2022年高考全国甲卷理科综合试题及答案解析（适用于云、川、贵、桂、藏）.docx

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1、2022年普通高等学校招生全国统一考试理科综合（适用于云南、四川、广西、贵州、西藏）考前须知：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 .回答选择题时，选出每题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上， 写在本试卷上无效。3 .考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 0 16 F 19 S 32 Ca 40 Cu 64一、选择题：此题共13小题，每题6分，共78分。在每题给出的四个选项中，只有 一项为哪一项符合题目要求的。1 .钙在骨

2、骼生长和肌肉收缩等过程中发挥重要作用。晒太阳有助于青少年骨骼生长，预防 老年人骨质疏松。以下表达错误是（）A.细胞中有以无机离子形式存在的钙B.人体内Ca可自由通过细胞膜的磷脂双分子层C.适当补充维生素D可以促进肠道对钙的吸收D.人体血液中钙离子浓度过低易出现抽搐现象【答案】B【解析】【分析】无机盐的存在形式与作用：（1）存在形式：细胞中大多数无机盐以离子的形式存在: （2）无机盐的功能：对维持细胞和生物体生命活动有重要作用，如：F。是构成血红素的元 素；Mg是构成叶绿素的元素。【详解】A、细胞中有以无机离子形式存在的钙，也有以化合物形式存在的钙（如CaCU）, A 正确；B、Ca?不能自由通

3、过细胞膜的磷脂双分子层，需要载体协助，B错误；C、维生素D能有效地促进人体肠道对钙和磷的吸收，故适当补充维生素D可以促进肠道对 钙的吸收，C正确：D、哺乳动物的血液中必须含有一定量的Ca。Ca.的含量太低，会出现抽搐等病症，D正确。 应选Bo.植物成熟叶肉细胞的细胞液浓度可以不同。现将a、b、c三种细胞液浓度不同的某种植 物成熟叶肉细胞，分别放入三个装有相同浓度蔗糖溶液的试管中，当水分交换到达平衡时点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的A倍，运动过程中将运发动视为质点并忽略所有阻力，那么c点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（）【答案】DC.2/2D.2h【解析】 【详解】运发动从a到c根据动能定

4、理有在。点有r匕.FNc-mg = m-& W kmg联立有2h应选D.15 .长为1的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为玲，要通过前方一长为/的隧道,当列车的任一局部处于隧道内时，列车速率都不允许超过/ （v %）。列车加速和减 速时加速度的大小分别为a和2&那么列车从减速开始至回到正常行驶速率%所用时间至少 为（）A.L + /2a vv0 - v + 2/B. +a vC. 3d+巴 D.2a v3（v0-v） L + 21 a v【答案】C【解析】【详解】由题知当列车的任一局部处于隧道内时.，列车速率都不允许超过/ （/3即l=h3应选C。17.两种放射性元素的半衰期分别为。和2f0

5、,在1 = 0时刻这两种元素的原子核总数为M在7 = 2%时刻，尚未衰变的原子核总数为:，那么在1 = 4%时刻，尚未衰变的原子核总数为( )NnN八 NnNA. B. C. D.12986【答案】C【解析】【详解】根据题意设半衰期为的元素原子核数为x，另一种元素原子核数为外依题意有x+y = N经历2 后有1Nx+y=一423联立可得z1、x = N, y = N33在Z = 4/0时，原子核数为x的元素经历了 4个半衰期，原子核数为y的元素经历了 2个半 衰期，那么此时未衰变的原子核总数为11N = + V =242-8应选C。18 .空间存在着匀强磁场和匀强电场，磁场的方向垂直于纸面（工

