江西省高考数学试卷理科答案与解析.docx

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1、2009年江西省高考数学试卷（理科）参考答案及试题解析一选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1（5分）（2009江西）若复数z=（x21）+（x1）i为纯虚数，则实数x的值为（）A1B0C1D1或1【考点】复数的根本概念【专题】计算题【分析】复数z=（x21）+（x1）i为纯虚数，复数的实部为0，虚部不等于0，求解即可【解答】解：由复数z=（x21）+（x1）i为纯虚数，可得x=1故选A【点评】本题考察复数的根本概念，考察计算实力，是根底题2（5分）（2009江西）函数的定义域为（）A（4，1）B（4，1）C（1，1）D（1，1【考点

2、】对数函数的定义域；函数的定义域及其求法【专题】计算题【分析】由题意知，解得1x1，由此能求出函数的定义域【解答】解：由题意知，函数的定义域为，解得1x1，故选C【点评】本题考察对数函数的定义域，解题时要留意不等式组的解法3（5分）（2009江西）已知全集U=AB中有m个元素，（UA）（UB）中有n个元素若AB非空，则AB的元素个数为（）AmnBm+nCnmDmn【考点】Venn图表达集合的关系及运算【专题】数形结合【分析】要求AB的元素个数，可以根据已知绘制出满意条件的韦恩图，根据图来分析（如解法一），也可以利用德摩根定理解决（如解法二）【解答】解法一：（CUA）（CUB）中有n个元素，如图

3、所示阴影局部，又U=AB中有m个元素，故AB中有mn个元素解法二：（CUA）（CUB）=CU（AB）有n个元素，又全集U=AB中有m个元素，由card（A）+card（CUA）=card（U）得，card（AB）+card（CU（AB）=card（U）得，card（AB）=mn，故选D【点评】解答此类型题目时，要求对集合的性质及运算特别熟识，除教材上的定义，性质，运算律外，还应娴熟驾驭：（CUA）（CUB）=CU（AB）（CUA）（CUB）=CU（AB）card（AB）=card（A）+card（B）card（AB）等4（5分）（2009江西）若函数，则f（x）的最大值是（）A1B2CD【考点

4、】同角三角函数根本关系的运用【分析】先对函数f（x）=（1+tanx）cosx进展化简，再根据x的范围求最大值【解答】解：f（x）=（1+tanx）cosx=cosx+sinx=2sin（x+）0x，x+f（x）1，2故选B【点评】本题主要考察三角函数求最值问题一般都是先将函数式进展化简再求值，这里肯定要留意角的取值范围5（5分）（2009江西）设函数f（x）=g（x）+x2，曲线y=g（x）在点（1，g（1）处的切线方程为y=2x+1，则曲线y=f（x）在点（1，f（1）处切线的斜率为（）A4BC2D【考点】利用导数探讨曲线上某点切线方程；直线的斜率【专题】计算题【分析】欲求曲线y=f（x）

5、在点（1，f（1）处切线的斜率，即求f（1），先求出f（x），然后根据曲线y=g（x）在点（1，g（1）处的切线方程为y=2x+1求出g（1），从而得到f（x）的解析式，即可求出所求【解答】解：f（x）=g（x）+2xy=g（x）在点（1，g（1）处的切线方程为y=2x+1，g（1）=2，f（1）=g（1）+21=2+2=4，y=f（x）在点（1，f（1）处切线斜率为4故选：A【点评】本题主要考察了利用导数探讨曲线上某点切线方程，直线的斜率等有关根底学问，考察运算求解实力、推理论证实力，属于根底题6（5分）（2009江西）过椭圆+=1（ab0）的左焦点F1作x轴的垂线交椭圆于点P，F2为右焦点

