上海市松江区2016年高三物理二模试卷及答案.docx

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1、 2016年上海市松江区高考物理一模试卷一、单项选择题1 .下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是（）A质量B速率C功率D位移2以下关系式中用根本单位表示国际单位正确的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1库=1焦伏1D1特=1牛安1米13关于物理学探讨方法或物理学家奉献的叙述中正确的是（）A质点、速度、点电荷等都是志向化模型BE=及a=均表达了比值定义的思想方法C卡文迪什扭秤试验应用了微元的思想方法D法拉第发觉了电磁感应现象，建立了电磁感应定律4在如图所示的逻辑电路中，其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为（） 输入输出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，

2、1，0，1D1，0，1，05下图中按力的作用效果分解正确的是（）A BCD6根据机械波的学问可知（）A横波沿程度方向传播，纵波沿竖直方向传播B在波的传播过程中，质点随波迁移将振动形式和能量传播出去C波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线D声波在真空中也能传播7质量为m、初速度为零的物体，在变更不同的合外力作用下都通过位移xo下列各种状况中合外力做功最多的是（）ABCD8一电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一初速度从图中A点沿图示方向进入电场，若粒子只受电场力作用，则从A点开场，（）A无论正负，粒子总是做直线运动B无论正负，粒子的电势能总是先变大C无论正负，粒子的电势能总是先变小

3、D粒子的电势能的变更及粒子所带电的电性有关二、单项选择题9 .如图所示，由粗糙的程度杆AO及光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡现将P缓慢地向左挪动一小段间隔 ，两球再次到达平衡若小球所带电量不变，及挪动前相比（）A杆BO对Q的弹力减小B杆AO对P的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大DP、Q之间的间隔 增大10如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，管内外高度差为h1，右管有一段水银柱，高度差为h2，中间封有一段空气则（）A若大气压上升，h1和h2同时增大B若环境温度上升，h1和h2同时减小C若把弯管向上挪动少许，则管内气体体积

4、不变D若把弯管向下挪动少许，则管内气体压强增大11某一质点沿直线运动的位移x随时间t变更的图象如图所示，则（）A第10s末，质点的速度最大B在20s内，质点的位移为9mC第5s末和第15s末，质点的加速度方向相反D010s内，质点所受合外力的方向及速度方向相反12如图，由匀称的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将AB两点接入电压恒定的电源两端，通电时电阻丝AB段受到的安培力为F，则此时三根电阻丝受到的合安培力大小为（）AFB1.5FC2FD3F13汽车在平直马路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率马上减小一半并保持该功率接着行驶设汽车行驶

5、时所受的阻力恒定，则下面四个图象中，哪个图象正确表示了司机从减小油门开场，汽车的速度刚好间的关系（）ABCD14如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时程度抛出，已知半圆轨道的半径及斜面竖直高度相等且在同一竖直面内，斜面底边长是其竖直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列说法正确的是（）Aa、b不行能同时分别落在半圆轨道和斜面上Ba球肯定先落在半圆轨道上Cb球肯定先落在斜面上Da球可能先落在半圆轨道上15有上下两条摩擦因数一样的程度轨道L1、L2，它们在同一竖直面内，一样质量的物块A、B放置在两轨道上，轨道L1开一条平行轨道方向的细缝，可使细线通过，如图所示A

6、物块在B物块正上方在连接A、B细线的中点O施加拉力，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向可能是（图中OQ表示程度方向）（）A沿OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能16如图所示，在OxL和2Lx3L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有肯定电阻的正方形线框abcd边长为2L，位于xOy平面内，线框的ab边及y轴重合令线框从t=0时刻由静止开场沿x轴正方向做匀加速直线运动，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象大致是下列图中的（）ABCD三、多项选择题17 .如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度一样的光

7、滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处18一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻及（t+0.6）时刻的波形图正好重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A质点振动周期可能为1.2sB该波的波速可能为10m/sC在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点位移可能为零D从（t+0.3）时刻开场计时，x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置19如图所示，A、B两球分别套在两光滑无限长的程度直杆上，两球通过一轻绳绕过肯定滑轮（轴心固定不动）相连，