6、。），平面）向里，电场的方向沿y轴正方向。一带正电的粒子在电场和磁场的作用下，从坐标原点。由静止开始运动。以下四幅图中，可能正确描述该粒子运动轨迹的是（）【解析】【详解】AC.在x0平面内电场的方向沿y轴正方向，故在坐标原点。静止的带正电粒子在 电场力作用下会向y轴正方向运动。磁场方向垂直于纸面向里，根据左手定那么，可判断出向 y轴正方向运动的粒子同时受到沿x轴负方向的洛伦兹力，故带电粒子向x轴负方向偏转。 AC错误：BD.运动的过程中在电场力对带电粒子做功，粒子速度大小发生变化，粒子所受的洛伦兹力 方向始终与速度方向垂直。由于匀强电场方向是沿y轴正方向，故x轴为匀强电场的等势面, 从开始到带

7、电粒子偏转再次运动到*轴时，电场力做功为0,洛伦兹力不做功，故带电粒子 再次回到x轴时的速度为0,随后受电场力作用再次进入第二象限重复向左偏转，故B正确, D错误。应选Bo.如图，质量相等的两滑块P、Q置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水平连接，两滑块与 桌面间的动摩擦因数均为重力加速度大小为外用水平向右的拉力夕拉动P,使两滑块 均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，那么从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前（ ）E/7/A. P的加速度大小的最大值为Q加速度大小的最大值为B. P的位移大小一定大于Q的位移大小P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小【答案】AD【解析】【详解】设两物块的质量均为例撤去拉

8、力前，两滑块均做匀速直线运动，那么拉力大小为F = 2 mg撤去拉力前对Q受力分析可知，弹簧的弹力为 To = 7gAB.以向右为正方向，撤去拉力瞬间弹簧弹力不变为两滑块与地面间仍然保持相左j 滑动，此时滑块P的加速度为解得此刻滑块Q所受的外力不变，加速度仍为零，滑块P做减速运动，故PQ间距离减小，弹簧 的伸长量变小，弹簧弹力变小。根据牛顿第二定律可知P减速的加速度减小，滑块Q的合外 力增大，合力向左，做加速度增大的减速运动。故P加速度大小的最大值是刚撤去拉力瞬间的加速度为起。Q加速度大小最大值为弹簧恢复原长时_ 2g =也 Qm解得故滑块Q加速度大小最大值为A正确，B错误；C.滑块PQ水平向

9、右运动，PQ间的距离在减小，故P的位移一定小于Q的位移，C错误；D.滑块P在弹簧恢复到原长时的加速度为一机 g =解得4P2 = 9撤去拉力时，PQ的初速度相等，滑块P由开始的加速度大小为24g做加速度减小的减速运 动，最后弹簧原长时加速度大小为4g；滑块Q由开始的加速度为0做加速度增大的减速运 动，最后弹簧原长时加速度大小也为分析可知P的速度大小均不大于同一时刻Q的速 度大小，D正确。应选AD。20.如图，两根相互平行的光滑长直金属导轨固定在水平绝缘桌面上，在导轨的左端接入 电容为。的电容器和阻值为E的电阻。质量为卬、阻值也为R的导体棒例V静止于导轨上，与导轨垂直，且接触良好，导轨电阻忽略不

10、计，整个系统处于方向竖直向下的匀强磁场中。开始时，电容器所带的电荷量为Q,合上开关S后，（）A.通过导体棒MV电流的最大值为国- RCB.导体棒就向右先加速、后匀速运动C.导体棒MN速度最大时所受的安培力也最大D.电阻万上产生的焦耳热大于导体棒MV上产生的焦耳热【答案】AD【解析】【详解】也在运动过程中为非纯电阻，.极，上的电流瞬时值为.u- Blvi =RA.当闭合的瞬间，Blv = O,此时也V,可视为纯电阻尼此时反电动势最小，故电流最大max =max =u_Q_R CR故A正确；B.当时，导体棒加速运动，当速度到达最大值之后，电容器与及构成回路， 由于一直处于通路 形式，由能最守恒可知

