上的思路可以推断出丙的基因

12、型为TtRr，丙的子代中无病植株的基因型为T_rr，所占比例为3/41/43/16。答案(1)A、组小麦未感染白粉病(2)植株密度对B品种小麦感病程度及产量的影响(3)混播后小麦感病程度下降(4)TtrrttRr18.75%(或3/16)考点三基因的自由组合定律及其应用1.(2014海南卷，22)基因型为AaBbDdEeGgHhKk个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是()A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/2

13、56D.6对等位基因纯合的个体出现的概率及6对等位基因杂合的个体出现的概率不同解析1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率C2/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)7/128，A错误；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率C2/42/42/42/42/4(1/41/4)(1/41/4)35/128，B正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率C2/42/42/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)21/128，C错误；6对等位基因纯合的个体出现的概率及6对等位基因杂合的

14、个体出现的概率都是C2/4(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)(1/41/4)7/128，D错误。答案B2.(2014海南卷，25)某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因限制，要确定这对性状的显隐性关系，应当选用的杂交组合是()A.抗病株感病株B.抗病纯合体感病纯合体C.抗病株抗病株，或感病株感病株D.抗病纯合体抗病纯合体，或感病纯合体感病纯合体解析推断性状的显隐性关系的方法有1.定义法具有相对性状的纯合个体进展正反交，子代表现出来的性状就是显性性状，对应的为隐性性状；2.一样性状的雌雄个体间杂交，子代出现不同于亲代的性状，该子代的性状

15、为隐性，亲代性状为显性。故选C。答案C3.(2013天津理综，5)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因限制。用黄色大鼠及黑色大鼠进展杂交试验，结果如图。据图推断，下列叙述正确的是()P黄色黑色 F1灰色 F1雌雄交配F2灰色 黄色 黑色 米色 9 3 3 1A.F1黄色为显性性状，黑色为隐性性状B.F1及黄色亲本杂交，后代有两种表现型C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合体D.F2黑色大鼠及米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4解析本题考察自由组合定律的应用，意在考察考生的分析推理实力。由题干信息可知，大鼠的毛色由位于非同源染色体上的两对等位基因限制，两对等位基因遵循自由组合定律。设这两对等

16、位基因用Aa、Bb表示，则黄色亲本的基因型为AAbb(或aaBB)，黑色亲本的基因型为aaBB(或AAbb)，现根据黄色亲本基因型为AAbb，黑色亲本基因型为aaBB分析。F1基因型为AaBb，F1及黄色亲本AAbb杂交，子代有灰色(A_Bb)、黄色(A_bb)两种表现型，B正确；F2中灰色大鼠既有杂合子也有纯合子，C错误；F2黑色大鼠为1/3aaBB，2/3aaBb，及米色大鼠(aabb)交配，后代米色大鼠的概率为2/31/21/3，D错误。以另一种亲本基因组合分析所得结论及此一样。答案B4.(2015山东卷，28)果蝇的长翅(A)对残翅(a)为显性、刚毛(B)对截毛(b)为显性。为探究两对

17、相对性状的遗传规律，进展如下试验。(1)若只根据试验一，可以推断出等位基因A、a位于_染色体上；等位基因B、b可能位于_染色体上，也可能位于_染色体上。(填“常”“X”“Y”或“X和Y”)(2)试验二中亲本的基因型为_；若只考虑果蝇的翅型性状，在F2的长翅果蝇中，纯合体所占比例为_。(3)用某基因型的雄果蝇及任何雌果蝇杂交，后代中雄果蝇的表现型都为刚毛。在试验一和试验二的F2中，符合上述条件的雄果蝇在各自F2中所占比例分别为_和_。(4)另用野生型灰体果蝇培育成两个果蝇突变品系，两个品系都是由于常染色体上基因隐性突变所致，产生相像的体色表现型黑体。它们限制体色性状的基因组成可能是：两品系分别是

18、由于D基因突变为d和d1基因所致，它们的基因组成如图甲所示；一个品系是由于D基因突变为d基因所致，另一品系是由于E基因突变成e基因所致，只要有一对隐性基因纯合即为黑体，它们的基因组成如图乙或图丙所示。为探究这两个品系的基因组成，请完成试验设计及结果预料。(注：不考虑穿插互换).用_为亲本进展杂交，假如F1表现型为_，则两品系的基因组成如图甲所示；否则，再用F1个体互相交配，获得F2；.假如F2表现型及比例为_，则两品系的基因组成如图乙所示；.假如F2表现型及比例为_，则两品系的基因组成如图丙所示。解析本题考察遗传根本规律的相关学问，考察学生遗传规律的应用实力以及遗传试验的设计和分析实力。难度较

