物理学第三版祝之光课后练习复习资料.docx

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1、第一章 质点运动 时间 空间1-1一质点在平面上作曲线运动，时刻的位置矢量为，时刻的位置矢量为。求：（1）在时间内位移的矢量式： （2）该段时间内位移的大小和方向：（3）在坐标图上画出及。（题中以计，以计）解：（1） （2）0XY246-2246（3）1-2一质点作直线运动，其运动方程为，其中以计，以计。求：（1）第3秒末质点的位置；（2）前3秒内的位移大小；（3）前3秒内经过的路程（留意质点在何时速度方向发生变更）；（4）通过以上计算，试比拟位置、位移、路程三个概念的区分 解（1） （2） （3） （4）（略）1-3质点从某时刻开场运动，经过时间沿一曲折途径又回到动身点。已知初速度及末速度大

2、小相等，并且两速度矢量间的夹角为，如题1-3图所示。（1）求时间内质点的平均速度；（2）在图上画出时间内速度的增量，并求出它的大小；（3）求出时间内的平均加速度的大小，并说明其方向。A 解（1） （2） （如图所示） （3） 方向同方向。1-4 已知一质点的运动方程为式中以计，和以计。（1）计算并图示质点的运动轨迹；（2）求出 到这段时间内质点的平均速度； （3）计算1秒末和2秒末质点的速度；（4）计算1秒末和2秒末质点的加速度。11223解（1） 运动轨迹如图 (2)（3）（4） 1-5 一 身高为的人，用绳子跨过滑轮拉一雪橇匀速奔跑。雪橇在高出地面的平台上，如题1-5图所示，人奔跑的速率为

3、，绳子总长为，起始时刻（），人到滑轮间的绳长为。试按如图所示坐标系：（1）写出雪橇在平台上的运动方程；（2）求出雪橇在平台上的运动速度。 解（1）（示意图见课本P19 题图1-5） 由题意知，当时，； 在时刻，所以，雪橇在平台上的运动方程为： （2） 1-6 球无摩擦地沿如图所示的坡路上加速滑动。试分别探讨在点（平地上）、点（上坡起点）、点（坡的最高点）和点（下坡路中的一点），关系式是否成立？为什么？（设）解：在A点成立，B/、C、D点均不成立。因为只有当时，才有1-7 一质点作圆周运动的运动方程为 （以计，以计），在时开场逆时针转动。问：（1）时，质点以什么方向转动？ （2）质点转动方向变更

4、的瞬间 ，它的角位置等于多少？ 解（1）0 所以该时刻及初始时刻的转动方向相反，以顺时针方向转动。 （2）转动方向变更的瞬间，即角速度为0的瞬间。所以， 由1-8如图示，图（）为矿井提升机示意图，绞筒的半径。图（）为料斗工作时的图线，图中。试求等时刻绞筒的角速度、角加速度和绞筒边缘上的一点的加速度。MNO481216题1-8图 解由图示可知， 角速度 角加速度N点的加速度 1-9质点从静止动身沿半径的圆周作匀变速运动，切向加速度。问：（1）经过多少时间后质点的总加速度恰好及半径成角？（2）在上述时间内，质点所经验的角位移和路程各为多少？ 解（1） 可得 解得 又因为 由（2）由匀变速圆周公式

5、得1-10 列车沿圆弧轨道行驶，方向由西向东渐渐变为向北，其运动规律（以计，以计）。当时，列车在点，此圆弧轨道的半径为1500.若把列车视为质点，求列车从点行驶到处的速率和加速度。东北题1-10图解 （1） 当时，有 解得 （不合题意，舍去）将代入（1）式， 又时 第二章 力 动量 能量2-2 把一个质量为的木块放在及程度成角的固定斜面上，两者间的静摩擦因数较小，因此若不加支持，木块将加速下滑。（1）试证。（2）必需加多大的程度力，才能使木块恰不下滑？这时木块对斜面的正压力多大？（3）如不断增大力的值，则摩擦力和正压力将有怎样的变更？（1）证明F建立如图坐标系，依据牛顿第二运动定律，可得：（2