11、，最后邠终极速度为零，故B错误；C.朗V在运动过程中为非纯电阻电路，网V上的电流瞬时值为.u-Blvi =R当 = 8/u时，J介上电流瞬时为零，安培力为零此时，.帆速度最大，故C错误；D.在加速度阶段，由于胡V反电动势存在，故V上电流小于电阻上的电流，电阻 消耗电能大于腑上消耗的电能（即舔 Emn ）,故加速过程中，Qr Qmn ：当MV减速为 零的过程中，电容器的电流和导体棒的电流都流经电阻形成各自的回路，因此可知此时也 是电阻R的电流大,综上分析可知全过程中电阻力上的热量大于导体棒上的热量,故D正确。 应选ADo21.地面上方某区域存在方向水平向右 匀强电场，将一带正电荷的小球自电场中产

12、点水 平向左射出。小球所受的重力和电场力的大小相等，重力势能和电势能的零点均取在尸点。那么射出后，（）A.小球的动能最小时，其电势能最大B.小球的动能等于初始动能时，其电势能最大C.小球速度的水平分量和竖直分量大小相等时，其动能最大D.从射出时刻到小球速度的水平分量为零时，重力做的功等于小球电势能的增加量【答案】BD【解析】【详解】A.如下图Eq = mg故等效重力G的方向与水平成45。V0当匕,二时速度最小为匕而=匕，由于此时匕存在水平分量，电场力还可以向左做负功， 故此时电势能不是最大，故A错误；BD.水平方向上m在竖直方向上由于= mg，得 = %如下图，小球的动能等于末动能。由于此时速

13、度没有水平分量，故电势能最大。由动能定 理可知%+W%=0那么重力做功等于小球电势能的增加量，故BI）正确；C.当如图中匕所示时，此时速度水平分量与竖直分量相等，动能最小，故c错误；应选BDo三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338 为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题：共129分。22. （5 分）某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源（电动势1.5V,内阻很小），电流 表（量程10mA,内阻约10C）,微安表（量程100b小，内阻R,待测，约IkQ）,滑动变 阻器7?（最大阻值10C）,定值电阻凡（阻值10复），开关S,导线假设干。（

14、5分）（1）在答题卡上将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图；（2）某次测量中，微安表的示数为90.0卬,电流表的示数为9.00mA,由此计算出微安表内阻叫=。【答案】.见解析 .990 Q【解析】【详解】（1） 1为了准确测出微安表两端的电压，可以让微安表与定值电阻吊并联，再与 电流表串联，通过电流表的电流与微安表的电流之差，可求出流过定值电阻吊的电流，从 而求出微安表两端的电压，进而求出微安表的内电阻，由于电源电压过大，并且为了测量多 组数据，滑动电阻器采用分压式解法，实验电路原理图如下图2流过定值电阻尼的电流/ = /.-/,.= 9.00mA - 0.09mA = 8.91 mA

15、 /I u加在微安表两端的电压微安表的内电阻U 8.91x10-2K =7IG 90.0x10U 8.91x10-2K =7IG 90.0x10Q = 990Q（10 分） 利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为孙的滑块A与质量为4的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比拟碰撞后A和B的速度大小匕和匕，进而(1)调节导轨水平；(2)测得两滑块的质量分别为0.510kg和0.304kg。要使碰撞后两滑块运动方向相反，应 选取质量为 kg的滑块作为A；(3)调节B的位置，使得A与B接触时，A的左端到左边挡板的距离电与B的右端到右边 挡板的距离力相等；(4)使A以一定的初速度沿

16、气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和B从碰撞 时刻开始到各自撞到挡板所用的时间彳和；(5)将B放回到碰撞前的位置，改变A的初速度大小，重复步骤(4)。屡次测量的结果如 下表所示；(6)表中的 (保存2位有效数字);12345“S0. 490. 671.011. 221. 39t2 /s0. 150.210. 330. 400. 46,Vj k =0.31k?0. 330. 330. 33(7)/的平均值为；(保存2位有效数字)v2(8)理论研究说明，对本实验的碰撞过程，是否为弹性碰撞可由上判断。假设两滑块的碰 v2撞为弹性碰撞，那么乜的理论表达式为（用叫和机，表示），本实验中其值为3