6、，若F1PF2=60，则椭圆的离心率为（）ABCD【考点】椭圆的简洁性质【专题】计算题【分析】把x=c代入椭圆方程求得P的坐标，进而根据F1PF2=60推断出=整理得e2+2e=0，进而求得椭圆的离心率e【解答】解：由题意知点P的坐标为（c，）或（c，），F1PF2=60，=，即2ac=b2=（a2c2）e2+2e=0，e=或e=（舍去）故选B【点评】本题主要考察了椭圆的简洁性质，考察了考生综合运用椭圆的根底学问和分析推理的实力7（5分）（2009江西）（1+ax+by）n绽开式中不含x的项的系数肯定值的和为243，不含y的项的系数肯定值的和为32，则a，b，n的值可能为（）Aa=2，b=1，

7、n=5Ba=2，b=1，n=6Ca=1，b=2，n=6Da=1，b=2，n=5【考点】二项式系数的性质【分析】据（1+ax+by）n绽开式中不含x的项是n个（1+ax+by）都不出ax即（1+ax+by）n绽开式中不含x的项的系数肯定值的和就是（1+by）n绽开式中系数肯定值的和，同样的道理能得不含y的项的系数肯定值的和，列出方程解得【解答】解：不含x的项的系数的肯定值为（1+|b|）n=243=35，不含y的项的系数的肯定值为（1+|a|）n=32=25，n=5，将各选项的参数取值代入验证知，a=1，b=2，n=5故选D【点评】利用分步乘法原理得绽开式中各项的状况8（5分）（2009江西）数

8、列an的通项an=n2（cos2sin2），其前n项和为Sn，则S30为（）A470B490C495D510【考点】数列的求和【专题】计算题【分析】利用二倍角的公式化简可得一个三角函数，根据周期公式求出周期为3，可化简S30，求出值即可【解答】解：由于cos2sin2以3为周期，故S30=（+32）+（+62）+（+302）=+（3k）2=9k=25=470故选A【点评】考察学生会求数列的和，驾驭三角函数周期的计算方法9（5分）（2009江西）如图，正四面体ABCD的顶点A，B，C分别在两两垂直的三条射线Ox，Oy，Oz上，则在下列命题中，错误的为（）AOABC是正三棱锥B直线OB平面ACDC

9、直线AD及OB所成的角是45D二面角DOBA为45【考点】空间点、线、面的位置【专题】空间位置关系及间隔 【分析】结合图形，逐一分析答案，运用解除、举反例干脆计算等手段，找出正确答案【解答】解：对于A，如图ABCD为正四面体，ABC为等边三角形，又OA、OB、OC两两垂直，OA面OBC，OABC过O作底面ABC的垂线，垂足为N，连接AN交BC于M，由三垂线定理可知BCAM，M为BC中点，同理可证，连接CN交AB于P，则P为AB中点，N为底面ABC中心，OABC是正三棱锥，故A正确对于B，将正四面体ABCD放入正方体中，如图所示，明显OB及平面ACD不平行则答案B不正确对于C，AD和OB成的角，

10、即为AD和AE成的角，即DAE=45，故C正确对于D，二面角DOBA即平面FDBO及下底面AEBO成的角，故FOA为二面角DOBA的平面角，明显FOA=45，故D正确综上，故选：B【点评】本题主要考察直线和平面的位置关系，直线和平面成的角、二面角的定义和求法，结合图形分析答案，增加直观性，属于中档题10（5分）（2009江西）为了庆贺六一儿童节，某食品厂制作了3种不同的精致卡片，每袋食品随机装入一张卡片，集齐3种卡片可获奖，现购置该食品5袋，能获奖的概率为（）ABCD【考点】等可能事务的概率【专题】计算题【分析】3种不同的卡片分别编号1、2、3，购置该食品5袋，能获奖的状况有两种（5张中有3张

11、一样的）12311；12322；12333；（5张中有2张一样的）12312；12313；12323，且两事务互斥，根据概率的加法公式可求【解答】解析：获奖可能状况分两类：12311；12322；12333；12312；12313；12323P1=，P2=，P=P1+P2=故选D【点评】本题主要考察了古典概率的计算，在试验中，若事务的发生不只一种状况，且两事务不行能同时发生，求解概率时，利用互斥事务的概率求解还要娴熟应用排列、组合的学问11（5分）（2009江西）一个平面封闭区域内随意两点间隔 的最大值称为该区域的“直径”，封闭区域边界曲线的长度及区域直径之比称为区域的“周率”，下面四个平面区