8、某时刻连接两球的轻绳及程度方向的夹角分别为、，A球向左的速度为v，下列说法正确的是（）A此时B球的速度为vB此时B球的速度为vC当增大到等于90时，B球的速度到达最大D在增大到90的过程中，绳对B球的拉力始终做正功20如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，志向电压表V1、V2、V3示数变更量的肯定值分别为U1、U2、U3，志向电流表A示数变更量的肯定值为I，则（）AU1大于U2B =R+rCV2的示数增大D +保持不变四、填空题21远古时代，取火是一件困难的事，火一般产生于雷击或磷的自燃随着人类文明的进步，出现了“钻木取火”等方法“钻木取火”是通

9、过方式变更物体的内能，把转变为内能22甲、乙两颗绕地球作匀速圆周运动人造卫星，其线速度大小之比为：1，则这两颗卫星的运转半径之比为，运转周期之比为23某同学的质量为60kg，在一次野营中，他从岸上以2m/s的速度，跳到一条以0.5m/s的速度正对着他飘来的小船上，跳上船后他又走了几步，最终停在船上已知小船的质量为140kg，则人及小船共同运动的速度大小为m/s，运动方向为（填“向左”或“向右”）24如图所示是两列相干波的干预图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为10cm，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点则图示时刻C点的振动方向（选填“向上”或“向下”），从图

10、示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为cm25如图所示，河道宽L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小满意u=0.2x（x是离河岸的间隔 ，0x）一小船在静水中的速度v=10m/s，自A处动身，船头垂直河岸方向渡河到达对岸B处AB两点间间隔 为m设船的运动方向及水流方向夹角为，则渡河过程中最小为26带正电小球静止在光滑绝缘斜面的底端，如今该区域加一平行斜面对上的匀强电场，经时间t电场做功40J时，匀强电场突然消逝，小球又经时间t恰好回到斜面底端若以小球初始程度面为零重力势能面，则小球回到斜面底端时的机械能为J，小球的动能为8J时重力势能为J五、试验题27某同学利用单摆测定重力加速

11、度时，用秒表测量单摆的周期，当单摆摇摆稳定且到达最低点时开场计时并记为n=0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n=60时停顿计时测量结果及当地的重力加速度的真实值比拟，发觉偏大，可能缘由是（）A振幅偏小B开场计时误记为n=1C将摆线加上球直径当成了摆长D将摆线的长度当成了摆长28“探讨共点力的合成”的试验状况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋及细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据试验结果画出的图示（1）图乙中的F及F两力中，方向肯定沿AO方向的是（2）（单选题）本试验采纳的科学方法是A志向试验法 B等效替代法 C限制变量法 D建立物理模型法（3）（多选题）试验中可减小

12、误差的措施有A两个分力F1、F2的大小要尽量大些B两个分力F1、F2间夹角应越大越好C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且及木板平面平行DAO间间隔 要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些29如图是“用DIS探讨回路中感应电动势大小及磁通量变更快慢的关系”试验装置，保持挡光片位置、光电门和螺线管之间的间隔 不变 （1）试验器材除了须要光电门传感器之外，还须要传感器（2）让小车以不同的速度靠近螺线管，记录下小车每次靠近螺线管至最终撞上螺线管停顿的全过程中感应电动势刚好间的变更关系如图所示，光电门测得挡光时间为t1，有感应电动势的时间为t2，则试验可以得到感应电动势及成正比（用题中字

13、母表示）（3）若保持磁铁靠近线圈的速度不变，只增加线圈的匝数（线圈直径不变），则t1内图象所围阴影局部面积将（选填“不变”、“增大”或“减小”）30某试验小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘制作了果汁电池，他们测量这种电池的电动势E和内阻r，并探究电极间距对E和r的影响，试验器材如图所示测量E和r的试验方案为：调整滑动变阻器，变更电源两端的电压U和流过电源的电流I，根据公式U=EIr，利用测量数据作出UI图象，得出E和r（1）将电压表视为志向表，要求避开电流表分压作用对测量结果的影响，请在图中用笔画线代替导线连接电路（2）试验中依次减小铜片及锌片的间距，分别得到相应果汁电池的UI图象如图中（a）