17、 -（保存2位有效数字），假设该值与（7）中结果间的差异在允许范围内，那么可认为滑块A与 滑块B在导轨上的碰撞为弹性碰撞。【答案】 .0.304.0.31.0.32.0.332町【解析】【详解】（2） 1应该用质量较小的滑块碰撞质量较大的滑块，碰后运动方向相反，应选 0. 304kg的滑块作为A。（6） 2由于两段位移大小相等，根据表中的数据可得V）右 0.21k-,= = - = 0.31v2 40.67（7） 3又平均值为 V2r 0.31 + 0314-0.33 + 0.33 + 0.33 k = 0.325（8） 4 5弹性碰撞时满足动量守恒和机械能守恒，可得联立解得v, _ ni2

18、-犯v2 2m代入数据可得4=0.33V224. （12 分）将一小球水平抛出，使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔（）.（）5s发出一 次闪光。某次拍摄时，小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光，拍摄的照片编辑后如下图。图 中的第一个小球为抛出瞬间的影像，每相邻两个球之间被删去了3个影像，所标出的两个 线段的长度4和与之比为3： 7。重力加速度大小取g = 10m/s2,忽略空气阻力。求在抛 出瞬间小球速度的大小。观察到：细胞a未发生变化；细胞b体积增大；细胞c发生了质壁别离。假设在水分交换期间细胞与蔗糖溶液没有溶质的交换，以下关于这一实验的表达，不合理的是（）A.水分交换前，细胞b的细

19、胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度B.水分交换前，细胞液浓度大小关系为细胞b细胞a细胞cC.水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度大于细胞a的细胞液浓度D.水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度【答案】C【解析】【分析】由题分析可知，水分交换到达平衡时细胞a未发生变化，既不吸水也不失水，细胞 a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度；细胞b的体积增大，说明细胞吸水，水分交换前, 细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度；细胞c发生质壁别离，说明细胞失水，水分 交换前，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度。【详解】A、由于细胞b在水分交换到达平衡时细胞的体积增大，说明细胞吸水，那么水分

20、交 换前，细胞b的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，A正确；B、水分交换到达平衡时，细胞a的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，细胞b的细胞液 浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，细胞c的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度，因此水分交 换前，细胞液浓度大小关系为细胞b细胞a细胞c, B正确；C、由题意可知，水分交换到达平衡时，细胞a未发生变化，说明其细胞液浓度与外界蔗糖 溶液浓度相等：水分交换到达平衡时，细胞c的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度，因此, 水分交换平衡时，细胞c的细胞液浓度等于细胞a的细胞液浓度，C错误；D、在一定的蔗糖溶液中，细胞c发生了质壁别离，水分交换到达平衡时，其细胞液浓度等 于外界

21、蔗糖溶液的浓度，D正确。应选C。3.植物激素通常与其受体结合才能发挥生理作用。喷施某种植物激素，能使某种作物的矮 生突变体长高。关于该矮生突变体矮生的原因，以下推测合理的是（）A.赤霉素合成途径受阻B.赤霉素受体合成受阻C.脱落酸合成途径受阻D.脱落酸受体合成受阻【答案】A【解析】【分析】赤霉素：合成部位：幼芽、幼根和未成熟的种子等幼嫩局部；主要生理功能：促进 细胞的伸长；解除种子、块茎的休眠并促进萌发的作用。【详解】AB、赤霉素具有促进细胞伸长的功能，该作用的发挥需要与受体结合后才能完成， 故喷施某种激素后作物的矮生突变体长高，说明喷施的为赤霉素，矮生突变体矮生的原因是 缺乏赤霉素而非受体合

