武汉市2015年九年级元月调考物理试题有答案精编WORD版.docx

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1、20212021 学年度武 汉 市 部 分 学 校 九 年 级 调 研 测 试物理 化学综合试卷物理部分武汉市教化科学探讨院命制 2021 、1、29 第一卷选择题 共36分一、选择题此题包括12小题，每题只有1个正确选项。每题3分，共36分9、以下对生活中的现象说明正确的选项是A、摔碎了的瓷碗很难拼合在一起分子间存在斥力B、排骨藕汤热的时候香气四溢温度越高，分子的运动越猛烈C、房间长时间不清扫就会布满灰尘分子在不停地做无规那么运动D、海边昼夜温差变更比沙漠中大水的比热容比沙石的比热容大分析：1分子间同时存在着互相作用的引力和斥力，分子间作用力与分子间距的关系；2物质是由分子组成的，组成物质的

2、分子在不停地做无规那么运动，分子的运动快慢与温度有关，温度越高，分子运动越快；3互相接触的物体彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子不停地做无规那么运动，分子的运动是看不见的；4水的比热容比较大解答：A. 摔碎了的瓷碗很难拼合在一起，不是因为斥力；瓷碗破裂后，分子间的间隔 太大，导致瓷碗破裂处分子间斥力和引力可以忽视不计，故A错误；B. 排骨藕汤热的时候香气四溢，是因为分子的运动快慢与温度有关，温度越高，分子运动越猛烈，故B正确；C. 清扫卫生时的尘土能看到，分子的运动是看不到的，故C错误；D. 因为水的比热容比沙石的比热容大，汲取或放出一样的热量，温度变更小，所以海边昼夜温差变更比沙漠中

3、小；故D错误。应选B.10、关于内能、温度和热量，以下说法正确的选项是A、温度高的物体内能肯定大B、做功也可以变更物体的内能C、物体温度上升，肯定汲取了热量D、物体汲取热量，温度肯定上升 1影响内能的因素有质量、温度以与状态等；2变更物体内能的方式有做功和热传递两种方式解答：A. 因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不肯定大，故A错误；B. 做功和热传递都可以变更物体的内能，故B正确；C. 物体温度上升，可能是汲取了热量，也可能是外界对它做了功，故C错误；D. 物体汲取热量，温度不肯定上升，如冰熔化，汲取热量，内能增加，温度不变，故D错误。应选B.11、如下图，在烧瓶内盛

4、少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳起来时，可以看到瓶内出现白雾。以下说明正确的选项是A、通过打气筒压缩瓶内空气做功，空气内能增大，瓶底的水汽化成白雾B、瓶内的空气对瓶塞做功，空气内能增大，瓶底的水汽化成白雾C、瓶内的空气对瓶塞做功，空气内能减小，空气液化成白雾D、瓶内的空气膨胀对外做功，空气内能减小，空气中的水蒸气液化成白雾分析：依据试验现象，结合以下知道进展解答：压缩气体做功时，气体内能增大，温度上升，当气体对外做功时，内能削减温度降低；物质由气态变成液态的过程称为液化解答：A. 瓶底的水汽化会形成水蒸气，而白雾是水蒸气液化形成的，故A错误；B. 瓶内的空气对瓶塞做功，空气内能会减小，而不是增大，

5、故B错误；C. 瓶内的空气对瓶塞做功，空气内能减小，水蒸气液化成白雾，而不是空气液化成白雾，故C错误；D. 瓶内的空气膨胀对外做功，空气内能减小，空气中的水蒸气液化成白雾，故D正确。应选D12、如下图，太阳能路灯的顶端是太阳能电池板，它白天向灯杆中的蓄电池充电，而夜晚那么由蓄电池给路灯供电。以下关于太阳能路灯中能量转化的说法正确的选项是A、白天阳光照耀太阳能电池板时，太阳能转化为电能B、白天阳光照耀太阳能电池板时，太阳能转化为化学能C、白天太阳能电池板向蓄电池充电时，化学能转化为电能D、夜晚蓄电池给路灯供电时，电能转化为化学能分析：太阳能电池板就是将太阳能干脆转化为电能的装置；蓄电池是将电能以