12、域（阴影局部）的周率从左到右依次记为1，2，3，4，则下列关系中正确的为（）A1432B3412C4231D3241【考点】三角形的面积公式【专题】计算题；压轴题【分析】由题意设出边长，求出四个图形的直径，四个图形的周长，计算它们的比值，即可比拟大小【解答】解：由题意，设图形的边长或直径为a，则第一个图的直径为a，后三个图形的直径都是a，第一个封闭区域边界曲线的长度为4a，所以t1=，第二个封闭区域边界曲线的长度为2，所以t2=；第三个封闭区域边界曲线的长度为a+2+22=3a，所以t3=3，第四个封闭区域边界曲线的长度为2a，所以t4=2，所以4231故选C【点评】本题是中档题，考察详细图形

13、的周长的求法，考察计算实力，考察发觉问题解决问题的实力12（5分）（2009江西）设函数的定义域为D，若全部点（s，f（t）（s，tD）构成一个正方形区域，则a的值为（）A2B4C8D不能确定【考点】二次函数的性质【专题】常规题型；计算题；压轴题【分析】此题考察的是二次函数的性质问题在解答时可以先将问题转化为方程，因为一个方程可以求解一个未知数至于方程的给出要充分利用好“构成一个正方形区域”的条件【解答】解：由题意可知：全部点（s，f（t）（s，tD）构成一个正方形区域，则对于函数f（x），其定义域的x的长度和值域的长度是相等的，f（x）的定义域为ax2+bx+c0的解集，设x1、x2是方程a

14、x2+bx+c=0的根，且x1x2则定义域的长度为|x1x2|=，而f（x）的值域为0，则有，a=4故选B【点评】本题考察的是二次函数的性质问题在解答的过程当中充分表达了问题转化的思想、解方程的思想以及运算的实力值得同学们体会反思二.填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分请把答案填在答题卡上13（4分）（2009江西）已知向量=（3，1），=（1，3），=（k，7），若（），则k=5【考点】平行向量及共线向量【专题】平面对量及应用【分析】由题意可得 =（3k，6），由（），可得（3k，6）=（1，3），解出 k 值【解答】解：由题意可得=（3k，6），（），（3k，6）=（1，3），3k

15、=，6=3，解得 k=5，故答案为 5【点评】本题考察两个向量共线的性质，两个向量坐标形式的运算，得到 （3k，6）=（1，3），是解题的关键14（4分）（2009江西）正三棱柱ABCA1B1C1内接于半径为2的球，若A，B两点的球面间隔 为，则正三棱柱的体积为8【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积【专题】计算题【分析】由已知中正三棱柱ABCA1B1C1内接于半径为2的球，若A，B两点的球面间隔 为，我们易求出AOB的大小，进而求出棱柱底面棱长，进而求出棱柱的高和底面面积，代入棱柱体积公式，即可求出答案【解答】解：正三棱柱ABCA1B1C1内接于半径为2的球又A，B两点的球面间隔 为，故AOB=90

16、，又OAB是等腰直角三角形，AB=2，则ABC的外接圆半径为则O点到平面ABC的间隔 为正三棱柱高h=，又ABC的面积S=正三棱柱ABCA1B1C1的体积V=Sh=8故答案为：8【点评】本题考察的学问点是棱柱的体积公式，球内接多面体，其中根据已知条件计算出棱柱的底面面积和高是解答本题的关键15（4分）（2009江西）若不等式k（x+2）的解集为区间a，b，且ba=2，则k=【考点】其他不等式的解法【专题】压轴题【分析】此不等式属根式不等式，两边平方后再解较繁，可以从数形结合寻求打破【解答】解：设y1=，y2=k（x+2），则在同始终角坐标系中作出其图象草图如所示y1图象为一圆心在原点，半径为3