22、成受阻（假设受体合成受阻，那么外源激素也不能起作用），A正确，B【答案】也m/s5【解析】【详解】频闪仪每隔0.05s发出一次闪光，每相邻两个球之间被删去3个影像，故相邻两球 的时间间隔为Z = 4T = 0.05x4s = 0.2s设抛出瞬间小球的速度为%,每相邻两球间的水平方向上位移为修竖直方向上的位移分别 为y、为，根据平抛运动位移公式有1 , 1 )y = - g厂=x 10 x 0.2 m = 0.2my2 = (2r)2 -gr = x 10 x(0.42 - 0.22) m = 0.6m222% =3y =3)，已标注的线段$2分别为心=J. + .$2 =+(3y二信+99 那

23、么有yx2 + y2 :yjx2 +9y2 =3:7 整理得26故在抛出瞬间小球的速度大小为X 2a/5 .% = = $ m/s25. （20 分）光点式检流计是一种可以测量微小电流的仪器，其简化的工作原理示意图如下图。图中4 为轻质绝缘弹簧，。为位于纸面上的线圈，虚线框内有与纸面垂直的匀强磁场；随为置于平 台上的轻质小平面反射镜，轻质刚性细杆。的一端与“固连且与镜面垂直，另一端与弹簧 下端相连，N为圆弧形的、带有均匀刻度的透明读数条，网的圆心位于”的中心使用前需 调零，使线圈内没有电流通过时，竖直且与纸面垂直；入射细光束沿水平方向经尸。上的 0点射到上后沿原路反射。线圈通入电流后弹簧长度改

24、变，使照发生倾斜，入射光束在 上的入射点仍近似处于网的圆心，通过读取反射光射到网上的位置，可以测得电流的大 小。弹簧的劲度系数为A,磁场磁感应强度大小为8线圈。的匝数为乂沿水平方向 的长度为细杆的长度为&圆弧国的半径为r, rd, d远大于弹簧长度改变量的 绝对值。（1）假设在线圈中通入的微小电流为1,求平衡后弹簧长度改变量的绝对值Ax及网上反射 光点与。点间的弧长s；（2）某同学用此装置测一微小电流，测量前未调零，将电流通入线圈后，N上反射光点出 现在0点上方，与0点间的弧长为s.保持其它条件不变，只将该电流反向接入，那么反射光 点出现在。点下方，与0点间的弧长为品。求待测电流的大小。【解析

25、】【详解】（1）由题意当线圈中通入微小电流/时，线圈中的安培力为F = NBU根据胡克定律有F = NBII = k Sx设此时细杆转过的弧度为0,那么可知反射光线转过的弧度为2。，又因为d x, r dsin。k , sin2 2，所以有Nx = 4 0联立可得2r A INBIlrs = Ay =d dk(2)因为测量前未调零，设没有通电流时偏移的弧长为s,当初始时反射光点在。点上方，通电流/,后根据前面的结论可知有2NBIlrs, =+ selk当电流反向后有2NBrir s dk联立可得/，丁 4以（4+邑）NBlr同理可得初始时反射光点在。点下方结果也相同，故待测电流的大小为4或（$

26、+*）NBlr26. （14 分） 硫酸锌(ZnSOQ是制备各种含锌材料的原料，在防腐、电镀、医学上有诸多应用。硫酸锌 可由菱锌矿制备。菱锌矿的主要成分为ZnCO,杂质为SiO?以及Ca、Mg、Fe、Cu等的化合物。其制备流程如下:灌渣滤渣滤渣滤渣此题中所涉及离子的氯氧化物溶度积常数如下表:离子FeZn2+Cu21Fe2+Mg2+4.0x1 O-386.7 x 10-172.2x10-2。8.0x1 O-161.8xl(r”回答以下问题:(1)菱锌矿焙烧生成氧化锌的化学方程式为 O(2)为了提高锌的浸取效果，可采取的措施有、o(3)加入物质X调溶液pH=5,最适宜使用的X是(填标号)。A. N