14、（b）（c）（d）所示，由此可知：在该试验中，随电极间距的减小，电源电动势（填“增大”、“减小”或“不变”），电源内阻（填“增大”、“减小”或“不变”）（3）对图线（c），当外电路总电阻为2500时，该电源的输出功率P=mW六、计算题.（共50分）31如图所示，导热良好的薄壁气缸放在程度面上，用横截面积为S=1.0102m2的光滑薄活塞将肯定质量的志向气体封闭在气缸内，活塞杆的另一端固定在墙上此时活塞杆及墙刚好无挤压外界大气压强p0=1.0105Pa当环境温度为27时，密闭气体的体积为2.0103m3若固定气缸在程度面上，当环境温度缓慢上升到57时，气体压强p2为多少？若气缸放在光滑程度面上不

15、固定，当环境温度缓慢上升到57时，气缸挪动了多少间隔 ？保持的条件不变下，对气缸施加程度作用力，使缸内气体体积缓慢地复原到原来数值，这时气缸受到的程度作用力多大？32如图所示，粗糙程度面上放置一个小物块，在力F作用下沿程度面对右加速运动在保持力F大小不变的状况下，发觉当F程度向右或及程度面成60夹角斜向上时，物块的加速度一样求：（1）物块及程度面间的动摩擦因数（2）若保持力F及程度面成60夹角斜向上，从静止起拉动物块，物块沿程度面对右挪动s=5m的时间为t变更F的大小重复上述过程，时间t的最小值为多少？33如图所示，电源电动势为，内阻为r，滑动变阻器总阻值为3r，间距为d的两平行金属板AB、C

16、D竖直放置，闭合电键S时，板间电场可视为匀强电场板间有一长为L的绝缘细轻杆，能绕程度固定转轴O在竖直面内无摩擦转动，杆上端固定质量为m、带电量为+q的金属小球a，下端固定质量为2m、带电量为q的金属小球b，已知Ob=2Oa，并且q=，两带电小球可视为点电荷，不影响匀强电场的分布，两电荷间互相作用力不计，重力加速度为g现调整滑片P使其位于滑动变阻器的中点，闭合电键S，待电场稳定后：（1）求两极板间电场强度E的表达式；（2）将轻杆从如图位置顺时针转过时（360）由静止释放，轻杆恰能静止，求；（3）若将轻杆从如图位置由静止释放，轻杆将绕轴O顺时针转动，求小球a运动的最大速度34如图所示，两根粗细匀称

17、的金属杆AB和CD的长度均为L，电阻均为R，质量分别为3m和m，用两根等长的、质量和电阻均不计的、不行伸长的松软导线将它们连成闭合回路，悬跨在绝缘的、程度光滑的圆棒两侧，AB和CD处于程度在金属杆AB的下方有高度为H的程度匀强磁场，磁感强度的大小为B，方向及回路平面垂直，此时CD处于磁场中现从静止开场释放金属杆AB，经过一段时间（AB、CD始终程度），在AB即将进入磁场的上边界时，其加速度为零，此时金属杆CD还处于磁场中，在此过程中金属杆AB上产生的焦耳热为Q重力加速度为g，试求：（1）金属杆AB即将进入磁场上边界时的速度v1；（2）在此过程中金属杆CD挪动的间隔 h和通过导线截面的电量q；（

18、3）设金属杆AB在磁场中运动的速度为v2，通过计算说明v2大小的可能范围；（4）根据第（3）问的结果，请定性画出金属杆AB在穿过整个磁场区域的过程中可能出现的速度时间图象（vt图）2016年上海市松江区高考物理一模试卷参考答案及试题解析一、单项选择题1 .下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是（）A质量B速率C功率D位移【考点】矢量和标量【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题【分析】矢量既有大小，又有方向，相加时遵循平行四边形定则标量只有大小，没有方向，相加时遵守代数加减法则【解答】解：ABC、质量、速率和功率都是标量，相加时，遵守代数加减法则，故ABC错误D、位移是矢量，相加时遵守平

19、行四边形定则，故D正确故选：D【点评】解决本题的关键知道矢量既有大小，又有方向，其运算遵循平行四边形定则2以下关系式中用根本单位表示国际单位正确的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1库=1焦伏1D1特=1牛安1米1【考点】力学单位制【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】国际单位制规定了七个根本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：A、牛顿是力的单位，是导出单位所以1焦=1牛米不用根本单位表示国际单位故A错误