19、大。(1)根据试验一的结果，F2雌果蝇中长翅和残翅的比为31，雄果蝇中长翅和残翅的比也是31，雌雄果蝇的表现型比例一样，说明限制该对性状的等位基因A、a位于常染色体上；而F2中雌果蝇全是刚毛，雄果蝇刚毛和截毛的比例是11，雌雄果蝇的表现型比例不同，说明限制刚毛截毛这对性状的等位基因B、b位于X染色体上，或者位于X和Y染色体同源区段上。详细过程见图解：(2)由于试验二的F2中有截毛雌果蝇可确定B、b基因位于X、Y的同源区段上(假如B、b只位于X染色体上，则F1均为刚毛的雌雄果蝇杂交，F2中的雌果蝇应全为刚毛)。根据F2的性状表现可推出F1的基因型为AaXBXb和AaXbYB，结合亲本的性状，推出

20、亲本的基因型为AAXBYB ()和aaXbXb ()；只考虑果蝇的翅型性状，F1的基因型为Aa，F2长翅果蝇有AA和Aa ，AA占1/3。(3)根据题干描绘，用来及雌果蝇杂交的雄果蝇Y染色体上有基因B，即基因型为XYB，由上述(1)的图解可知，试验一的F2中没有符合该条件的雄果蝇；试验二中F1的基因型为XBXb和XbYB，故F2中符合条件的雄果蝇占1/2。(4)本小题要求设计试验来推断两个突变品系的基因组成，设计试验时可让两个品系的个体杂交，根据后代表现型及比例来确定。若两个品系是甲图状况，则F1均为dd1，全为黑体；若两个品系是乙、丙图状况，则F1均为EeDd，全为灰体，无法区分乙丙两种状况

21、。再让F1雌雄个体交配，获得F2，根据F2的状况进一步确定。若为乙图状况，两对基因是自由组合的，则F1的基因型为EeDd，F2的表现型是灰体(E_D_)黑体(E_dd、eeD_、eedd)97；若为丙图状况，则两对基因连锁，F1只产生两种数量相等的配子De、dE，F2的表现型及比例是灰体黑体11。答案(1)常XX和Y(2) AAXBYB和aaXbXb1/3(3)01/2(4).品系1和品系2(或两种品系)全为黑体.灰体黑体97.灰体黑体115.(2014安徽卷，31)香味性状是优质水稻品种的重要特性之一。(1)香稻品种甲的香味性状受隐性基因(a)限制，其香味性状的表现是因为_，导致香味物质累积

22、。(2)水稻香味性状及抗病性状独立遗传。抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进展一系列杂交试验。其中，无香味感病及无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示，则两个亲代的基因型是_。上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为_。(3)用纯合无香味植株作母本及香稻品种甲进展杂交，在F1中间或发觉某一植株具有香味性状。请对此现象给出合理说明：_；_。(4)单倍体育种可缩短育种年限。离体培育的花粉经脱分化形成_，最终发育成单位体植株，这说明花粉具有发育成完好植株所需要的_。若要获得二倍体植株，应在_时期用秋水仙素进展诱导处理。解析(1)a为隐性基因，因此若要表现为有

23、香味性状，必需要使a基因纯合(即为aa)，参及香味物质代谢的某种酶缺失，从而导致香味物质累积。(2)根据杂交子代抗病感病11，无香味有香味31，可知亲本的基因型为：Aabb、AaBb，从而推知子代F1的类型有：1/8AABb、1/8AAbb、1/4AaBb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，其中只有1/4AaBb、1/8aaBb自交才能获得能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)，可获得的比例为1/41/41/41/811/43/64。(3)正常状况AA及aa杂交，所得子代为Aa(无香味)，某一雌配子形成时，若A基因突变为a基因或含A基因的染色体片段缺失，则可能出现某一植株具有香味