27、H3 H2O B. Ca(OH)2 C. NaOH滤渣的主要成分是、o(4)向8090的滤液中分批加入适量KMnC)4溶液充分反响后过滤，漉渣中有MnO2,该步反响的离子方程式为 o(5)滤液中加入锌粉的目的是 o(6)滤渣与浓HS。,反响可以释放HF并循环利用，同时得到的副产物是、焙烧【答案】 ZnCO3 = Zn0+C02 t(2) .增大压强.将焙烧后的产物碾碎，增大接触面枳、增大硫酸的浓度等(3) .B .Fe(0H)3.CaSO, . Si02(4) 3Fe2*+ MnO4 +7H2O=3Fe(OH)31 +MnO2 I +5H，(5)置换Cd为Cu从而除去(6) .CaSO, .M

28、gSOi【解析】【分析】由题干信息，菱锌矿的主要成分为ZnCO：“杂质为SiO?以及Ca、Mg、Fe、Cu等的焙烧化合物，结合流程图分析，菱锌矿焙烧，主要发生反响ZnCO.1:ZnO+CO2f ,再加入H,SOi酸浸,得到含Z、Ca2 Ma2 Fe2 Fe，的溶液，加入物质X调节pH=5,结合表格数 据，过滤得到Fe(0H)3、CaSOi、SiO?的滤渣，滤液中主要含有Zn/Cu2 Mg2 Ca/ Fe。 再向滤液中加入KMnOq溶液氧化Fe。过滤得到Fe(OH),和YnO?的滤渣，滤液中加入 锌粉，发生反响Zn+C/-ZnCu,过滤后得到滤渣为Cu,再向滤液中加入HF脱钙镁， 过滤得到滤渣为

29、Ca%、MgF2,滤液为ZnSOi溶液，经一系列处理得到ZnSOq740,据此 分析解答。【小问1详解】焙烧由分析，焙烧时，生成Zn()的反响为：ZnCO3=： ZnO+CO2 t ；【小问2详解】可采用增大压强、将焙烧后的产物碾碎，增大接触面积、增大硫酸的浓度等方式提高锌的浸 取率；小问3详解】NH-Hq易分解产生NH污染空气，且经济本钱较高，故A不适宜；A. Ca(0II)2不会引入新的杂质，且本钱较低，故B适宜；a()H会引入杂质Na,且本钱较高，C不适宜；故答案选B；当沉淀完全时(离子浓度小于10%ol/L),结合表格Ksp计算各离子完全沉淀时pll5的只 有Fe。故滤渣中有Fe(OH

30、)3,又CaS(%是微溶物，SiO?不溶于酸，故滤渣的主要成分是 Fe(OH)3、CaSOi、SiO2；【小问4详解】向8090C滤液中加入KMnOi溶液，可氧化Fe,得到Fe (0H)3和MnO?的滤渣，反响的离 子方程式为 3Fe+ MnO4 +7H2O=3Fe (OH) 31 +MnO2 I +5H*；【小问5详解】滤液中加入锌粉，发生反响Zn+Cu=Z/=Cu,故加入锌粉的目的为置换O?为Cu从而除 去；【小问6详解】由分析，滤渣为CaF?、MgFz，与浓硫酸反响可得到HF,同时得到的副产物为CaSOMgSO” 27. (15 分)硫化钠可广泛用于染料、医药行业。工业生产的硫化钠粗品中

31、常含有一定量的煤灰及重金 属硫化物等杂质。硫化钠易溶于热乙醇，重金属硫化物难溶于乙醇。实验室中常用95%乙醇 重结晶纯化硫化钠粗品。回答以下问题：(1)工业上常用芒硝(Na2sO/lOH?。)和煤粉在高温下生产硫化钠，同时生成CO,该反 应的化学方程式为 o(2)溶解回流装置如下图，回流前无需加入沸石，其原因是 o回流时，烧瓶内气雾上升高度不宜超过冷凝管高度的1/3.假设气雾上升过高，可采取的措施是 o关闭冷凝水移去水浴，正确的顺序为(填标号)。A. 0 B. C. D. J二 Pa碳氯化的反响趋势远大于直接氯化，其原因是 o对于碳氯化反响：增大压强，平衡 移动(填“向左”“向右”或“不”)；