6、化学能的形式储存起来，供电时，将化学能转化成电能，而充电时，是将电能转化成化学能解答：分析太阳能路灯的整个工作过程可知：白天，太阳能电池板汲取太阳能，干脆将太阳能转化成电能利用，也可以将多余的太阳能给蓄电池充电，将电能转化成化学能储存起来，以便在晚上运用；所以在白天太阳能电池板给蓄电池充 电是将太阳能电能化学能；在晚上，蓄电池给探照灯供电，只是将化学能转化成电能，再转化为光能运用。应选项中只有A说法正确。应选A13、有甲、乙、丙三个轻小物体，甲物体排挤乙物体，乙物体吸引丙物体。以下说法正确的选项是A假如甲物体带正电，那么丙物体肯定带正电B假如甲物体带正电，那么丙物体肯定带负电C假如甲物体带负电

7、，那么丙物体肯定带正电D假如甲物体带负电，那么丙物体可能不带电分析：依据电荷间的互相作用规律分析：同种电荷互相排挤，异种电荷互相吸引解答：AB、假如甲物体带正电，甲物体排挤乙物体，说明乙也带正电；乙物体吸引丙物体，说明丙带负电或不带电，故AB错误；CD、假如甲物体带负电，那么甲物体排挤乙物体，说明乙也带负电；乙物体吸引丙物体，说明丙带正电或不带电，故C错误，D正确。应选D.14、以下关于材料的导电性能与其应用的说法错误的选项是A、绝缘体不易导电，是因为绝缘体内部几乎没有电荷B、生活中通常用铜、铝做电线的线芯，是因为它们的导电性能好C、半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可以制作二极管、三极管

8、等D、用超导材料制造电子元件，可不必考虑元件的散热问题分析：1绝缘体不简单导电，是因为绝缘体内几乎没有可以自由挪动的电荷；2铜或铝的导电性能较好，因此常用做电线的线芯；3依据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，简单导电的物体叫导体，不简单导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；4超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零当电阻为零时用超导材料传输电能可以削减热损耗，用作输电导线或制作电子元件制造电子元件时，由于没有电阻，不必考虑散热问题解答：A. 绝缘体不擅长导电，不是因为绝缘体内没有电荷，而是因为绝缘体内几乎没有可以自由挪动的电荷；故A错误；B. 因为铜和铝的

9、导电性能好，生活中通常用铜、铝做电线的线芯，故B正确；C. 半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可以制作二极管、三极管等，在社会各领域应用广泛，故C正确；D. 超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零，制造电子元件时，由于没有电阻，不必考虑散热问题，故D正确。应选A.15、从今年1月1日起，武汉中心城区15万余盏路灯将全部实现由光感应系统限制关停，这样就能防止光线太暗时路灯无法与时照明。假如用开关S表示某一区域的光感应限制系统，那么以下路灯示意图最合理的是分析：并联电路中各用电器互不影响，先推断用电器的连接方式，然后依据开关在不同位置的作用减小分析解答：因为路灯中的一个灯泡坏掉后，其它灯泡仍可

10、以正常工作，因此路灯为并联连接，为了同时限制全部路灯，那么开关位于干路中，故C正确。应选C.16、如下图的电路中，电源电压U保持不变。假设在甲、乙两处都接入电流表，断开开关S，那么I甲:I乙=2:3。假设在甲、乙两处都接入电压表，闭合开关S，那么U甲:U乙等于A.1:1B. 3:2C. 2:3 D. 4:9 正确答案C答案解析解：1在甲、乙两处分别接入电流表，断开开关S，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I= 可得：= = = = ；2在甲、乙两处都接入电压表，闭合开关S，两电阻串联在电路中，甲表测的是R1两端的电

11、压，乙表测的是R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，= = = 应选C17、甲、乙两只白炽灯的铭牌如以下图所示，以下分析正确的选项是A、假设将两灯分别接入电压为220V的电路，乙灯消耗的电能多B、假设将两灯并联接入电压为220V的电路，甲灯比乙灯亮C、假设灯丝的材料、长度一样，乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗D、假设将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光正确答案C答案解析解：A、假设将两灯分别接入电压为220V的电路，两灯均正常发光，但不知道通电时间，那么依据W=Pt可知无法推断消耗的电能多少；故A错误；B、假设将两灯并联接入电压为220V的电路，由于乙灯额定功率大，那么

