2022年全国二卷理科数学试题及答案精析 .pdf

《2022年全国二卷理科数学试题及答案精析 .pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年全国二卷理科数学试题及答案精析 .pdf（10页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、绝密启用前2019 年普通高等学校招生全国统一考试理科数学本试卷共5 页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。注意事项：1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B 铅笔填涂； 非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12 小题，每小题5 分，共 6

2、0 分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1设集合A= x|x2 5x+60 ，B= x|x 1b，则Aln(a- b)0 B3a0 Da b7设 ，为两个平面，则 的充要条件是A内有无数条直线与平行B内有两条相交直线与平行C ， 平行于同一条直线D ，垂直于同一平面8若抛物线y2=2px(p0)的焦点是椭圆2231xypp的一个焦点，则p= A2 B3 C4 D8 9下列函数中，以2为周期且在区间(4，2)单调递增的是Af(x)= cos2 xBf(x)= sin2xCf(x)=cos xDf(x)=sin x10已知 (0，2)，2sin2 =cos2 +1，则 sin =

3、 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 2 页，共 10 页 - - - - - - - - - A15B55C33D25511设 F 为双曲线 C：22221(0,0)xyabab的右焦点，O为坐标原点，以OF为直径的圆与圆222xya交于 P，Q 两点若PQOF，则 C 的离心率为A2B3C2 D512设函数( )fx的定义域为R，满足(1)2 ( )f xf x，且当(0,1x时，( )(1)f xx x若对任意(,xm，都有8( )9fx，则 m 的取值范围是A9,

4、4B7,3C5,2D8,3二、填空题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20 分。13我国高铁发展迅速，技术先进经统计，在经停某站的高铁列车中，有10 个车次的正点率为 0.97，有 20 个车次的正点率为0.98，有 10 个车次的正点率为0.99，则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为_14已知( )f x是奇函数，且当0 x时，( )eaxf x.若(ln 2)8f，则a_ 15ABC的内角,A B C的对边分别为, ,a b c.若6,2 ,3bac B，则ABC的面积为_16中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官

5、员独孤信的印信形状是“ 半正多面体 ” （图 1）半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体半正多面体体现了数学的对称美图2 是一个棱数为48 的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体的棱长为1则该半正多面体共有_个面，其棱长为_（本题第一空 2 分，第二空3 分）名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 3 页，共 10 页 - - - - - - - - - 三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必

6、考题，每个试题考生都必须作答第 22、23 为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60 分。17（ 12 分）如图，长方体ABCD A1B1C1D1的底面 ABCD 是正方形，点E 在棱 AA1上， BEEC1（1）证明： BE平面 EB1C1；（2）若 AE=A1E，求二面角B EC C1的正弦值18（ 12 分）11 分制乒乓球比赛，每赢一球得1 分，当某局打成10:10 平后，每球交换发球权，先多得 2 分的一方获胜，该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛，假设甲发球时甲得分的概率为0.5，乙发球时甲得分的概率为0.4，各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后，甲先发球，两人

7、又打了X个球该局比赛结束. （1）求 P（X=2）；（2）求事件 “ X=4 且甲获胜 ” 的概率 . 19（ 12 分）已知数列 an和 bn满足 a1=1，b1=0，1434nnnaab，1434nnnbba. （1）证明： an+bn 是等比数列， an bn 是等差数列；名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 4 页，共 10 页 - - - - - - - - - （2）求 an 和bn 的通项公式 . 20（ 12 分）已知函数11lnxfxxx. （1）讨论 f

8、(x)的单调性，并证明f(x)有且仅有两个零点；（2）设 x0是 f(x)的一个零点， 证明曲线 y=lnx 在点 A(x0，lnx0)处的切线也是曲线exy的切线 . 21（ 12 分）已知点 A(-2,0)，B(2,0)，动点 M(x,y)满足直线AM 与 BM 的斜率之积为-12.记 M 的轨迹为曲线 C. （1）求 C 的方程，并说明C 是什么曲线；（2）过坐标原点的直线交C 于 P，Q 两点，点 P 在第一象限， PEx 轴，垂足为E，连结 QE 并延长交 C 于点 G. （i）证明：PQG是直角三角形；（ii）求PQG面积的最大值 . （二）选考题：共10分。请考生在第22、23题

9、中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分 。22 选修 44：坐标系与参数方程（10 分）在极坐标系中，O 为极点，点000(,)(0)M在曲线:4sinC上，直线 l 过点(4,0)A且与OM垂直，垂足为P. （1）当0=3时，求0及 l 的极坐标方程；（2）当 M 在 C 上运动且 P在线段 OM 上时，求 P 点轨迹的极坐标方程. 23 选修 45：不等式选讲 （10 分）已知( )|2 | ().fxxa xxxa（1）当1a时，求不等式( )0f x的解集；（2）若(,1)x时，( )0f x，求a的取值范围 . 名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - -

10、 - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 5 页，共 10 页 - - - - - - - - - 2019 年普通高等学校招生全国统一考试理科数学参考答案1A 2 C 3C 4D 5A 6C 7 B 8D 9A 10B 11 A 12B 13 0.98 14 3 15 631626；2117解：（ 1）由已知得，11B C平面11ABB A，BE平面11ABB A，故11B CBE又1BEEC，所以BE平面11EBC（2） 由 （1） 知190BEB 由题设知RtABE11RtA B E， 所以45AEB，故AEAB，12AAAB以D为坐