6、）由牛二定律，可得： 解得 （3）由，正压力随着F的增大而增加。静摩擦力随的增加而削减，方向沿斜面对上；题2-3图2-3 如图所示，已知两物体及平面的摩擦因数均为0.2.求质量为的物体的加速度及绳子对它的拉力（绳子和滑轮质量均不计）解：隔离物体，作出受力分析图，由牛二定律可得:由题意：解此方程组，解得2-4 三个物体，质量分别是。当把它们如图（）所示放置时，物体系正好匀速运动。（1）求物体及程度桌面间的摩擦因数；（2）假如将物体移到物体的上面，如图（）所示，求系统的加速度及绳中张力（滑轮及绳的质量不计）解（1）取物体系为探讨对象，受力分析如图： 由于物体系匀速运动，所以有C 两式联立，解得（2

7、）隔离物体和物体、，受力分析如图所示 由牛顿运动第二定律，可得： 其中 三式联立，解得：2-5 的箱子放在卡车的车厢底板上，已知箱及底板之间的静摩擦因数为0.40，滑动摩擦因数为0.25.试求下列状况下，作用在箱上的摩擦力的大小和方向：（1）当卡车以加速度行驶时： （2）当卡车以减速行驶时。 解：由题意知 （1） 所以作用在箱上的静摩擦力为80牛，方向向前。（2） 所以作用在箱上的静摩擦力为140牛，方向向后。题2-6图2-6一质量为的小球最初静止于如图所示的点，然后沿半径为的光滑圆弧的内外表下滑。试求小球在点时的角速度和对圆弧外表的作用力。解：设小球 时刻，转过的角度为(如图所示) 由牛顿第

8、二定律可得： 即 所以 对上式两边同时积分，并且考虑到 得 在点， 所以 在点，小球对圆弧外表的作用力及圆弧对小球的作用力是一对作用力及反作用力，圆弧对小球的作用力及重力在径向的分力的合力充当向心力，所以有2-7 将质量的物体，以初速抛出。取程度向右，竖直向下，忽视阻力，试计算并作出矢量图：（1）物体抛出后，第2秒末和第5秒末的动量（）。（2）第2秒末至第5秒末的时间间隔内，作用于物体的重力的冲量。 解：（1）物体抛出后作平抛运动，所以有63（2）重力即物体受到的合外力，依据动量定理，有2-8一质量为的滑块，沿如图所示的轨道以初速无摩擦地滑动。求滑块由运动到的过程中所受到的冲量，并图示（及地面

9、平行。取程度向右，竖直向上）。AOC解：滑块从A到C的过程中，由于受到的合外力为零，所以冲量为零。整个过程受到的冲量 即为从C到B受到的冲量。 如图所示，滑块在圆弧上任一位置时，由牛顿第二定律，可得： (分别变量) （两边同时积分）并考虑到 解得 或记作 由动量定理，2-9 质量为 的小球，以的速率和的仰角投向竖直放置的木板，如图所示。设球及板碰撞时间为，反弹角度及入射角相等，小球速度在程度方向重量的大小不变，求木板对小球的冲力（取轴程度向右建立坐标系）。解：建立如图坐标系，则由题意知 依据动量定理，木板对小球的冲量为：2-10 炮弹在抛物线轨道最高点炸裂成A、B两块，。设爆炸前瞬时，炮弹速度

10、为。若忽视重力，此爆炸过程符合什么规律？并就下面两种状况写出该规律的方程：（1）B落在爆炸点的下方，设爆炸后瞬时B的速率为；（2）B沿原来的轨道返回抛出点。并就第（2）种状况答复：A将沿什么方向飞去？是否落在原来预料的着地点？A、B是否同时落地？落地时的速率是否相等？ 解：若忽视重力，炮弹不受外力，遵守动量守恒定律。 （1） 依据动量守恒定律，应有 （2）2-12质量为的人以的程度速度从后面跳上质量为的小车上，小车原来的速度为。问：（1）小车的运动速度将变为多少？（2）人假如迎面跳上小车，小车的速度又将变为多少？ 解：(1)人和小车组成的系统不受外力作用，系统的动量守恒。 设人跳上车后的共同速