32、温度升高，平衡转化率(填“变大” “变小”或“不变”)。(2)在l.OxloRa，将TiC)2、C、C1以物质的量比1 ： 2. 2 ： 2进行反响。体系中气体平衡组成比例(物质的量分数)随温度变化的理论计算结果如下图。0200400600800 1000 1200 1400 1600温度/反响C(s) + CO2(g) = 2C0(g)的平衡常数 (1400) =Pa。图中显示，在200平衡时TiO?几乎完全转化为TiCl4,但实际生产中反响温度却远高 于此温度，其原因是。(3) Ti。?碳氯化是一个“气一固一固”反响，有利于TiOz-C “固一固”接触的措施是【答案】(1).-223 .1

33、.2X10 .碳氯化反响气体分子数增加，AH小于0,是燧增、放热过程，嫡判据与嬉判据均是自发过程，而直接氯化的体系气体分子数不 变、且是吸热过程 .向左 .变小(2).7.2X105.为了提高反响速率，在相同时间内得到更多的TiCL产品，提高效益(3)将两固体粉碎后混合，同时鼓入CL使固体粉末“沸腾”【解析】【小问1详解】根据盖斯定律,将“反响ii-反响i ”得到反响2c (s)+02(g到2co (g),那么AK 2 i 2 x lOl2Pq11=-51 kJ/mo 1 -172kJ/mol=-223kJ/mo 1 ；那么 Kp= = - =1. 2X 10HPa；K 11.0 x 102碳

34、氯化的反响趋势远大于直接氯化，因为碳氯化反响气体分子数增加，AH小于0,是烯增、 放热过程，端判据与焙判据均是自发过程，而直接氯化的体系气体分子数不变、且是吸热过 程；对应碳氯化反响，气体分子数增大，依据勒夏特列原理，增大压强，平衡往气体分子数减 少的方向移动，即平衡向左移动；该反响是放热反响，温度升高，平衡往吸热方向移动，即 向左移动，那么平衡转化率变小。【小问2详解】从图中可知，1400C,体系中气体平衡组成比例C0?是0.05, TiCL是0.35, CO是0.6, 反响C （s） +C0? （g） =2C0 （g）的平衡常数Kp （1400） = 总）=。6 - L0 x 107 口=

35、7. 2X 1 OTa；0.05P总0.05 x 1.0 x I05实际生产中需要综合考虑反响的速率、产率等，以到达最正确效益，实际反响温度远高于 200,就是为了提高反响速率，在相同时间内得到更多的TiCL产品。【小问3详解】固体颗粒越小，比外表积越大，反响接触面积越大.有利于TiOz - C “固-固”接触，可将 两者粉碎后混合，同时鼓入Ck,使固体粉末“沸腾”，增大接触面积。29. （9 分）根据光合作用中C02的固定方式不同，可将植物分为C3植物和以植物等类型。C4植物的CO? 补偿点比C3植物的低。C02补偿点通常是指环境C02浓度降低导致光合速率与呼吸速率相等 时的环境CQ浓度。回

36、答以下问题。（1）不同植物（如C3植物和C4植物）光合作用光反响阶段的产物是相同的，光反响阶段的 产物是 （答出3点即可）。（2）正常条件下，植物叶片的光合产物不会全部运输到其他部位，原因是（答 出1点即可）。（3）干旱会导致气孔开度减小，研究发现在同等程度干旱条件下，C4植物比G植物生长得 好。从两种植物C02补偿点的角度分析，可能的原因是 O【答案】（1） 02、H和ATP（2）自身呼吸消耗或建造植物体结构（3） G植物的补偿点低于C3植物，G植物能够利用较低浓度的C0?【解析】【分析】光合作用包括光反响和暗反响两个阶段：（1）光合作用的光反响阶段（场所是叶绿 体的类囊体膜上）：水的光解产