17、的圆的上半局部，y2图象为过定点A（2，）的直线据此，原不等式解集可理解为：半圆上圆弧位于直线下方时圆弧上点的横坐标x所对应的集合视察图形，结合题意知b=3，又ba=2，所以a=1，即直线及半圆交点N的横坐标为1，代入y1=2，所以N（1，2）由直线过定点A知直线斜率k=故答案为：【点评】数形结合是探讨不等式解的有效方法，数形结合运用的前提是：驾驭形及数的对应关系根本思路是：构造函数f（x）（或f（x）及g（x），作出f（x） （或f（x）及g（x）的图象，找出满意题意的曲线（局部），曲线上点的横坐标为题目的解，并探讨解的特性来确定解题的切入点16（4分）（2009江西）设直线系M：xcos+

18、（y2）sin=1（02），对于下列四个命题：AM中全部直线均经过一个定点B存在定点P不在M中的任一条直线上C对于随意整数n（n3），存在正n边形，其全部边均在M中的直线上DM中的直线所能围成的正三角形面积都相等其中真命题的代号是BC（写出全部真命题的代号）【考点】命题的真假推断及应用；过两条直线交点的直线系方程【专题】简易逻辑【分析】验证发觉，直线系M：xcos+（y2）sin=1（02）表示圆x2+（y2）2=1的切线的集合，AM中全部直线均经过一个定点（0，2）是不对，可由圆的切线中存在平行线得出，B存在定点P不在M中的任一条直线上，视察直线的方程即可得到点的坐标C对于随意整数n（n3）

19、，存在正n边形，其全部边均在M中的直线上，由直线系的几何意义可推断，DM中的直线所能围成的正三角形面积肯定相等，由它们是同一个圆的外切正三角形可推断出【解答】解：因为点（0，2）到直线系M：xcos+（y2）sin=1（02）中每条直线的间隔 d=1，直线系M：xcos+（y2）sin=1（02）表示圆x2+（y2）2=1的切线的集合，A由于直线系表示圆x2+（y2）2=1的全部切线，其中存在两条切线平行，M中全部直线均经过一个定点（0，2）不行能，故A不正确；B存在定点P不在M中的任一条直线上，视察知点M（0，2）即符合条件，故B正确；C由于圆的全部外切正多边形的边都是圆的切线，所以对于随意

20、整数n（n3），存在正n边形，其全部边均在M中的直线上，故C正确；D如下图，M中的直线所能围成的正三角形有两类，其一是如ABB型，是圆的外切三角形，此类面积都相等，另一类是在圆同一侧，如BDC型，此一类面积相等，但两类之间面积不等，所以面积大小不肯定相等，故本命题不正确故答案为：BC【点评】本题考察直线系方程的应用，要明确直线系M中直线的性质，根据直线系M表示圆 x2+（y2）2=1 的切线的集合，结合图形，推断各个命题的正确性本题易因为视察不知直线系所具有的几何特征而导致后两个命题的真假无法推断，对问题进展深化分析是发觉其意义的捷径三.解答题：本大题共6小题，共74分解容许写出文字说明，证明

21、过程或演算步骤17（12分）（2009江西）设函数f（x）=，（1）求函数f（x）的单调区间；（2）若k0，求不等式f（x）+k（1x）f（x）0的解集【考点】函数的单调性及单调区间；简洁复合函数的导数；不等式【分析】（1）对函数f（x）进展求导，当导数大于0时是单调递增区间，当导数小于0时是原函数的单调递减区间（2）将f（x）代入不等式即可求解【解答】解：（1）f（x）=由f（x）=0，得x=1，因为当x0时，f（x）0；当0x1时，f（x）0；当x1时，f（x）0；所以f（x）的单调增区间是：1，+）；单调减区间是：（，0），（0，1（2）由f（x）+k（1x）f（x）=0，得：（x1）（