11、度（即小车的速度）为，依据动量守恒定律，有 解得 （2）当人迎面跳上小车时， 代入上式，解得 2-13 从深的井中，把的水匀速上提，若每上升漏去的水。（1）画出示意图，设置坐标轴后，写出外力所作元功的表达式：（2）计算把水从水面提到井口外力所作的功。 解 建立如图坐标系。因匀速上升，所以外力大小等于重力。 当水位于任一位置时，其质量为 此时外力大小为 （1）(J) (2) 2-14 原子核及电子的吸引力的大小随它们之间的间隔 而变，其规律为，求电子从运动到，核的吸引力所作之功。 解 (是减小的)2-15 用铁锤将一铁钉钉进木板。设木板对钉的阻力及钉进木板之深度成正比。在第一次锤击时，钉被钉进木

12、板。问第二次锤击时，钉被钉进木板多深？假设每次锤击铁钉前速度相等，且锤及铁钉的碰撞为完全非弹性碰撞。 解 设 由题意，铁锤每次锤击，钉克制阻力做一样的功。 第一次锤击做功为： 第二次锤击做功为： 由 解得2-16 质量为的子弹，在枪筒中前进时受到的合力是的单位是的单位是。子弹在枪口的速度为，试计算枪筒的长度。 解取子弹为探讨对象依据动能定理，有： 积分，并将代入，得 解得 2-17一条匀称链条，质量为，长为，成直线状放在桌面上。已知链条下垂长度为时，链条开场下滑。试用动能定理计算下面两种状况链条刚好分开桌面时的速率。（1）不计链条及桌面间的摩擦。（2）设链条及桌面间的摩擦因数为。 解：（1）取

13、链条为探讨对象，当其下落长度时，受到的合外力为 链条从开场下落到刚好全部分开桌面，外力做的总功为： 设链条刚好全部分开桌面时速度为，依据动能定理，有 解得 （2） 依据动能定理，有 解得 2-20 从轻弹簧的原长开场，第一次拉伸长度，在此根底上，第二次使弹簧再伸长，继而，第三次又拉伸长度。求第三次拉伸和第二次拉伸弹力作功的比值。解：弹簧各次升长弹力作功分别为： 第三次拉伸和第二次拉伸弹力作功的比值为：题2-21图2-21 两轻弹簧A、B，劲度系数分别为，把它们如图串接后，再悬一质量为的重物，释手后，任其运动。（1）设某时刻两弹簧共伸长，求、的分别伸长值和。（2）、串接后，把它们看作一个新弹簧，

14、设新弹簧的劲度系数为，请用表示。（3）某时刻，作用在重物上的弹力正好等于重物的重量，这时（弹簧、重物、地球）系统处于平衡。求此时两弹簧的总伸长量。（4）重物从初位置（两弹簧都没有伸长时）运动到平衡位置的过程中，弹力和重力作功分别是多少？二者合力作功是多少？（5）设重力势能的零势能点和弹性势能的零势能点都在初位置处，分别求在平衡状态时的重力势能和弹性势能。（6）运动过程中不计任何阻力，求平衡位置处重物的动能和系统的机械能。解：（1）由题意知 （1） 某时刻，系统处于平衡状态，所以有 （2） 两式联立，解得 （2）依据受力分析，应有 将代入上式，得 所以即 （3）由题意，所以 （4） （5）依据

15、（6）由（4）知，重物从初始位置运动到平衡位置的过程中，重力和弹力做的总功为取重物C为探讨对象，依据动能定理，且所以有 2-22 已知子弹质量，木块质量是，弹簧的劲度系数， 子弹以初速射入木块后，弹簧被压缩。求的大小。设木块及平面间的滑动摩擦因数为0.2，不计空气阻力。题2-22图解：取子弹和木块组成的系统为探讨对象，在子弹射入的过程中，由于不受外力作用，系统的动量守恒，设碰后系统的速度为，取方向为轴正方向，依据动量守恒定理，有 (1)在压缩弹簧的过程中，系统受到弹力和摩擦力的阻碍作用，最终停下来。依据动能定理，有 （2）（1）（2）联立，并将已知数值代入，解得2-23 质量为的物体静止地置于