11、标原点，DAuuu r的方向为 x轴正方向，|DAuuu r为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系 D xyz，则C （0， 1，0） ， B （1， 1，0），1C（0，1， 2）， E （1，0， 1），(1,0,0)CBu uu r，(1, 1,1)CEuuu r，1(0,0,2)CCuuu u r设平面 EBC的法向量为 n=（x，y，x），则名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 6 页，共 10 页 - - - - - - - - - 0,0,CBCEu uu r

12、u uu rnn即0,0,xxyz所以可取 n=(0,1, 1). 设平面1ECC的法向量为 m=（x，y，z），则10,0,CCCEuu uu ruu u rmm即20,0.zxyz所以可取 m=（1，1，0）于是1cos,|2n mn mnm所以，二面角1BECC的正弦值为3218解：（ 1）X=2就是 1010平后，两人又打了2个球该局比赛结束，则这2个球均由甲得分，或者均由乙得分因此P（X=2）=0.5 0.4+（1 0.5） （1 0.4）=0.5（2）X=4且甲获胜，就是1010平后，两人又打了4个球该局比赛结束，且这4个球的得分情况为：前两球是甲、乙各得1分，后两球均为甲得分因此

13、所求概率为0.5 （1 0.4）+（1 0.5） 0.4 0.5 0.4=0.119解：（ 1）由题设得114()2()nnnnabab，即111()2nnnnabab又因为 a1+b1=l，所以nnab是首项为 1，公比为12的等比数列由题设得114()4()8nnnnabab，即112nnnnabab又因为 a1 b1=l ，所以nnab是首项为 1，公差为 2的等差数列（2）由（ 1）知，112nnnab，21nnabn所以111()()222nnnnnnaababn，111()()222nnnnnnbababn名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - -

14、 - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 7 页，共 10 页 - - - - - - - - - 20解：（ 1）f（x）的定义域为（0，1）U（1，+）因为212( )0(1)f xxx，所以( )f x在（ 0，1），（ 1，+）单调递增因为 f（e）=e 110e 1，22222e1e3(e )20e1e1f，所以f（x）在（ 1，+）有唯一零点x1，即 f（x1）=0又1101x，1111111()ln()01xfxf xxx，故 f（x）在（ 0，1）有唯一零点11x综上， f（x）有且仅有两个零点（2）因为0ln01exx，故点 B（ l

15、nx0，01x）在曲线y=ex上由题设知0()0f x，即0001ln1xxx，故直线 AB 的斜率00000000000111ln111ln1xxxxxkxxxxxx曲线 y=ex在点001(ln,)Bxx处切线的斜率是01x，曲线lnyx在点00(,ln)A xx处切线的斜率也是01x，所以曲线lnyx在点00(,ln)A xx处的切线也是曲线y=ex的切线21解：（ 1）由题设得1222yyxx，化简得221(|2)42xyx，所以C 为中心在坐标原点，焦点在x 轴上的椭圆，不含左右顶点（2）（ i）设直线 PQ 的斜率为 k，则其方程为(0)ykx k由22142ykxxy得2212x

16、k名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 8 页，共 10 页 - - - - - - - - - 记2212uk，则( ,),(,),( ,0)P u ukQuukE u于是直线QG的斜率为2k，方程为()2kyxu由22(),2142kyxuxy得22222(2)280kxuk xk u设(,)GGG xy，则u和Gx是方程的解，故22(32)2Gukxk，由此得322Gukyk从而直线PG的斜率为322212(32)2ukukkukkuk所以PQPG，即PQG是直角三角

17、形（ii）由（ i）得2| 21PQuk，2221|2ukkPGk，所以 PQG 的面积222218()18 (1)|12(12)(2)12()kkkkSPQ PGkkkk设 t=k+1k，则由 k0 得 t 2，当且仅当k=1 时取等号因为2812tSt在2，+）单调递减，所以当t=2，即 k=1 时， S取得最大值，最大值为169因此， PQG 面积的最大值为16922解：（ 1）因为00,M在C上，当03时，04sin2 33由已知得| | cos23OPOA名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 -

18、 - - - - - - 第 9 页，共 10 页 - - - - - - - - - 设(, )Q为l上除 P的任意一点在RtOPQ中，cos|23OP，经检验，点(2,)3P在曲线cos23上所以， l的极坐标方程为cos23（2）设(,)P，在RtOAP中，| | cos4cos,OPOA即4cos因为 P在线段 OM上，且APOM，故的取值范围是,4 2所以， P点轨迹的极坐标方程为4cos,4 223解：（1）当 a=1 时，( )=|1| +|2|(1)fxxxxx当1x时，2( )2(1)0f xx；当1x时，( )0f x所以，不等式( )0f x的解集为(,1)（2）因为( )=0f a，所以1a当1a，(,1)x时，( )=() +(2)()=2()(1)0f xax xx xaax x所以，a的取值范围是1,)名师资料总结 - - -精品资料欢迎下载 - - - - - - - - - - - - - - - - - - 名师精心整理 - - - - - - - 第 10 页，共 10 页 - - - - - - - - -