20、；B、用根本单位表示国际单位故B正确；C、焦耳是能量的单位，是导出单位所以1库=1焦伏1不是用根本单位表示国际单位故C错误；D、牛顿是力的单位，是导出单位所以1特=1牛安1米1不是用根本单位表示国际单位故D错误故选：B【点评】该题考察单位制，解答的关键是知道7个根本单位，并要熟记相关的单位之间的关系3关于物理学探讨方法或物理学家奉献的叙述中正确的是（）A质点、速度、点电荷等都是志向化模型BE=及a=均表达了比值定义的思想方法C卡文迪什扭秤试验应用了微元的思想方法D法拉第发觉了电磁感应现象，建立了电磁感应定律【考点】物理学史【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】志向化模型是抓主要因素

21、，无视次要因素得到的知道比值定义法的含义，记住闻名物理学家的主要奉献【解答】解：A、志向化模型是抓主要因素，无视次要因素得到的，点电荷、质点是志向化模型，但是速度不是志向化模型，故A错误B、a=不是比值定义法，故B错误；C、卡文迪许测万有引力常量G的扭秤试验，应用了“放大”的试验方法，故C错误；D、法拉第发觉了电磁感应现象，建立了电磁感应定律，故D正确故选：D【点评】本题属于记忆学问，要理解、熟识物理学史，关键在于平常留意积累和记忆，不行无视，不然很简洁出错对于物理学上常用的科学探讨方法：等效替代法、志向化模型法、比值定义法等等要理解并驾驭，并进展归纳总结，对学习物理量的意义有很大的扶植4在如

22、图所示的逻辑电路中，其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为（） 输入输出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，1，0，1D1，0，1，0【考点】简洁的逻辑电路【分析】图示电路为或非门，当AB输入经或门输出再经非门输出【解答】解：当AB输入00经或门输出0再经非门输出1，当AB输入01经或门输出1再经非门输出0；当AB输入10经或门输出1再经非门输出0；当AB输入11经或门输出1再经非门输出0；故输出1，0，0，0，故B正确故选B【点评】考察了根本门电路的根本逻辑输入输出关系，理解组合门的输入输出5下图中按力的作用效果分解正确的是（）ABCD【考点】力的分解【专题】定性思想；

23、合成分解法；受力分析方法专题【分析】物体的重力，按效果分解为垂直于两接触面，作出力的分解图，从而即可求解【解答】解：A、力F的作用效果，如图所示，故A正确；B、物体的重力，按效果分解成一个垂干脆触面的力，及垂直挡板的力，如图所示，故B错误；C、根据力的作用效果，拉力分解成如图所示故C错误；D、物体的重力，按效果分解分解成如图所示故D错误；故选：A【点评】本题考察运用数学学问处理物理问题的实力，比拟简洁对于力的分解，关键确定力的作用效果，定出两个分力的方向6根据机械波的学问可知（）A横波沿程度方向传播，纵波沿竖直方向传播B在波的传播过程中，质点随波迁移将振动形式和能量传播出去C波的图象就是反映各

24、质点在同一时刻不同位移的曲线D声波在真空中也能传播【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】横波和纵波程度和竖直方向都能传播质点不随波迁移，只是将振动形式和能量传播出去波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线机械波传播须要介质，声波在真空中不能传播【解答】解：A、横波和纵波程度和竖直方向都能传播，这两种波是根据波的传播方向及质点的振动方向间的关系划分的故A错误B、在波的传播过程中，质点在自己的平衡位置旁边振动，并不随波迁移故B错误C、波的图象就是反映各质点在空间的分布状况，即各质点在同一时刻不同位移的曲线故C正确D、声波在真空中不能传播，因为没有传播振动的介质故D错误故选C【点评

25、】本题考察了一些波的根本学问：波的分类、形成机械波的条件等等，波的一个根本特点是：质点不随波迁移7质量为m、初速度为零的物体，在变更不同的合外力作用下都通过位移xo下列各种状况中合外力做功最多的是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像；动能定理的应用【专题】运动学中的图像专题【分析】Fx图象中，图象及坐标轴围成的面积表示力F所做的功【解答】解：由力做功公式可知，Fx图象中，图象及坐标轴围成的面积表示力F所做的功，由图象可知，C图象中围成的面积最大，所以C中合外力做功最多故选C【点评】利用数学图象处理物理问题的方法就是把物理表达式及图象结合起来，根据图象中的数据求解8一电场的等势面如图中虚线所