16、光滑的程度桌面上并接有一轻弹簧。另一质量为的物体以速度及弹簧相撞。问当弹簧压缩最甚时有百分之几的动能转化为弹性势能？解：取（）组成的系统为探讨对象。碰前系统的总动能为的动能， 当（）有共同速度时，弹簧压缩最甚。碰撞过程系统的动量守恒，所以有：第三章 刚体的定轴转动3-2一飞轮以转速转动，受制动匀称减速，经后静止。（1）求角加速度和从制动开场到静止这段时间飞轮转过的转数；（2）求制动开场后时飞轮的角速度；（3）设飞轮的半径，求在时飞轮边缘上一点的速度和加速度。解：（1） （2） （3） 3-3 有一匀称细棒，质量为，长为。设转轴通过棒上离中心为的一点并及棒垂直，求棒对此轴的转动惯量。这一转动惯量

17、及棒对通过棒的中心并及此轴平行的转轴的转动惯量相差多少？解：（1）关于轴的转动惯量：如图 （2）关于通过棒的中心轴的转动惯量： （3）转动惯量之差：3-4地球的质量，半径，求其对自转轴的转动惯量和自转运动的动能。（假定地球密度匀称，其转动惯量可按匀称实球体公式计算）。解：由球体的转动惯量，可知地球自转的转动惯量为： 由 得3-5 试求匀质圆环（为已知）对中心垂直轴的转动惯量。解：在圆环上取质量元，题3-6图 3-6如图所示。两物体的质量分别为和，滑轮的转动惯量为，半径为。如及桌面的摩擦因数为，求系统的加速度及绳中的张力及（设绳子及滑轮间无相对滑动）。解：依据牛顿运动第二定律和转动定理，分别对两

18、物体和滑轮列方程为 ： （1） （2） （3） 由题意可知 （4） 四式联立，解得：3-7 两个半径不同的同轴滑轮固定在一起，两滑轮半径分别为和。下面悬二重物，质量分别为和，如图所示。滑轮的转动惯量为。绳的质量，绳的伸长，轴承摩擦均不计。求重物下降的加速度和两边绳中的张力。解：由牛顿运动第二定律和转动定律分别对二重物和滑轮可列方程为：题3-7图又由系统各物体间的联络，可列方程为：五式联立，解得：题3-8图3-8 质量、长的匀称直棒，可绕垂直于棒的一端的程度轴无摩擦地转。它原来静止在平衡位置上。如今一质量为的弹性小球飞来，正好在棒的下端及棒垂直地相撞。撞后，棒从平衡位置处摇摆到达最大角度，如图，

19、（1）设碰撞为弹性的，试计算小球的初速度的大小。 （2）相撞时，小球受到多大的冲量？解：（1）设为小球碰后的速度，由于弹性碰撞，碰撞过程角动量和动能守恒。所以有：化简得：化简得：得：撞后，由于无外力作用，棒的机械能应守恒，所以有：将（5）式代入（4）式，得：（2）依据动量定理，小球受到的冲量等于小球动量的增量，所以有：将（1）式和（5）式代入，解得：题3-9图3-9 两轮、分别绕通过其中心的垂直轴向同一方向转动，如图示。角速度分别为。已知两轮的半径及质量分别为两轮沿轴线方向彼此靠近而接触，试求两轮连接后的角速度。解：在两轮靠近的过程中，由于不受外力矩的作用，角动量守恒，所以有：3-11 质量为

20、，长的匀称细棒，可绕垂直于棒的一端的光滑程度轴转动。如将此棒放在程度位置，然后任其开场转动。求：（1）开场转动时的角加速度；（2）落到竖直位置时的动能；（3）落到竖直位置时的动量矩（指对转轴）。取。解：（1）由转动定律，得 （2）在转动过程中，由于不受外力作用，机械能守恒。所以落到竖直位置时的动能等于初始位置时的势能。即 （3）由 3-12 质量匀称分布的圆柱形木棒可绕程度固定轴在竖直面内转动，转轴过棒的中点及棒身垂直且光滑，棒长，质量。当棒在竖直面内静止时，有一子弹在距棒中点处穿透木棒，该子弹质量，初速大小，方向及棒和轴都垂直，子弹穿出棒后速度大小变为，方向不变。求子弹穿出棒的瞬时棒的角速度

