广西省南宁市2017届高三物理复习专题四功能关系的应用第1课时功能关系在力学中的应用讲义.docx
《广西省南宁市2017届高三物理复习专题四功能关系的应用第1课时功能关系在力学中的应用讲义.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《广西省南宁市2017届高三物理复习专题四功能关系的应用第1课时功能关系在力学中的应用讲义.docx(31页珍藏版)》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。
1、专题四 功能关系的应用专题定位本专题主要用功能的观点解决物体的运动和带电体、带电粒子、导体棒在电场或磁场中的运动问题考察的重点有以下几方面:重力、摩擦力、静电力和洛伦兹力的做功特点和求解;及功、功率相关的分析及计算;几个重要的功能关系的应用;动能定理的综合应用;综合应用机械能守恒定律和能量守恒定律分析问题本专题是高考的重点和热点,命题情景新,联络实际亲密,综合性强,侧重在计算题中命题,是高考的压轴题应考策略深入理解功能关系,抓住两种命题情景搞打破:一是综合应用动能定理、机械能守恒定律和能量守恒定律,结合动力学方法解决多运动过程问题;二是运用动能定理和能量守恒定律解决电场、磁场内带电粒子运动或电
2、磁感应问题第1课时功能关系在力学中的应用1 常见的几种力做功的特点(1)重力、弹簧弹力、静电力做功及途径无关(2)摩擦力做功的特点单个摩擦力(包括静摩擦力和滑动摩擦力)可以做正功,也可以做负功,还可以不做功互相作用的一对静摩擦力做功的代数和总等于零,在静摩擦力做功的过程中,只有机械能的转移,没有机械能转化为其他形式的能;互相作用的一对滑动摩擦力做功的代数和不为零,且总为负值在一对滑动摩擦力做功的过程中,不仅有互相摩擦物体间机械能的转移,还有局部机械能转化为内能转化为内能的量等于系统机械能的削减量,等于滑动摩擦力及相对位移的乘积摩擦生热是指滑动摩擦生热,静摩擦不会生热2 几个重要的功能关系(1)
3、重力的功等于重力势能的变更,即WGEp.(2)弹力的功等于弹性势能的变更,即W弹Ep.(3)合力的功等于动能的变更,即WEk.(4)重力(或弹簧弹力)之外的其他力的功等于机械能的变更,即W其他E.(5)一对滑动摩擦力做的功等于系统中内能的变更,即QFfs 相对1 动能定理的应用(1)动能定理的适用状况:解决单个物体(或可看成单个物体的物体系统)受力及位移、速率关系的问题动能定理既适用于直线运动,也适用于曲线运动;既适用于恒力做功,也适用于变力做功,力可以是各种性质的力,既可以同时作用,也可以分段作用(2)应用动能定理解题的根本思路选取探讨对象,明确它的运动过程分析探讨对象的受力状况和各力做功状
4、况,然后求各个外力做功的代数和明确物体在运动过程始、末状态的动能Ek1和Ek2.列出动能定理的方程W合Ek2Ek1,及其他必要的解题方程,进展求解2 机械能守恒定律的应用(1)机械能是否守恒的推断用做功来推断,看重力(或弹簧弹力)以外的其他力做功的代数和是否为零用能量转化来推断,看是否有机械能转化为其他形式的能对一些“绳子突然绷紧”、“物体间碰撞”等问题,机械能一般不守恒,除非题目中有特殊说明及示意(2)应用机械能守恒定律解题的根本思路选取探讨对象物体系统依据探讨对象所经验的物理过程,进展受力、做功分析,推断机械能是否守恒恰当地选取参考平面,确定探讨对象在运动过程的始、末状态时的机械能依据机械
5、能守恒定律列方程,进展求解题型1力学中的几个重要功能关系的应用例1如图1所示,轻质弹簧的一端及固定的竖直板P拴接,另一端及物体A相连,物体A静止于光滑程度桌面上,右端接一细线,细线绕过光滑的定滑轮及物体B相连开场时用手托住B,让细线恰好伸直,然后由静止释放B,直至B获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是()图1AB物体的机械能始终减小BB物体的动能的增加量等于它所受重力及拉力做的功之和CB物体机械能的削减量等于弹簧的弹性势能的增加量D细线拉力对A物体做的功等于A物体及弹簧所组成的系统机械能的增加量解析把A、B和弹簧看做一个系统,该系统机械能守恒,在B下落直至B获得最大速度的过程中,A的动能增