26、示，一带电粒子以某一初速度从图中A点沿图示方向进入电场，若粒子只受电场力作用，则从A点开场，（）A无论正负，粒子总是做直线运动B无论正负，粒子的电势能总是先变大C无论正负，粒子的电势能总是先变小D粒子的电势能的变更及粒子所带电的电性有关【考点】电势；电势能【专题】电场力及电势的性质专题【分析】粒子在静电场中电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大粒子所受的电场力及速度方向不在同始终线上，做曲线运动【解答】解：A、根据电场线及等势线垂直且指向低电势处，可知在A点电场线方向应及速度v垂直，则粒子所受的电场力及速度v也垂直，粒子做曲线运动故A错误BCD、无论正负，电场力做正功，粒子的电势能总是先变

27、小，故BD错误，C正确故选：C【点评】本题关键抓住电场线及等势线的关系推断电场力方向及粒子初速度方向的关系，分析运动状况，根据电场力做功正负，推断电势能的变更二、单项选择题9 .如图所示，由粗糙的程度杆AO及光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡现将P缓慢地向左挪动一小段间隔 ，两球再次到达平衡若小球所带电量不变，及挪动前相比（）A杆BO对Q的弹力减小B杆AO对P的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大DP、Q之间的间隔 增大【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用【专题】定性思想；整体法和隔离法；电荷守恒定律及库仑定律专题【分析】分别

28、以两环组成的整体和Q环为探讨对象，分析受力状况，根据平衡条件探讨AO杆对P环的支持力N和细绳上的拉力T的变更状况【解答】解：A、Q受力如图，由力的合成及平衡条件可知：BO杆对小球Q的弹力变大，两小球之间的库仑力变大，由库仑定律知，两小球P、Q的间隔 变小，故AD错误；C、对整体受力分析，可得AO杆对小球P的摩擦力变大，AO杆对小球P的弹力不变，故C正确，B错误；故选：C【点评】本题涉及两个物体的平衡问题，敏捷选择探讨对象是关键当几个物体都处于静止状态时，可以把它们看成整体进展探讨10如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，管内外高度差为h1，右管有一段水银柱，高度差为h2，中间封有一段空气

29、则（）A若大气压上升，h1和h2同时增大B若环境温度上升，h1和h2同时减小C若把弯管向上挪动少许，则管内气体体积不变D若把弯管向下挪动少许，则管内气体压强增大【考点】志向气体的状态方程；封闭气体压强【专题】志向气体状态方程专题【分析】管中封闭气体的压强P=P0+gh1=P0+gh2，可得h1=h2根据气态方程分析大气压和温度变更时，气体的体积如何变更，即知道h1和h2如何变更若把弯管向上挪动少许或下移少许，封闭气体的压强将要变更，根据玻意耳定律分析体积如何变更【解答】解：A、管中封闭气体的压强P=P0+gh1=P0+gh2，则得h1=h2若大气压上升时，封闭气体的压强增大，由玻意耳定律PV=

30、c得知，封闭气体的体积减小，水银柱将发生挪动，使h1和h2同时减小故A错误B、若环境温度上升，封闭气体的压强增大，体积也增大，h1和h2同时增大故B错误C、若把弯管向上挪动少许，封闭气体的体积将增大故C错误D、若把弯管向下挪动少许，封闭气体的体积减小，压强增大，故D正确故选D【点评】本题关键要根据压强推断出h1=h2再结合气态方程进展动态分析11某一质点沿直线运动的位移x随时间t变更的图象如图所示，则（）A第10s末，质点的速度最大B在20s内，质点的位移为9mC第5s末和第15s末，质点的加速度方向相反D010s内，质点所受合外力的方向及速度方向相反【考点】匀变速直线运动的图像【专题】定性思