21、的大小。解：由碰撞过程角动量守恒，可得： 解得：自测题1一、 选择题1、 有一质点在平面上运动，运动方程为，则该质点作（ ）（）曲线运动；（）匀速直线运动；（）匀变速直线运动；（）变加速直线运动。图1-12、如图1-1所示，细绳通过两轻质定滑轮在两端各挂一个物块和，设，初始、处于同一高度且都静止。若使偏离平衡位置角而来回摇摆，则物块将 （ ） （）保持不动； （）向上运动； （）向下运动； （）上下运动。3、有一物体在平面上运动，受力作用后其动量沿两轴方向的变更分别为和，则该力施于此物体的冲量大小为 （ ）（C）图1-24、如图1-2所示，有一物体置于小车的左端，小车放在光滑的程度面上。用力拉

22、物体使它从车的左端运动到右端，保持的大小和方向不变，以地面为参考系，在车固定和不固定的两种状况下，下列结论正确的是：（ ）（）两种状况力作的功相等。 （）两种状况物体及车间的摩擦力对物体作的功相等，（）两种状况物体获得的动能相等。（）两种状况由于摩擦而产生的热相等。图1-35、如图1-3所示，质点沿直线作匀速运动，、为轨道直线上随意两点，为线外的任肯定点（可视为垂直纸面的轴及纸面的交点），和代表质点在、两点处对定点（轴）的角动量，则 （ ）（）、方向不同，但。 （）、方向一样，但（）、的方向和大小都不同。（）、的方向和大小都一样。图1-46、对于质点组，内力可以变更的物理量是 （ ）（）总动量

23、 （）总角动量 （）总动能 （）总质量图1-57、如图1-4，一绳穿过程度桌面中心的小孔联接桌面上的小物块，令物块先在桌面上作以小孔为圆心的圆周运动，然后将绳的下端缓慢向下拉，则小物块的 （）动量、动能、角动量都变更。（）动量不变，动能、角动量都变更。（）动能不变，动量、角动量都变更。（）角动量不变，动量、动能都变更。 ( )8、如图1-5，匀称木棒可绕其端点并及棒垂直的程度光滑轴转动。令棒从程度位置开场下落，在棒转到竖直位置的过程中，下列说法中正确的是：（）角速度从小到大，角加速度从小到大。（）角速度从小到大，角加速度从大到小。（）角速度从大到小，角加速度从大到小。（）角速度从大到小，角加速

24、度从小到大。9、如图1-6，匀称木棒可绕过其中点的程度光滑轴在竖直面内转动。棒初始位于程度位置，一小球沿竖直方向下落及棒的右端发生弹性碰撞。碰撞过程中，小球和棒组成的系统 （ ）（B）图1-6（）动量守恒、动能守恒。（）动量守恒、角动量守恒。（）角动量守恒、动能守恒。（）只有动能守恒。二、 填空题1、 质点的运动方程为，则质点（1）在第1内的位移 ，第1内的路程 。（2）第1内的平均速度 ，第1内的平均速率 。（3）随意时刻的速度 ，随意时刻的速率 。（4）随意时刻的切向加速度 ，随意时刻的总加速度的大小 ，方向 。图1-72、如图1-7所示，质量相等的两物块、用轻弹簧相连后再用轻绳吊在天花板

25、之下，初始系统平衡。快速将绳在处烧断，则在绳断开瞬间，物块的加速度 ，物块的加速度 。3、一颗子弹在枪筒里前进时受到的合力大小为子弹从枪口射出的速率为，设子弹分开枪口时所受合力恰好为零。则（1）子弹在枪筒中所受合力的冲量 ；（2）子弹的质量 。图1-84、如图1-8所示，人造地球卫星绕地球沿椭圆轨道运转，地球在轨道的一个焦点上。、分别为轨道的远地点和近地点，到地心的间隔 设为和 。若卫星在点的速率为则卫星在点的速率 。5、沿轴运动的质点所受合力。质点的质量，由原点从静止动身，则质点到达处时，在这段位移上，合力对质点所作的功，质点在处的速率为 。6、质量为的火箭从地面放射上升一个地球半径，地球引