24、性状。(4)花药离体培育过程中，花粉先经脱分化形成愈伤组织，通过再分化形成单倍体植株，此过程表达了花粉细胞的全能性，其根本缘由是花粉细胞中含有限制该植株个体发育所需的全部遗传信息；形成的单倍体植株需在幼苗期用肯定浓度的秋水仙素可形成二倍体植株。答案(1)a基因纯合，参及香味物质代谢的某种酶缺失(2)Aabb、AaBb3/64(3)某一雌配子形成时，A基因突变为a基因某一雌配子形成时，含A基因的染色体片段缺失(4)愈伤组织全部遗传信息幼苗6.(2014课标全国卷，32)现有两个纯合的某作物品种：抗病高秆(易倒伏)和感病矮秆(抗倒伏)品种。已知抗病对感病为显性，高秆对矮秆为显性，但对于限制这两对相

25、对性状的基因所知甚少。答复下列问题。(1)在育种理论中，若利用这两个品种进展杂交育种，一般来说，育种目的是获得具有_优良性状的新品种。(2)杂交育种前，为了确定F2代的种植规模，需要正确预料杂交结果。若根据孟德尔遗传定律来预料杂交结果，需要满意3个条件：条件之一是抗病及感病这对相对性状受一对等位基因限制，且符合分别定律；其余两个条件是_。(3)为了确定限制上述这两对性状的基因是否满意上述3个条件，可用测交试验来进展检验，请简要写出该测交试验的过程。解析(1)杂交育种的目的是获得集多种优良性状于一身的纯合新品种，从题意知，抗病及矮秆(抗倒伏)为优良性状。(2)孟德尔遗传定律探讨的是真核生物细胞核

26、基因的遗传特点。两对基因分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。(3)先由纯合的抗病高秆和感病矮秆杂交得到抗病高秆的杂合子，再及感病矮秆(隐性纯合子)杂交，假如后代出现抗病高秆感病高秆抗病矮秆感病矮秆1111的性状分别比，则可说明这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。答案(1)抗病矮秆(2)高秆及矮秆这对相对性状受一对等位基因限制，且符合分别定律；限制这两对相对性状的基因位于非同源染色体上(3)将纯合抗病高秆及感病矮秆植株杂交，产生F1，让F1及感病矮秆杂交。7.(2014大纲全国卷，34)现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为

27、显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因限制。若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一样。答复问题：(1)为实现上述目的，理论上，必需满意的条件有：在亲本中限制这两对相对性状的两对等位基因必需位于_上，在形成配子时非等位基因要_，在受精时雌雄配子要_，而且每种合子(受精卵)的存活率也要_。那么，这两个杂交组合分别是_和_。(2)上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子，1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系。理论上，在全部F3株系中，只表现出一对性状分别的株系有4种，那么，在这4

28、种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是_，_，_和_。解析(1)若抗锈病及感锈病、无芒及有芒分别受A/a、B/b这两对等位基因限制，再根据题干信息可知4个纯合亲本的基因型可分别表示为AABB、AAbb、aaBB、aabb，若要使两个杂交组合产生的F1及F2均一样，则两个亲本组合只能是AABB(抗锈病无芒)aabb(感锈病有芒)、AAbb(抗锈病有芒)aaBB(感锈病无芒)，得F1均为AaBb，这两对等位基因必需位于两对同源染色体上，非同源染色体上的非等位基因自由组合，才能使两组杂交的F2完全一样，同时受精时雌雄配子要随机结合，形成的受精卵的存活率也要一样。(2)根据上面的分析可知，F1

29、为AaBb，F2植株将出现9种不同的基因型：AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，可见F2自交最终可得到9个F3株系，其中基因型AaBB、AABb、Aabb、aaBb中有一对基因为杂合子，自交后该对基因确定的性状会发生性状分别，依次是抗锈病无芒感锈病无芒31、抗锈病无芒抗锈病有芒31、抗锈病有芒感锈病有芒31、感锈病无芒感锈病有芒31。答案(1)非同源染色体自由组合随机结合相等抗锈病无芒感锈病有芒抗锈病有芒感锈病无芒(2)抗锈病无芒抗锈病有芒31抗锈病无芒感锈病无芒31感锈病无芒感锈病有芒31抗锈病有芒感锈病有芒318.(2013新课标全国理

30、综，31)一对相对性状可受多对等位基因限制，如某种植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状就受多对等位基因限制。科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系，且这5个白花品系及该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时，偶尔发觉了1株白花植株，将其自交，后代均表现为白花。答复下列问题：(1)假设上述植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状受8对等位基因限制，显性基因分别用A、B、C、D、E、F、G、H表示，则紫花品系的基因型为_；上述5个白花品系之一的基因型可能为_(写出其中一种基因型即可)。(2)假设该白花植株及紫花品系也只有一对等位