6、大,弹簧弹性势能增大,所以B物体的机械能始终减小,选项A正确;由动能定理知,B物体的动能的增加量等于它所受重力及拉力做的功之和,选项B正确;B物体机械能的削减量等于弹簧的弹性势能的增加量及A物体动能的增加量之和,选项C错误;对A物体和弹簧组成的系统,由功能关系得,细线拉力对A物体做的功等于A物体及弹簧所组成的系统机械能的增加量,选项D正确答案ABD以题说法1.本题要留意几个功能关系:重力做的功等于重力势能的变更量;弹簧弹力做的功等于弹性势能的变更量;重力以外的其他力做的功等于机械能的变更量;合力做的功等于动能的变更量2本题在应用动能定理时,应特殊留意探讨过程的选取并且要弄清晰每个过程各力做功的
7、状况(2013山东16)如图2所示,楔形木块abc固定在程度面上,粗糙斜面ab和光滑斜面bc及程度面的夹角一样,顶角b处安装肯定滑轮质量分别为M、m(Mm)的滑块,通过不行伸长的轻绳跨过定滑轮连接,轻绳及斜面平行两滑块由静止释放后,沿斜面做匀加速运动若不计滑轮的质量和摩擦,在两滑块沿斜面运动的过程中()图2A两滑块组成的系统机械能守恒B重力对M做的功等于M动能的增加C轻绳对m做的功等于m机械能的增加D两滑块组成系统的机械能损失等于M克制摩擦力做的功答案CD解析两滑块释放后,M下滑、m上滑,摩擦力对M做负功,M和m组成的系统机械能减小,减小的机械能等于M克制摩擦力所做的功,选项A错误,D正确除重
8、力对滑块M做正功外,还有摩擦力和绳的拉力对滑块M做负功,选项B错误绳的拉力对滑块m做正功,滑块m机械能增加,且增加的机械能等于拉力做的功,选项C正确题型2动力学方法和动能定理的综合应用例2(15分)如图3所示,上外表光滑、长度为3 m、质量M10 kg的木板,在F50 N的程度拉力作用下,以v05 m/s的速度沿程度地面对右匀速运动现将一个质量为m3 kg的小铁块(可视为质点)无初速度地放在木板最右端,当木板运动了L1 m时,又将第二个同样的小铁块无初速地放在木板最右端,以后木板每运动1 m就在其最右端无初速度地放上一个同样的小铁块(g取10 m/s2)求:图3(1)木板及地面间的动摩擦因数;
9、(2)刚放第三个小铁块时木板的速度;(3)从放第三个小铁块开场到木板停顿的过程,木板运动的间隔 审题打破木板在F50 N的程度拉力作用下,沿程度地面匀速运动,隐含什么条件?放上小铁块后木板的受力如何变更?解析(1)木板做匀速直线运动时,受到地面的摩擦力设为Ff由平衡条件得:FFf(1分)又FfMg(2分)联立并代入数据得:0.5(1分)(2)每放一个小铁块,木板所受的摩擦力增加mg设刚放第三个小铁块时木板的速度为v1,对木板从放第一个小铁块到刚放第三个小铁块的过程,由动能定理得:mgL2mgLMvMv(5分)联立并代入数据得:v14 m/s(1分)(3)从放第三个小铁块开场到木板停顿之前,木板
10、所受的合外力大小均为3mg.从放第三个小铁块开场到木板停顿的过程,设木板运动的间隔 为s,对木板由动能定理得:3mgs0Mv(4分)联立并代入数据得s m1.78 m(1分)答案(1)0.5(2)4 m/s(3)1.78 m以题说法1.在应用动能定理解题时首先要弄清物体的受力状况和做功状况此题特殊要留意每放一个小铁块都会使滑动摩擦力增加mg.2应用动能定理列式时要留意运动过程的选取,可以全过程列式,也可以分过程列式如图4所示,倾角为37的粗糙斜面AB底端及半径R0.4 m的光滑半圆轨道BC平滑相连,O点为轨道圆心,BC为圆轨道直径且处于竖直方向,A、C两点等高质量m1 kg的滑块从A点由静止开
11、场下滑,恰能滑到及O点等高的D点,g取10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8.图4(1)求滑块及斜面间的动摩擦因数;(2)若使滑块能到达C点,求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值;(3)若滑块分开C点的速度大小为4 m/s,求滑块从C点飞出至落到斜面上所经验的时间t.答案(1)0.375(2)2 m/s(3)0.2 s解析(1)滑块从A点到D点的过程中,依据动能定理有mg(2RR)mgcos 3700解得:tan 370.375(2)若使滑块能到达C点,依据牛顿第二定律有mgFN由FN0得vC2 m/s滑块从A点到C点的过程中,依据动能定理有mgcos 37mvmv则v