12、实际功率大，所用乙灯比甲灯亮，故B错误；C、由P=得：R=可知额定电压一样，额定功率大的电阻小，乙灯灯丝电阻小，假设灯丝的材料、长度一样，乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗；故C正确；D、假设将两灯串联，由于串联电路的电流到处相等，那么甲、乙两灯两端的电压不一样，那么无法到达一样的额定电压值，故不能同时正常发光，故D错误应选C18、以下图是探究电流通过导体时产生热的多少与哪些因素有关的试验装置。两个透亮容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变更反映密闭空气温度的变更。以下说法正确的选项是 A甲试验是为了探讨电流产生的热量与电阻的关系B甲试验通电一段时间后，左侧容器内空气汲取的热量更多C乙试验是为了探

13、讨电流产生的热量与电流的关系D乙试验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的小分析：电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关1探究电流产生热量跟电阻关系时，限制通电时间和电流不变；2探究电流产生热量跟通电时间关系时，限制电流和电阻不变；3探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了限制变量法；4电流通过导体产生热量的多少不能干脆视察，但液体温度的变更可以通过液面高度差的变更来反映，表达的是转换思想解答：AB、装置甲中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联,依据串联电路的电流特点可知,右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等,即I右=I左,两个5的电阻并联,依据并联电路的电

14、流特点知I右=I1+I2,两电阻阻值相等,那么支路中电流相等,I1=I2,所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半,即是探讨电流产生的热量与电流的关系,由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；因此通电一段时间后，玻璃管左侧液面高度差更大，故A错误，B正确。CD、在乙装置中,将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端,通过他们的电流I与通电时间t一样,左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻,即是探究电流产生的热量与电阻大小的关系;故由Q=I2Rt可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，这说明：在一样时间内，电流一样的状况下，电阻越大，电流通过导体时产生的热量越

15、多；故CD错误。应选B.19、如下图的电路中，电源电压保持不变，电压表和电流表的示数分别用U、I表示，定值电阻R2和整个电路消耗的电功率分别用P、P总表示。以下图象中，反映物理量之间的关系错误的选项是分析：依据P=I2R分析定值电阻R2和整个电路消耗的电功率即可解答：A. 由图可知,定值电阻R2和R2串联,由P=I2R可知,定值电阻R2消耗的电功率P=I2R2,P和I2成正比，故A正确；B.P=UI，而随着U的增大I也增大，所以斜率越来越大，即坡度越来越陡，故B正确；C. 整个电路消耗的电功率P总=I2R总=I2(R1+R2)，电压表测R2两端电压，电流表测整个电路中的电流，因为R2和R2串联

16、，串联电路中电流到处相等，由P=UI可知,U总不变,P总与I成正比可知，C正确，D.P总=(U/R2)*U0(电源电压)=(U0/R2)U,这里U0和R2的值都不变，所以斜率不变，即总功率P总和U成正比，故D错误。应选D.20、如下图的电路中，电源电压恒为4.5V，电压表V1、V2的量程均为03V，电流表的量程为0，滑动变阻器的规格为“20 lA，灯泡标有“2.5V 1.25W字样。闭合开关后，假设要求三只电表的示数均不能超过所选量程，且灯泡两端电压不能超过其额定值，不考虑灯丝电阻的变更，那么以下说法错误的选项是A整个电路的最大功率是2.7WB灯泡的最小功率是0.45WC电流表示数的变更范围是

17、D滑动变阻器的电阻允许调整的范围是410正确答案 A答案解析 解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流 依据P=UI可得，灯的额定电流：IL额= = =0.5A，因为串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，所以电路中的最大电流为Imax=0.5A，依据I= 求得，灯泡的电阻RL= = = 5，电路中的总电阻R= = = 9，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑=R-RL=9-5=4，当电压表V2的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最

18、大，灯泡两端的电压：UL=U-U滑max=4.5V-3V=1.5V，电路中的最小电流：Imin= = =0.3A， 所以电路中电流变更的范围是0.3A0.5A，故C正确；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑max= = = 10，故D正确；该电路的最大功率： 0.5A=2.25W，故A错误；灯泡的最小功率：PL=Imin2RL=0.3A25=0.45W，故B正确应选A第二卷非选择题，共60分二、非选择题此题包括12小题，共60分21、3分下表归纳了固、液、气三态物质的微观特性，请完成这个表格。物态微观特性分子间间隔 分子间作用力固态很大液态较大气态很大 较小 较大 很小几乎没有22、3分如下图