31、基因存在差异，若要通过杂交试验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的，还是属于上述5个白花品系中的一个，则：该试验的思路：_。预期试验结果和结论：_。解析本题主要考察遗传规律的应用和遗传试验的设计，意在考察考生综合运用所学学问解决实际问题的实力。(1)由题中信息可知，紫花为显性，若紫花品系受8对等位基因限制，则该紫花品系的基因型是纯合体AABBCCDDEEFFGGHH；由于紫花品系中选育出的5个白花品系及该紫花品系都只有一对等位基因存在差异，故这一差异可能存在于8对等位基因中的任何一对，如aaBBCCDDEEFFGGHH或AAbbCCDDEEFFGGHH或AABBccDDEEFFGGHH等

32、。(2)由于该白花植株及紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若是一个新基因的突变，则该白花植株及自交后代及原有的白花品系具有不同的隐性基因，例如，原有的5个白花品系基因型分别是aaBBCCDDEEFFGGHH，AAbbCCDDEEFFGGHH，AABBccDDEEFFGGHH，AABBCCddEEFFGGHH，AABBCCDDeeFFGGHH，该白花植株及自交后代基因型为AABBCCDDEEFFGGhh，则该白花植株的后代及随意一个白花品系杂交，后代都将开紫花；若该白花植株属于5个白花品系之一，如aaBBCCDDEEFFHH，则1个杂交组合子代为白花，其余4个杂交组合的子代为紫花。答案(1)A

33、ABBCCDDEEFFGGHHaaBBCCDDEEFFGGHH(2)用该白花植株的后代分别及5个白花品系杂交，视察子代花色在5个杂交组合中，假如子代全部为紫花，说明该白花植株是新等位基因突变造成的；在5个杂交组合中，假如4个组合的子代为紫花，1个组合的子代为白花，说明该白花植株属于这5个白花品系之一9.(2013福建理综，28)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因限制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型及基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA_ _ _ _Aa_ _ _ _aaB_ _ _aa_ _ D _aabbdd请答复：(1)白花(AABBDD)黄花(a

34、aBBDD)，F1基因型是_，F1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aaBBDD)金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色有欣赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。解析本题考察基因的自由组合定律，意在考察考生的理解实力和计算实力。(1)P：AABBDDaaBBDDF1：AaBBDD，F1测交：AaBBDDaabbddAaBbDd(乳白花)aaBbDd(黄花)(1/211)(1/211)11，即F1测交后代的花色表现型及其比例是乳白花：黄花11。(2)P：aaBB

35、DDaabbddF1：aaBbDd，F1三对等位基因中，aa自交后代都是aa，另两对均是杂合子，所以F1(aaBbDd)自交的结果有aaB_D_(黄花)、aaB_dd(黄花)、aabbD_(黄花)、aabbdd(金黄花)这四类基因型。前三类基因型对应的表现型均为黄花，共有8种基因型，在F2中所占的比例为15/16，其中纯合个体占F2的比例为1/16(aaBBDD)1/16(aaBBdd)1/16(aabbDD)3/16，则F2黄花中纯合个体占的比例是(3/16)(15/16)1/5。(3)欲同时获得四种花色表现型的子一代，选择的亲本中每一对基因必需均含有显性基因和隐性基因，即每一对均为杂合子，

36、故选择的亲本的基因型为AaBbDd，基因型为AaBbDd的个体自交，得到的子一代的表现型及其比例为白花(AA_ _ _ _)乳白花(Aa_ _ _ _)黄花(aaB_ _ _ _和aa_ _ D_)金黄花(aabbdd)(1/411)(2/411)(1/43/411/41/43/4)(1/41/41/4)1632241，可见花色表现型所占比例最高的是乳白花。答案(1)AaBBDD乳白花黄花11(2)81/5(3)AaBbDd乳白花考点扫描命题规律备考指南1.孟德尔遗传试验的科学方法(五年四考)2.基因的分别定律(五年九考)3.基因的自由组合定律(五年十考)1.遗传杂交试验的方法。2.分别定律及自由组合定律的本质及应用3.性状显隐性及纯合子、杂合子的断定及试验验证4.遗传概率计算及遗传方式的探究1.比拟辨析法区分遗传相关的概念。2.规律总结法打破分别定律解题技巧，归纳一类题的解题规律。3.以基因型、表现型的推断及概率计算为核心，结合遗传试验的设计和特定条件下自由组合定律变式应用进展复习。