22、kx1）0，故：当0k1时，解集是：x|1x；当k=1时，解集是：；当k1时，解集是：x|x1【点评】本题主要考察通过求函数的导数来确定函数的增减性的问题当导数大于0时原函数单调递增，当导数小于0时原函数单调递减18（12分）（2009江西）某公司拟资助三位高校生自主创业，现聘请两位专家，独立地对每位高校生的创业方案进展评审假设评审结果为“支持”或“不支持”的概率都是若某人获得两个“支持”，则赐予10万元的创业资助；若只获得一个“支持”，则赐予5万元的资助；若未获得“支持”，则不予资助，令表示该公司的资助总额（1）写出的分布列； （2）求数学期望E【考点】离散型随机变量的期望及方差；离散型随机

23、变量及其分布列【专题】应用题【分析】（1）的全部取值为0，5，10，15，20，25，30，然后根据互相独立事务的概率公式解之，得到分布列；（2）利用数学期望公式E=1p1+2p2+3p3+npn干脆解之即可【解答】解：（1）的全部取值为0，5，10，15，20，25，30；依此类推；所以其分布列为：051015202530P（2）数学期望E=15【点评】本题主要考察了离散型随机变量的期望以及分布列同时考察了互相独立事务的概率以及计算实力，属于根底题19（12分）（2009江西）ABC中，A，B，C所对的边分别为a，b，c，sin（BA）=cosC（1）求A，C；（2）若SABC=，求a，c【

24、考点】余弦定理的应用；两角和及差的余弦函数；正弦定理的应用【专题】计算题【分析】（1）先根据同角三角函数的根本关系将正切化为正余弦之比再相乘可得到3内角的正弦关系式，再由sin（BA）=cosC可求出答案（2）先根据正弦定理得到a及c的关系，再利用三角形的面积公式可得答案【解答】解：（1）因为所以左边切化弦对角相乘得到sinCcosAcosCsinA=cosCsinBsinCcosB，所以sin（CA）=sin（BC）所以CA=BC或CA=（BC）（不成立）即2C=A+B，C=60，所以A+B=120，又因为sin（BA）=cosC=，所以BA=30或BA=150（舍），所以A=45，C=60

25、（2）由（1）知A=45，C=60B=75sinB=根据正弦定理可得即：a=S=acsinB=3+c2=12c=2a=2【点评】本题主要考察同角三角函数的根本关系和正弦定理及三角形面积公式的应用对于三角函数这一局部公式比拟多，要强化记忆20（12分）（2009江西）在四棱锥PABCD中，底面ABCD是矩形，PA平面ABCD，PA=AD=4，AB=2以AC的中点O为球心、AC为直径的球面交PD于点M，交PC于点N（1）求证：平面ABM平面PCD；（2）求直线CD及平面ACM所成的角的大小；（3）求点N到平面ACM的间隔 【考点】用空间向量求直线及平面的夹角；平面及平面垂直的断定；直线及平面所成的

26、角【专题】空间向量及应用【分析】法一：（1）要证平面ABM平面PCD，只需证明平面PCD内的直线PD，垂直平面PAD内的两条相交直线BM、AB即可；（ 2）先根据体积相等求出D到平面ACM的间隔 为h，即可求直线PC及平面ABM所成的角；（3）先根据条件分析出所求间隔 等于点P到平面ACM间隔 的，设点P到平面ACM间隔 为h，再利用第二问的结论即可得到答案法二：建立空间直角坐标系，（ 2）求出平面ACM的一个法向量，结合然后求出 即可（3）先根据条件分析出所求间隔 等于点P到平面ACM间隔 的，再利用向量的射影公式干脆求点P到平面ACM间隔 h即可得到结论【解答】解：方法一：（1）图1依题设