26、力对火箭作的功。（设地球质量为，引力常数为）图1-97、如图1-9所示，、两物块和滑轮的质量分别为，滑轮半径为、对轴的转动惯量为。设桌面和转轴光滑，绳不伸长且质量不计，绳在滑轮上不打滑。则物块的加速度 。8、转动惯量为的飞轮以角速度作定轴转动，受到及角速度的平方成正比的制动力矩作用（比例系数为），使其角速度渐渐减小。从开场制动到角速度减小为时所经验的时间为 。第六章 静电场6-3、在坐标原点及（）点分别放置电荷的点电荷，求点处的场强（坐标单位为）。解：(如图)，由点电荷的场强公式，可得：12-16-5 一根玻璃棒被弯成半径为的半圆形，其上电荷匀称分布，总电荷量为。求半圆中心点的场强。解：(如图

27、)，在棒上取电荷元，则 （方向如图）由对称性分析，可知6-6 如图所示，有一半径为的匀称带电圆环，总电荷量为。利用例6-4所得结果，（1）求环心处的场强；（2）轴线上什么地方场强最大？它的数值是多少？（3）画出轴线上的曲线；（4）若是匀称带电的圆盘（半径为，电荷面密度为），你能否利用例6-4的结论提出计算此圆盘上离盘心处的场强的方法？解:由例6-4知，匀称带电圆环在中心轴线上任一点的场强为：（1）环心处（）时 （2）令 即 解得（3）（略）（4）取6-11 两个匀称的带电同心球面，内球面带有电荷，外球面带有电荷，两球面之间区域中距球心为的点的场强为方向沿球面半径指向球心，外球面之外距球心为的点

28、的场强为，方向沿球面半径向外。试求和各为多少？解：由高斯定理和已知条件可得：6-12 用高斯定理求匀称带正电的无限长细棒外的场强分布，设棒上电荷的线密度为。解：由电荷的对称性分布可知，距无限长细棒间隔 相等的点的场强都相等，方向在垂直于细棒的平面内且呈发散状。取以细棒为轴心，高为、底面半径为的圆柱面为高斯面，依据高斯定理，有：6-16有一对点电荷，所带电荷量的大小都为，它们间的间隔 为。试就下述两种情形求这两点电荷连线中点的场强和电势：（1）两点电荷带同种电荷；（2）两点电荷带异种电荷。解：（1）依据点电荷的场强和电势公式，有： 所以 （2） 所以 （方向指向负电荷）+题6-176-17 如图

29、所示，点有电荷点有电荷，是以为中心、为半径的半圆。（1）将单位正电荷从点沿移到点，电场力作功多少？（2）将单位负电荷从点沿延长线移到无穷远处，电场力作功多少？解：（1） （2）6-19 在半径分别为和的两个同心球面上，分别匀称带电，电荷量各为 和，且 。求下列区域内的电势分布：（1）（3）。解：由高斯定理可得场强分别为：取无限远处为电势零点，依据电势的定义式，可得;6-25、是三块平行金属板，面积均为，、相距、相距 、两板都接地，如图所示。设板带正电，不计边缘效应（即认为电场集中在平板之间且是匀称的）。（1） 若平板之间为空气（），求板和板上的感应电荷，以及板上的电势；（2）若在、间另充以 的

30、匀称电介质，再求板和板上的感应电荷，以及板上的电势。题6-25图解：（1） 由 ，得：（1）、（2）联立，解得：（2）由 得（1）、联立，解得6-28 一空气平板电容器的电容，充电到电荷为后，将电源切断。（1）求板极间的电势差和电场能量；（2）将两极板拉开，使间隔 增到原间隔 的两倍，试计算拉开前后电场能的变更，并说明其缘由。解：（1）（2）由于拉开前后板极的电荷量不变，场强大小不变，而，可见拉开后两板间的电势差是原来的2倍，即。外力克制电场力作功，电势能增加。6-29 平板电容器两极间的空间（体积为）被相对介电常数为的匀称电介质填满。极板上电荷的面密度为。试计算将电介质从电容器中取出过程中外

31、力所作的功。解：同理，可得 依据功能关系，外力作的功等于电容器电势能的增量，所以有：自测题（2）一、 选择题（每小题给出的几个答案中，只有一个是正确的）1、 平行板空气电容器的两极板间的间隔 为，极板面积为，两极板所带电荷分别为和，若很小时，则两极板互相作用的静电力为2、 如图1-1所示，闭合面内有一点电荷，为面上一点，在面外的点另一点电荷。若将移至也在面外的点，则图1-1（）穿过面的通量变更，点的场强不变。（）穿过面的通量不变，点的场强变更。（）穿过面的通量和点的场强都不变。图1-2（）穿过面的通量和点的场强都变更。3、 如图1-2所示，一圆环匀称带电，另有 两个带电荷都为的点电荷位于环的轴