19、的四冲程汽油机工作示意图中，汽油机正在进展的是 冲程。假设该汽油机的效率是20%，汽油的热值为4.6107J/kg，那么完全燃烧100 g汽油放出的热量可以转化为 J的有用功。在设计制造时，汽缸外有一个“水套，利用水吸热降低汽缸温度，这是利用了水的 大的性质。解：1依据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程；106J；因为= ，所以该汽油机对外做的有用功W有用=Q完全=20%105J3用水作为冷却剂，源于水的比热容大，即一样质量的水和其他的液体相比较时，假设都是上升1时，水能汲取的热量最多，故用水冷却效果最好105；比热容23、3分某同学视察到他家里的

20、电能表如下图。电能表上标识的“10A表示该电能表的 电流为10A，他家同时工作的用电器的总功率不能超过 W。该同学视察到当他家里只有一台电热水器工作时，这个电能表上的转盘在4 min内转过了300转，那么这台热水器的实际功率是 kW。分析：电能表的额定电压和最大电流，依据公式P=UI可求电路的最大功率；电能表每消耗1kWh的电能，转盘就转过3000r；可求转动300消耗的电能；消耗的电能和时间，依据公式P=Wt求出电功率解答：电能表上标识的“40A是电表电流上限，超过此电流会损坏电表或者测量不准；家中用电器的总功率不能超过：P大=UI=220V40A=8800W；转过300r消耗的电能W=30

21、03000kWh=0.1kWh；热水器的实际功率：P=Wt=0.1kWh460h=1.5kW.故答案为：标定；8800；1.5.24、5分为了比较水和食用油的比热容,某同学用如下图的器材进展了试验。 试验数据记录如下：物质质量/g初始温度/加热时间/min最终温度/水20020645食用油200206701该试验除了图示中的试验器材以外，还须要的测量工具是停表、 和 。2试验中，两烧杯内放入 的电加热器，这样可以保证在一样的时间内，水和食用油汲取的热量 。3由试验数据可知，水的比热容约是食用油的 倍。分析：1依据表中数据可知须要的测量工具；2为了保证相等时间内汲取一样的热量，需运用完全一样的热

22、源；3依据Q=cmt比较比热容的关系解答：(1)依据表中物理量可知，须要测量质量的工具，即天平；还须要测量温度的工具，即温度计；(2)试验中，两烧杯内放入一样的电加热器，这样可以保证在一样的时间内，水和食用油汲取的热量一样；(3)由试验数据和Q=cmt可知：Q1/Q2=c1mt1/c2mt2c1/c2=t2/t1=7020/4520=2，因此水的比热容约是食用油的2倍。故答案为：(1)温度计;天平;(2)一样;一样;(3)2.25、6分在探究“通过导体的电流与电阻的关系的试验中，某同学连接的电路如以下图所示。1请你检查一下电路，把接错的那一根导线找出来，打上“，再画线把它改到正确的位置上。2重

23、新连接好电路后，闭合开关，发觉仅有一只电表有示数。造成这一现象的缘由可能是 或 。选填字母代号A电流表断路 B. 滑动变阻器短路 C. 滑动变阻器断路 D.定值电阻短路 E. 定值电阻处接触不良3小华用5的电阻做完第一次试验后，再将10的电阻接入电路进展第2次试验。为了确保两次试验中 的示数一样，相对于第1次试验，第2次试验中滑动变阻器的滑片应当向 挪动。(1)为了使电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，将电流表接线柱与电阻左端接线柱相连的导线去掉，将电阻左接线柱与电压表的负接线柱相连，改正后的电路如以下图所示：(2)依据电路可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻

24、两端电压；假设有一只电表没有示数，那么有：电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以定值电阻可以分得的电压很小，其缘由是定值电阻短路或滑动变阻器连入电路阻值过大所致，应选项D符合题意。电流表无示数，说明电路出现断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为定值电阻断路或定值电阻处接触不良，应选项E符合题意。(3)依据串联电路的分压原理，将定值电阻的阻值从5换成10后，其两端的电压必定增大。而限制变量的要求必需保持其两端的电压为2V不变，所以，要增大滑动变阻器的阻值，以使其分担一部分电压，到达限制定值电阻两端电压不变的

25、目的，故滑动变阻器的滑片应当向右挪动。故答案为：(1)如上图所示;(2)D;E;(3)电压表；右。26、4分某同学利用如下图的电路进展“测小灯泡电功率的试验，小灯泡的额定电流是，电源电压恒定不变。1该同学发觉电流表接入电路前的指针如图乙所示，出现这种现象后他应 。2解决好上述问题后，他接着进展试验：闭合开关，顺次将滑片移至图甲中A、B、C、D四个位置，并登记试验数据如下表：滑片位置电流表示数A电压表示数VA2BCD6由试验数据可知，小灯泡的额定功率是 W，滑动变阻器的最大阻值是。3该同学进一步探讨发觉，假设利用滑片在A位置时的数据可算得小灯泡的电阻为10，再依据P额=I额2R可算出小灯泡的额定

26、功率为1.6W，与第2问中计算得出的数据不符。这是因为。解答：(1)电流表接入电路前的指针如图乙所示，指针未指在零刻度线，在闭合开关前应将电流表的指针调到零刻度；(2)由表中数据可知：当滑动变阻器滑片P位于C点时,小灯泡正常发光,额电功率：P额=U额I=4.5V0.40A=1.8W；当滑动变阻器滑片P位于D点时，接入电路中阻值为零，只有小灯泡接入电路，故电源电压为：U=6V，当滑动变阻器滑片P位于A点时,接入电路中阻值最大,小灯泡两端的电压为UL=2V，电路中电流为：I=0.20A，滑动变阻器两端的电压为：UR=UUL=6V2V=4V，电阻为：R=UR/I=4V/0.20A=20.(3)滑片在

27、A点时,小灯泡电阻R=U/I=2V/0.20A=10，依据P额=I2额R=(0.40A)210=1.6W，P额P额，产生这种差异的根本缘由是小灯泡的电阻受温变影响，小灯泡的电阻随温度变更而变更，电压较低时，灯丝温变低，测得的电阻偏小。故答案为：(1)将电流表的指针调到零刻度；(2)1.8；20；(3)小灯泡的电阻随温度变更而变更。27、10分图甲是某电热水壶的内部简化电路，其中R1是加热管，R2是限流电阻，只有加热管放出的热量能被水汲取。S1是一个防干烧开关或称“温控开关，S2 、S3是手动开关，调整S2 、S3可以使电热水壶分别处于加热或保温状态。图乙是该电热水壶的铭牌。1要使电热水壶处于加

28、热状态，应怎样调整开关S2和S3？ 2由该电热水壶的铭牌可知，加热管R1的阻值为多少？3假设当电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，此时水每秒向外界散热55J，那么电热水壶处于保温状态时的总功率约是多少？1电热水壶处于加热状态时，开关S2和S3均应处于闭合状态。 2分2 2分3因为电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，说明壶中的水从电热管R1汲取的热量恰好等于水向外界散失的热量。即加热管R1的实际功率 2分由知，保温状态时电路中的电流 2分保温状态时电路的总功率 2分武汉市部分学校九年级调研测试物理试题参考答案2021 .01.29一、选择题此题包括12小题，每题只有1个正确选项。每题3分，共36

29、分题号91011121314151617181920答案BBDADACCCBDA二、非选择题此题包括7小题，共34分213分较小 较大 很小几乎没有223分做功；105 ；比热容245分1温度计；天平2一样规格等；一样32256分1改正后的电路如以下图所示2分：2D；E3电压表；右264分1将电流表的指针调到零刻度21.8；203小灯泡的电阻随温度变更而变更其他合理答案均可 2710分1电热水壶处于加热状态时，开关S2和S3均应处于闭合状态。 2分2 2分3因为电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，说明壶中的水从电热管R1汲取的热量恰好等于水向外界散失的热量。即加热管R1的实际功率 2分由知，保温状态时电路中的电流 2分保温状态时电路的总功率 2分