27、知，AC是所作球面的直径，则AMMC又因为P A平面ABCD，则PACD，又CDAD，所以CD平面PAD，则CDAM，所以A M平面PCD，所以平面ABM平面PCD（2）由（1）知，AMPD，又PA=AD，则M是PD的中点可得，则设D到平面ACM的间隔 为h，由VDACM=VMACD即，可求得，设所求角为，则，（3）可求得PC=6因为ANNC，由（7），得PN=（8）所以NC：PC=5：9（9）故N点到平面ACM的间隔 等于P点到平面ACM间隔 的又因为M是PD的中点，则P、D到平面ACM的间隔 相等，由（2）可知所求间隔 为方法二：（1）同方法一；（2）如图2所示，建立空间直角坐标系，则A（

28、0，0，0），P（0，0，4），B（2，0，0），C（2，4，0），D（0，4，0），M（0，2，2）；设平面ACM的一个法向量，由可得：，令z=1，则设所求角为，则，所以所求角的大小为（3）由条件可得，ANNC在RtPAC中，PA2=PNPC，所以，则，所以所求间隔 等于点P到平面ACM间隔 的，设点P到平面ACM间隔 为h则，所以所求间隔 为【点评】本题考察直线及平面所成的角，平面及平面垂直的断定，三垂线定理，考察空间想象实力，逻辑思维实力，计算实力，是中档题再用空间向量求线面角时，关键是求出平面的法向量以及直线的方向向量21（12分）（2009江西）已知点P1（x0，y0）为双曲线（b为

29、正常数）上任一点，F2为双曲线的右焦点，过P1作右准线的垂线，垂足为A，连接F2A并延长交y轴于P2（1）求线段P1P2的中点P的轨迹E的方程；（2）设轨迹E及x轴交于B、D两点，在E上任取一点Q（x1，y1）（y10），直线QB，QD分别交y轴于M，N两点求证：以MN为直径的圆过两定点【考点】直线及圆锥曲线的综合问题；轨迹方程【专题】综合题；压轴题【分析】（1）由已知得，则直线F2A的方程为：y=（x3b），令x=0得P2（0，9y0），设P（x，y），则，由此能求出P的轨迹E的方程（2）在中，令y=0得x2=2b2，设，直线QB的方程为：，直线QD的方程为：，则M（0，），N（0，），由此

30、能导出以MN为直径的圆过两定点（5b，0），（5b，0）【解答】解：（1）由已知得，则直线F2A的方程为：y=（x3b），令x=0得y=9y0，即P2（0，9y0），设P（x，y），则，即代入得：，即P的轨迹E的方程为（2）在中令y=0得x2=2b2，则不妨设，于是直线QB的方程为：，直线QD的方程为：，则M（0，），N（0，），则以MN为直径的圆的方程为：，令y=0得：，而Q（x1，y1）在上，则，于是x=5b，即以MN为直径的圆过两定点（5b，0），（5b，0）【点评】本题考察轨迹方程的求法和求证以MN为直径的圆过两定点解题时要仔细审题，娴熟驾驭圆锥曲线的性质，留意挖掘题设中的隐含条件，合

31、理地进展等价转化22（14分）（2009江西）各项均为正数的数列an，a1=a，a2=b，且对满意m+n=p+q的正整数m，n，p，q都有（1）当时，求通项an；（2）证明：对随意a，存在及a有关的常数，使得对于每个正整数n，都有【考点】数列及不等式的综合【专题】综合题；压轴题；点列、递归数列及数学归纳法【分析】（1）由，令m=1，p=2，q=n1，并将代入化简，可得数列是首项为，公比为的等比数列，从而可求数列的通项；（2）记为bm+n，则，考察函数 ，则在定义域上有，从而对nN*，bn+1g（a）恒成立，结合，即可得证【解答】（1）解：由得将代入化简得所以，故数列是首项为，公比为的等比数列，从而，即（2）证明：由题设的值仅及m+n有关，记为bm+n，则考察函数 ，则在定义域上有故对nN*，bn+1g（a）恒成立又 ，留意到，解上式得，取，即有【点评】本题考察数列递推式，考察赋值法的运用，考察不等式的证明，考察学生分析解决问题的实力，难度较大