32、线上，分别在环的两侧，它们到环心的间隔 都等于环的半径。当此电荷系统处于平衡时，则（数值比）为 （ ）（）（）（）（）4图1-34、 如图1-3所示，和是同一圆周上的两点，为圆内的随意点，当在圆心处置一正点电荷时，则正确的是 （ ）（）（）和大小不确定。图1-45、如图1-4所示，和为两段同心（在点）的圆弧，它们所张的圆心角都是。两圆弧都匀称带正电，并且电荷的线密度也相等。设和在点产生的电势分别为和，则正确的是 （ ）（）、大小不定。6、有一半径为的金属球壳，其内部充溢相对介电常数为的匀称电介质，球壳外面是真空。当球壳上匀称带有电荷时，则此球壳上面的电势为7、如图1-5所示，一带正电荷的质点在

33、电场中从点经点运动到点，轨迹为弧。若质点的速率递减，则点处场强方向正确的是四个图中的 （ ）（） （）（） （）图1-58、如图1-6，图中的实线为线，虚线表示等势面，则由图可断定 （ ） 图1-6 (）9、如图1-7所示，轴上的两个电荷量都为的点电荷相距，球面的 球心位于左边电荷处，半径为。和为球面上两块相等的小面积，分别位于点的左右两侧。设通过、的通量分别为和，通过球面的通量为，则正确的是：（ ）图1-7(）10、极板间为真空的平行板电容器充电后及电源断开，今将两极板用绝缘工具拉开一些间隔 ，则下列结论中不正确的是 （ ） (）电容器两极板间的电势差增大。 （）电容器的电容削减。 （）电容

34、器中电场能量增加。 （）电容器两极间的电场强度增大。二、 填空题1、 说明下列各式的物理意义：（1） 。（2） 。（3） 。（4） 。（5） 。2、一匀称带电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内随意点的场强，电势 ；始终在球外的随意点的场强，电势 （填写变大、变小或不变）。3、如图1-8（）在一边长为的正六边形的六个顶点放置六个点电荷（或），则此六边形中心处的场强大小为，场强方向为 。若如图（）放置，并把一试验电荷由无限远处移至点，则电场力所作的功为。（取零电势点在无限远。）图1-8 图1-94、设有一无限长匀称带电直线，如图1-9所示。电荷线密度为两点分别在线的两侧，它们到线的间隔

35、 分别为和。则两点间的电势差为。将一试验电荷从点移到点，带电直线和组成的系统的电势能变更量为 。图1-105、如图1-10所示，一点电荷位于不带电的空腔导体（灰色者）腔内。设有三个封闭曲面、和（用虚线表示），在这三个曲面中，通量为零的曲面是，场强到处为零的曲面是 。6、电荷线密度分别为和的两平行匀称带电长直导线，相距为，则单位长度上的电荷受到的静电力大小为 。7、一半径为的球体匀称带电，电荷体密度为，则球体外距球心为的点的场强大小为；球体内距球心为的点的场强大小为 。8、两无限大的平行平面匀称带电，面电荷密度都是，如图1-11所示，则区域中各点场强 ，区域中各点场强 ，区域中各点场强 。（方向

36、用单位矢量表示）9、半径为的导体球，带有电荷，球外有一内外半径分别为和的同心导体球壳，壳上带有电荷。则球的电势，球壳的电势。（取零电势点在无限远。）10、两无限大金属平板和的面积都是，平行相对，板间间隔 为。将两板接电源后，使两板电势分别为现将另一带电荷、面积也为厚度可不计的金属薄片平行相对地插在、两板之间，如图1-12所示。则金属薄片图1-11的电势 。图1第七章 稳恒磁场7-5、如图1所示，已知一匀称磁场的磁感应强度，方向沿轴正向。试求：（1）通过图中面的磁通量；（2）通过图中面的磁通量；（3）通过图中面的磁通量。解：（1）（2）由于，（3）从面穿入的磁感线全部从穿出，所以7-6一载有电流