12、02 m/s故v0的最小值为2 m/s(3)滑块分开C点后做平抛运动,有xvCt,ygt2由几何学问得tan 37整理得:5t23t0.80解得t0.2 s(t0.8 s舍去)题型3动力学方法和机械能守恒定律的应用例3 (14分)如图5,质量为M2 kg的顶部有竖直壁的容器A,置于倾角为30的固定光滑斜面上,底部及斜面啮合,容器顶面恰好处于程度状态,容器内有质量为m1 kg的光滑小球B及右壁接触让A、B系统从斜面上端由静止开场下滑L后刚好到达斜面底端,已知L2 m,取重力加速度g10 m/s2.求:图5(1)小球到达斜面底端的速度大小;(2)下滑过程中,A的程度顶面对B的支持力大小;(3)下滑
13、过程中,A对B所做的功审题打破A、B组成的系统内发生转移或转化的是什么能量?A的程度顶面对B的支持力方向如何?解析(1)依据机械能守恒定律:(Mm)gLsin (Mm)v2(2分)解得:v2 m/s(2分)(用牛顿运动定律和运动学学问求出速度的同样给4分)(2)小球及容器一起沿斜面自由下滑,加速度为agsin (1分)对B进展受力分析,如图所示,竖直方向受mg、FN作用,斜向下加速运动,依据牛顿第二定律mgFNmasin (3分)代入agsin 解得FNmg(1sin2 )mgcos2 7.5 N(2分)(3)设A对B做的功为Wm,则依据动能定理mgLsin Wmmv2(2分)解得Wmmv2m
14、gLsin m()2mgLsin 0(2分)答案(1)2 m/s(2)7.5 N(3)0以题说法若推断多个物体组成的系统机械能是否守恒,最简洁有效的方法是看能量是否向机械能之外的其他能量转化比方,此题中各个接触面都是光滑的,不会产生内能,也没有其他能量参及转移或转化,所以A、B组成的系统机械能守恒如图6所示,轮半径r10 cm的传送带,程度局部AB的长度L1.5 m,及一圆心在O点、半径R1 m的竖直光滑圆轨道的末端相切于A点,AB高出程度地面H1.25 m,一质量m0.1 kg的小滑块(可视为质点),由圆轨道上的P点从静止释放,OP及竖直线的夹角37.已知sin 370.6,cos 370.
15、8,g10 m/s2,滑块及传送带间的动摩擦因数0.1,不计空气阻力图6(1)求滑块对圆轨道末端的压力;(2)若传送带始终保持静止,求滑块的落地点及B间的程度间隔 ;(3)若传送带以v00.5 m/s的速度沿逆时针方向运行(传送带上局部由B到A运动),求滑块在传送带上滑行过程中产生的内能答案(1)1.4 N,方向竖直向下(2)0.5 m(3)0.2 J解析(1)从P点到圆轨道末端的过程中,由机械能守恒定律得:mgR(1cos 37)mv2在轨道末端由牛顿第二定律得:FNmg由以上两式得FN1.4 N由牛顿第三定律得,滑块对圆轨道末端的压力大小为1.4 N,方向竖直向下(2)若传送带静止,从A到
16、B的过程中,由动能定理得:mgLmvmv2解得:vB1 m/s滑块从B点开场做平抛运动滑块的落地点及B点间的程度间隔 为:svB 0.5 m(3)传送带向左运动和传送带静止时,滑块的受力状况没有变更,滑块从A到B的运动状况没有变更所以滑块和传送带间的相对位移为:sLv02 m滑块在传送带上滑行过程中产生的内能为:Qmgs0.2 J.6 综合应用动力学和能量观点分析多过程问题审题示例(12分)如图7所示,半径为R的光滑半圆轨道ABC及倾角为37的粗糙斜面轨道DC相切于C点,半圆轨道的直径AC及斜面垂直质量为m的小球从A点左上方距A点高为h的斜面上方P点以某一速度v0程度抛出,刚好及半圆轨道的A点
17、相切进入半圆轨道内侧,之后经半圆轨道沿斜面刚好滑到及抛出点等高的D点已知当地的重力加速度为g,取Rh,sin 370.6,cos 370.8,不计空气阻力,求:图7(1)小球被抛出时的速度v0;(2)小球到达半圆轨道最低点B时,对轨道的压力大小;(3)小球从C到D过程中摩擦力做的功Wf.审题模板答题模板(1)小球到达A点时,速度及程度方向的夹角为,如图所示则有v2gh由几何关系得v0v1cot 联立式得v0(2)A、B间竖直高度HR(1cos )设小球到达B点时的速度为v,则从抛出点到B过程中由机械能守恒定律得mvmg(Hh)mv2在B点,依据牛顿第二定律有FNmgm联立式解得FN5.6mg由
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 广西 南宁市 2017 届高三 物理 复习 专题 功能 关系 应用 课时 力学 中的 讲义
链接地址:https://www.taowenge.com/p-35458372.html
限制150内