31、想；推理法；运动学中的图像专题【分析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变更，图象上的随意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向当物体做加速运动时，合外力及速度同向，当物体做减速运动时，合外力及速度反向【解答】解：A、位移时间图象切线的斜率表示该时刻的速度，则知在10s末时，质点的速度为零，故A错误；B、在20s内质点的位移为x=x2x1=01m=1m，故B错误；C、在010s内，物体沿正方向做减速运动，加速度方向及速度方向相反，即沿负方向；在1020s内，斜率为负值，说明物体沿负方向运动，斜率增大，做加速运动，加速度方向及速度方向一样，即沿负方向所以在5s

32、和15s时，质点的加速度方向一样，故C错误；D、在010s内，斜率渐渐减小，说明物体做减速运动，质点所受合外力的方向及速度方向相反，故D正确故选：D【点评】理解位移时间图象时，要抓住点和斜率的物理意义，驾驭斜率表示速度是关键12如图，由匀称的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将AB两点接入电压恒定的电源两端，通电时电阻丝AB段受到的安培力为F，则此时三根电阻丝受到的合安培力大小为（）AFB1.5FC2FD3F【考点】安培力【专题】定量思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用【分析】根据左手定则推断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的

33、大小，然后运用平行四边形定则合成即可【解答】解：AB受力：FAB=BIL=FACB受力：有效长度为L，电流为AB的电流的，则其受力为： =，二力方向一样，则合力为1.5F则B正确故选：B【点评】该题中，各段时的电流的大小不相等，要运用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小，然后计算安培力是解题的正确思路题目的难度中档13汽车在平直马路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率马上减小一半并保持该功率接着行驶设汽车行驶时所受的阻力恒定，则下面四个图象中，哪个图象正确表示了司机从减小油门开场，汽车的速度刚好间的关系（）ABCD【考点】功率、平均功率和瞬

34、时功率；匀变速直线运动的图像【专题】功率的计算专题【分析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率减小一半时，牵引力减小了，物体减速运动，根据牛顿第二定律分析加速度和速度的变更状况即可【解答】解：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变更，根据功率和速度关系公式P=Fv，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式P=Fv可知，功率肯定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动；故选B【点评】本题关键分析清晰物体的受力状

35、况，结合受力状况再确定物体的运动状况14如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时程度抛出，已知半圆轨道的半径及斜面竖直高度相等且在同一竖直面内，斜面底边长是其竖直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列说法正确的是（）Aa、b不行能同时分别落在半圆轨道和斜面上Ba球肯定先落在半圆轨道上Cb球肯定先落在斜面上Da球可能先落在半圆轨道上【考点】平抛运动【专题】定性思想；图析法；平抛运动专题【分析】平抛运动在程度方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将圆轨道和斜面重合在一起进展分析比拟，即可得出正确答案【解答】解：将圆轨道和斜面轨道重合在一起，如图所示，交

36、点为A，初速度适宜，可知小球做平抛运动落在A点，则运动的时间相等，即同时落在半圆轨道和斜面上若初速度不适中，由图可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圆轨道上故D正确，ABC错误故选：D【点评】本题考察平抛运动比拟敏捷，学生简洁陷入计算比拟的一种错误方法当中，不能想到将半圆轨道和斜面轨道重合进展分析比拟15有上下两条摩擦因数一样的程度轨道L1、L2，它们在同一竖直面内，一样质量的物块A、B放置在两轨道上，轨道L1开一条平行轨道方向的细缝，可使细线通过，如图所示A物块在B物块正上方在连接A、B细线的中点O施加拉力，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向可能是（图中OQ表示程度方向）（）A沿

37、OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对A、B两物体分析，抓住A、B对程度轨道的正压力不同，导致摩擦力不等，根据程度方向上平衡，得出AO、BO拉力的大小，从而确定拉力F的方向【解答】解：力的作用点是在细线的中点，而且物块A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在竖直方向，所以AO及BO及程度方向的夹角相等因为A对程度轨道的正压力大于B对程度轨道的正压力，所以程度面对A的摩擦力大于程度面对B的摩擦力，由题意细线AO受到的拉力必需大于BO受到的拉力，所以F的方向只能是ON方