37、的硬导线，转折处为半径的四分之一圆周。匀称外磁场的大小为，其方向垂直于导线所在的平面，如图2所示，求圆弧局部所受的力。解：在圆弧上任取一电流元，依据安培定律 得：（方向沿半径指向外） 设方向为轴正方向，方向为轴正方向，且 及的夹角设为，则：图27-8 一半圆形闭合线圈，半径，通有电流，放在匀称磁场中，磁场方向及线圈平面平行，大小为，如图3所示，求线圈所受力矩的大小。图3解：7-11一条无限长直导线在在一处弯折成半径为的圆弧，如图4所示，若已知导线中电流强度为，试利用毕奥-萨伐尔定律求（1）当圆弧为半圆周时，圆心处的磁感应强度；（2）当圆弧为圆周时，圆心处的磁感应强度。解：由毕奥-萨伐尔定律知，

38、由于场点及直线电流的夹角总是为，所以。因此，总的磁感强度只是由圆弧电流产生的。()（1）在圆弧上任取电流元，（）图4（2）同理可得：7-12 如图5所示，两根导线沿半径方向引到铁环上的、两点，并在很远处电源相连，求环中心的磁感应强度。解：（如图5）（方向向外）图5（方向向里） （1）又因为并联，所以（为的 电阻）即 依据电阻定律，又有，所以，即 （2） （2）式代入（1）式，得7-13一长直导线，通有电流，其旁放置一段导线，通有电流，且及在同一平面上，端距为，端距为，如图6所示。求导线所受的作用力。图6解：直电流在四周空间产生磁场，直电流放在其磁场中，受到安培力的作用。在上任取一电流元，距的垂

39、直间隔 为，则： （方向垂直纸面对里） （方向向上）7-17如图7所示，载流长直导线中的电流为。求通过矩形面积的磁通量。解：在距载流长直导线间隔 为处的磁感强度为（方向垂直纸面对里） 在矩形线框中取面元图7 则通过面元的磁通量为：第八章 电磁感应 电磁场图8-18-3 一长直导线，通有电流，在及其相距处放一矩形线圈，线圈1000匝，线圈在如图8-1所示位置以速度沿垂直于长导线的方向向右运动的瞬时，线圈中的感应电动势是多少？方向如何？（设线圈长，宽。）解：、边不切割磁感线，不产生感应电动势 产生电动势产生电动势回路中总感应电动势方向沿顺时针图8-28-6如图8-2所示，通过回路的磁感应线及线圈平

40、面垂直指向纸内，磁通量以下列关系式变更，式中以秒计。求时回路中感应电动势的大小和方向。解：当 时，由右螺旋定则知，电动势方向为逆时针方向8-7、两段导线，长度均为，在处相接而成角，如图8-3所示。若使导线在匀称磁场中以速率向右运动，磁场的方向垂直纸面对里，的大小为。问、之间的电势差为多少？哪一端电势高？若导线向上运动，则又如何？图8-3解：（1）以速率向右运动时由右螺旋定则可以断定，感应电动势的方向向上，所以点电势高。（2）导线向上运动时由右螺旋定则可以断定，感应电动势的方向向左，所以点电势高。8-8一长直导线，载有电流。在其旁边放置一金属杆。端及导线的间隔 为，端及导线的间隔 为，如图8-4

41、所示。设金属杆以匀速向上运动，试求此金属杆中的感应电动势，并问哪一端电势较高？图8-4解:在上距长直导线电流为处任取一微元，依据动生电动势的定义式，可得：由右螺旋定则可以断定，感应电动势的方向向左，所以点电势高。图8-58-9 长为的一金属杆，程度放置在匀称磁场中，如图8-5所示。金属棒可绕点在程度面内以角速度旋转，点离端的间隔 为（设）。试求、两端的电势差，并指出哪端电势高。解：（1）两端的电势差： 在金属棒上任取一微元，依据动生电动势的定义式，可得： （电动势方向由指向，端电势低）（2）两端的电势差： 同理可得 （电动势方向由指向，端电势低） （3）端电势高。自测题（3）一、 选择题（每小题给出的答案中，只有一个是正确的）1、一带电粒子的径迹如图3-1所示。此带电粒