37、生H与氧气，以及ATP的形成；（2）光合作用的暗反响阶段 （场所是叶绿体的基质中）：C0?被Cs固定形成C：“ C3在光反响提供的ATP和H的作用下还 原生成糖类等有机物是指绿色植物通过叶绿体，利用光能把二氧化碳和水转变成储存着能量 的有机物，并释放出氧气的过程。【小问1详解】光合作用光反响阶段的场所是叶绿体的类囊体膜上，光反响发生的物质变化包括水的光解以 及ATP的形成，因此光合作用光反响阶段生成的产物有。2、H和ATP。【小问2详解】叶片光合作用产物一局部用来建造植物体结构和自身呼吸消耗，其余局部被输送到植物体的 储藏器官储存起来。故正常条件下，植物叶片的光合产物不会全部运输到其他部位。【

38、小问3详解】C植物的CO2固定途径有C和C3途径,其主要的CO2固定酶是PEPC, Rubisco；而C,植物只 有G途径，其主要的CO2固定陋是Rubisco。干旱会导致气孔开度减小，叶片气孔关闭，C02 吸收减少；由于Ci植物的CO2补偿点低于C3植物，那么Ci植物能够利用较低浓度的C（h因此 光合作用受影响较小的植物是a植物，c植物比C3植物生长得好。30. （9 分）人体免疫系统对维持机体健康具有重要作用。机体初次和再次感染同一种病毒后，体内特 异性抗体浓度变化如下图。回答以下问题。（1）免疫细胞是免疫系统的重要组成成分，人体T细胞成熟的场所是;体液免疫过程中，能产生大量特异性抗体的细

39、胞是 O（2）体液免疫过程中，抗体和病毒结合后病毒最终被清除的方式是 o（3）病毒再次感染使机体内抗体浓度激增且保持较长时间（如下图），此时抗体浓度激 增的原因是。（4）依据图中所示的抗体浓度变化规律，为了获得更好的免疫效果，宜采取的疫苗接种措 施是 O【答案】（1）.胸腺.浆细胞（2）抗体与病毒特异性结合形成沉淀，被吞噬细胞吞噬消化（3）病毒再次感染时，机体内相应的记忆细胞迅速增殖分化，快速产生大量抗体（4）屡次接种【解析】错误；CD、脱落酸抑制植物细胞的分裂和种子的萌发，与植物矮化无直接关系，CD错误。应选A。4 .线粒体是细胞进行有氧呼吸的主要场所。研究发现，经常运动的人肌细胞中线粒体数

40、量 通常比缺乏锻炼的人多。以下与线粒体有关的表达，错误的选项是（）A.有氧呼吸时细胞质基质和线粒体中都能产生ATPB.线粒体内膜上的酶可以参与H和氧反响形成水的过程C.线粒体中的丙酮酸分解成CG和H的过程需要02的直接参与D.线粒体中的DNA能够通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成【答案】C【解析】【分析】有氧呼吸的第、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。 有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和H,合成少品ATP；第二阶段是丙酮酸和水反 应生成二氧化碳和H,合成少量ATP；第三阶段是氧气和H反响生成水，合成大量ATP。【详解】A、有氧呼吸的第一阶段场所是细胞质基质，第二、三阶段在线粒体，三个阶段均 可产生ATP,故有氧呼吸时细胞质基质和线粒体都可产生ATP, A正确；B、线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所，该阶段氧气和H反响生成水，该过程需要前的 催化，B正确；C、丙酮酸分解为和H是有氧呼吸第二阶段，场所是线粒体基质，该过程需要水的参与, 不需要氧气的参与，C错误；【）、线粒体是半自