38、向故C正确，A、B、D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道滑动摩擦力及正压力成正比，通过摩擦力的大小得出绳子拉力的大小，从而确定拉力的方向16如图所示，在OxL和2Lx3L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有肯定电阻的正方形线框abcd边长为2L，位于xOy平面内，线框的ab边及y轴重合令线框从t=0时刻由静止开场沿x轴正方向做匀加速直线运动，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象大致是下列图中的（）ABCD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【专题】压轴题；电磁感应及图像结合【分析】首先根据楞次定律推断感应电流的

39、方向再根据公式E=Blv和运动学公式得到感应电动势的表达式，由欧姆定律得到感应电流的表达式【解答】解：设线框进入磁场的时间为t0，则由L=，得t0=在0t0时间内，由楞次定律推断可知感应电流方向沿逆时针方向，感应电流大小为I=；故CD均错误设线框ab从x=L运动到x=4L的时间为t1，则由运动学公式得t1=t0=2t0t0=t0，这段时间内穿过线框的磁通量不变，没有感应电流故B错误设线框ab从x=4L运动到x=5L的时间为t2，则由运动学公式得t2=t0=t02t0=0.236t0的时间内，根据楞次定律得知，感应电流方向沿顺时针方向，为负值感应电流为I=；故A正确故选A【点评】本题是电磁感应及

40、运动学公式的综合应用，根据楞次定律推断出感应电流的方向，可解除CD，再根据运动时间，解除B三、多项选择题17 .如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度一样的光滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处【考点】匀变速直线运动的速度及位移的关系【专题】直线运动规律专题【分析】由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；可以运用机械能守恒来说明，也可以运用运动学的公式计算，后一种方法比拟费事；哪一个先到达B点，可以通过速度的变更快

41、慢来理解，也可以运用vt图象来计算说明【解答】解：A：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故B正确；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比拟快，开场阶段的位移比拟大，故甲总是先到达同一高度的位置故C错误，D正确故选：BD【点评】本题应当用“加速度”说明：高度一样，到达底端的速度大小就一样，但甲的加速度渐渐减小，乙的加速度渐渐增大所以它们的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢它们的vt图象如图，结合vt图象的意义，图线的斜率表示加速度，图线刚好间轴之间的

42、面积可以用来表示位移18一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻及（t+0.6）时刻的波形图正好重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A质点振动周期可能为1.2sB该波的波速可能为10m/sC在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点位移可能为零D从（t+0.3）时刻开场计时，x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】据题，t时刻及（t+0.6）时刻的波形图正好重合，经过的时间是周期的整数倍，得到周期的通项由图读出波长，求出波速的通项，再求解特别值根据时间及周期的关系，分析在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点的状态根据波可能的传播方

43、向，分析从（t+0.3）时刻开场计时，x=0.5m处的质点及x=0.5m处的质点到达波峰位置的先后【解答】解：A、由题分析得知，nT=0.6s，n=1，2，3，周期T=s，所以质点振动周期不行能为1.2s故A错误B、由图读出波长为=2m，波速v=m/s=nm/s，当n=3时，v=10m/s故B正确C、t时刻到（t+0.4）时刻经过时间为0.4s，而0.4s及周期的关系为n=n，由于n为整数，所以该时刻x=1m处的质点不行能在平衡位置，位移不行能为零故C错误D、简谐横波沿x轴正方向传播，在（t+0.3）时刻，x=0.5m处的质点振动方向可能沿y轴正方向，x=0.5m处的质点振动方向沿y轴负方向，

44、所以先到达波峰位置x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置故D正确故选BD【点评】本题考察根据数学学问列通项的实力抓住波的周期性进展分析波经过整数倍周期时间，图象重合；半个周期奇数倍时间，图象反相19如图所示，A、B两球分别套在两光滑无限长的程度直杆上，两球通过一轻绳绕过肯定滑轮（轴心固定不动）相连，某时刻连接两球的轻绳及程度方向的夹角分别为、，A球向左的速度为v，下列说法正确的是（）A此时B球的速度为vB此时B球的速度为vC当增大到等于90时，B球的速度到达最大D在增大到90的过程中，绳对B球的拉力始终做正功【考点】运动的合成和分解【专题】定性思想；图析法；运动的合成和分解专题【分析】将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒推断小球B减小的势能及物块A增加的动能的大小关系【解答】解：A、将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度在沿绳子方向的分速度为v绳子=vcos，